火警'英文怎么写?

当传感器R₂所在处出现火情时，R₂的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流变大，电源的内电压变大，路端电压变小，则U变小．电路中并联部分的电压U_并=E-I（R₁+r），I变大，其他量不变，则U_并变小，I也变小．所以I 变小，U 变小．故AC正确，BD错误；
故选AC．

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律；常见传感器的工作原理．

考点点评： 本题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，再按“局部→整体→局部”的顺序进行动态变化分析．

由题知，当传感器R₂所在处出现火情时，R₂减小，R₂、R₃并联电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压减小，即a、b两端电压U变小；R₂、R₃并联电压U_并=E-I（R₁+r），I增大，E、R₁、r均不变，则U_并减小，通过R₃电流减小，由于干路电流增大，则知电流表示数I变大．故B正确，ACD错误．
故选B

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 本题是信息题，首先要抓住传感器R2电阻与温度的关系，其次按“部分→整体→部分”的顺序进行分析．

当传感器R₃所在处出现火情时，R₃的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I减小，路端电压变大，即报警器两端的电压U变大．传感器R₃与电阻R₂并联部分的电压U_并=E-I（r+R₁），I减小，U_并变大，电流表的读数变大．
故选C

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律；传感器在生产、生活中的应用．

考点点评： 本题是实际问题，实质上是电路的动态变化分析问题，按“局部到整体，再到局部”的思路分析，并不难．

高温时热敏电阻阻值小，热敏电阻两端电压小，x点电位低，而要使电铃工作，电铃应 接高电位，所以虚线框内为非门，故A正确，B、C、D错误．
故选A．

点评：
本题考点： 简单的逻辑电路．

考点点评： 解决本题的关键知道三种逻辑电路的特点，并能灵活运用．

当传感器R₂所在处出现火情时，温度升高，由图乙知R₂的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流I_总变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即U变小．
电路中并联部分的电压U_并=E-I_总（R₁+r），I_总变大，其他量不变，则U_并变小，电流表示数I变小．故B正确，ACD错误；
故选：B．

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 电路的动态分析类题目首先要明确电路的结构，再按外电路、内电路、外电路的顺序进行分析即可得出正确答案．

当出现火情时，热敏电阻R₃的阻值减小，则外电路总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流将增大；由U=E-Ir可知，路端电压减小，则图中报警器两端的电压U将减小；因总电流增大，则R₁两端的电压增大，并联部分的电压减小，则可知流过R₂中的电流I减小．
故选：C．

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 本题是电路动态变化分析问题，要了解半导体材料的特性：电阻随着温度升高而减小；二要处理局部与整体的关系，按“局部→整体→局部”顺序进行分析．

A、B、R₂是半导体热敏传感器，它的阻值随温度升高而减小，当R₂处发生火情时电阻减小，根据闭合电路欧姆定律，有：I=
E
r+R1+R2，故电流变大，故A错误，B正确；
C、D、a、b两点间电压：U=E-Ir，电流变大，故路端电压减小，故C错误，D正确；
故选BD．

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律；常见传感器的工作原理．

考点点评： 本题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，根据闭合电路欧姆定律列式分析即可，基础题．

A、因R₂阻值减小，则总阻值减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；故A错误；
B、因电流增大，则R₁两端的电压增大，故d点的电势增电源的路端电压增大，故d点的电势将升高，故B正确；
C、因电路中电流增大，则由U_ab=E-Ir-IR₁可知，ab两端的电压减小，故C错误；
D、由P=EI可知，I增大，则电源的功率将变大，故D错误；
故选B．

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 本题中考查闭合电路欧姆定律的应用，注意分析的思路为局部-整体-局部；同时注意本题中关于电路中关于电势的掌握．

发生火情→R₂电阻值变小→根据R=R₁+R₂可知电路中总电阻变小→根据欧姆定律I=[U/R]，U一定，R变小，可知I变大→电流表示数变大；
根据U₁=IR₁，R₁不变，I变大，可知U₁变大→根据U₂=U-U₁，电源电压U一定，U₁变大，可知U₂变小→电压表示数变小．
故选D．

