（2010•定海区模拟）2009年12月7日晚，湖南湘乡市育才中学发生学生踩踏事件，某校为吸取这血的教训，决