点评：
本题考点： 电路的动态分析；欧姆定律的应用．

考点点评： 电表示数变化的问题，是中考出题的热点，解题之前要弄清：①看懂电路图，弄清各电表测量哪些用电器的哪些物理量；②弄清改变电阻的方法，利用滑动变阻器改变电阻还是利用开关改变电阻；解题方法有两种：方法①：按这样的顺序分析：局部电阻如何变化→总电阻如何变化→由于电源电压不变，导致电路中电流如何变化→依据U=IR分析不变的电阻两端的电压如何变化→依据U变化的电阻=U总-U不变的电阻分析变化的电阻两端的电压如何变化．方法②：串联电路中 U1R1＝U2R2，即电压与电阻成正比，由此可知串联电路中按电阻的比例分配电压，电阻所点比例分数越大，分得的电压比例就越大．

当传感器R₂所在处出现火情时，R₂的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流变大，电源的内电压变大，则路端电压变小，则U变小．
电路中并联部分的电压U_并=E-I_总（R₁+r），I_总变大，其他量不变，则U_并变小，通过R₃的电流I₃变小，而I_总=I+I₃，所以I 变大．
由于电源的内外电阻关系未知，所以P可能变小，也可能变大．故D正确．
故选：D．

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．

考点点评： 本题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，再按“局部→整体→局部”的顺序进行动态变化分析．

由图可知，D点接地，电势为0．当温度较低时，由于Y的电阻非常大，A点的电势接近5V，非门的输入端为高电势，因此非门的输出端为低电势，蜂呜器两端没有电压，蜂鸣器不报警．当火警发生时，温度升高导致Y的阻值变得很小，从而使输入端A点的电势接近0，非门输出端为高电势，这样蜂鸣器两端获得一个能发声的工作电压，蜂鸣器就会发出声音报警．所以Y为热敏电阻，X为可变电阻，用来调节报警器的灵敏度．故C正确；
故选：C

点评：
本题考点： 简单的逻辑电路．

考点点评： 这部分内容相对比较抽象，虽然对家用数字设备（如数码相机，数码摄像机等）有可能比较熟悉，但是，对数码设备记录信息的原理比较陌生，理解三种逻辑电路的基本逻辑关系是重点．

当传感器R₂所在处出现火情时，R₂的阻值变小，R₂与R₃的并联电阻减小，外电路总电阻变小，则总电流I_总变大，电源的内电压变大，路端电压变小，即有U变小．
电路中并联部分的电压U_并=E-I_总（R₁+r），I变大，其他量不变，则U_并变小，I变小．所以I变小，U变小．
故答案为：变小，变小

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 本题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，再按“局部→整体→局部”的顺序进行动态变化分析．

当传感器R₂所在处出现火情时，R₂的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，A₁测量的是原线圈中的总的电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流A₁示数也要增加；由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以V₁的示数不变，由于副线圈中电流增大，R₃的电压变压变大，所以V₂的示数要减小，即R₁的电压也要减小，所以A₂的示数要减小，所以D正确．
故选BD．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．

A、由原线圈两端输入电压U随时间变化的图象可知，U₁=220V，T=0.02s，频率为50Hz，所以A正确；
B、变压器的电压与匝数成正比，由此可得副线圈的电压为22V，电压表V₁测的是R₂两端电压，故B错误；
C、当出现火警时，温度升高，电阻R₂减小，副线圈的电流变大，所以原线圈的电流也要增大，所以C错误；
D、当出现火警时，温度升高，电阻R₂减小，副线圈的电流变大，所以R₁的电压要增大，由于副线圈的总电压不变，所以R₂的电压就要减小，所以D正确．
故选：AD．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解．

当传感器R₂所在处出现火情时，R₂的电阻减小，导致电路的总的电阻减小，所以电路中的总电流将会增加，A₁测量的是原线圈中的总的电流，由于副线圈的电流增大了，所以原线圈的电流A₁示数也要增加；由于电源的电压不变，原副线圈的电压也不变，所以V₁的示数不变，由于副线圈中电流增大，R₃的电压变压变大，所以V₂的示数要减小，即R₁的电压也要减小，所以A₂的示数要减小，所以BD正确．
故选：BD．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．

当传感器R₂所在处出现火情时，R₂的阻值变小，外电路总电阻变小，则总电流变大，电源的内电压变大，路端电压变小，则U变小．电路中并联部分的电压U_并=E-I（R₁+r），I变大，其他量不变，则U_并变小，I也变小．所以I 变小，U 变小．
故选A

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 本题解题关键是掌握热敏电阻与温度的关系，再按“局部→整体→局部”的顺序进行动态变化分析．

答：发生火灾时，温度升高会使双金属片弯曲，使得双金属片与P接触，从而使电磁铁中有电流通过，产生磁场，将衔铁吸下．衔铁吸下后，接通触点，使连接电铃的电路有电流通过，所以电铃发出报警声，同时报警灯亮．

点评：
本题考点： 电磁继电器的组成、原理和特点．

考点点评： 了解电磁继电器的构造与原理是解决此类问题的关键，本题中双金属片是控制电路的开关，我们应从这里开始入手进行分析．

Al3+水解成酸性会腐蚀钢瓶，而碳酸根和碳酸氢根水解成碱性可以较好的保护钢瓶 因此玻璃瓶中应放Al2（SO4）3溶液而钢瓶中应该放饱和Na2CO3溶液或饱和NaHCO3溶液 但是考虑到饱和碳酸氢钠溶液结合一个氢离...

点评：
本题考点： 盐类水解的应用．

考点点评： 本题考查盐类水解应用，主要是水解溶液酸碱性分析判断，生成二氧化碳快慢的判断，题目难度中等．

答：没有火警时，电磁铁线圈电路接通，电磁铁将衔铁吸下，bc接通指示灯亮．当有火警时，双金属片受热向上方弯曲，使触点断开，电磁铁电路断开，衔铁在弹簧的作用下向上使bc断开，ab接通，警报器工作．

点评：
本题考点： 电磁继电器的组成、原理和特点．

考点点评： 自动报警装置中双金属片起重要的作用，由于铜铁热膨胀系数不同，受热双金属片向铁方向弯曲．

当出现火情时，热敏电阻R₃的阻值减小，则外电路总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可知，电路中总电流将增大；由U=E-Ir可知，路端电压减小，则图中报警器两端的电压U将减小；因总电流增大，则R₁两端的电压增大，并联部分的电压减小，则可知流过R₂中的电流I减小．即I变小，U变小，故A正确、BCD错误．
故选：A．

点评：
本题考点： 传感器在生产、生活中的应用．

考点点评： 本题是电路动态变化分析问题，要了解半导体材料的特性：电阻随着温度升高而减小；二要处理局部与整体的关系，按“局部→整体→局部”顺序进行分析．

由题知，当传感器R₃所在处出现火情时，R₃的电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，电源的内电压和R₁的电压都变大，则报警器两端的电压U变小，电流表的示数I变小．
由于电源的内阻小于外电路的电阻，当外电阻减小时，电源的输出功率P变大．故A、D错误，B、C正确．
故选：BC

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．

考点点评： 本题是实际问题，实质上是电路的动态变化分析问题，按“局部到整体，再到局部”的思路进行分析．

由题知，当传感器R₂所在处出现火情时，R₂减小，R₂、R₃并联电阻减小，外电路总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，路端电压减小，即a、b两端电压U变小；R₂、R₃并联电压U_并=E-I（R₁+r），I增大，E、R₁、r均不变，则U_并减小，通过R₃电流减小，由于干路电流增大，则知电流表示数I变大．故B正确，ACD错误．
故选B

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 本题是信息题，首先要抓住传感器R2电阻与温度的关系，其次按“部分→整体→部分”的顺序进行分析．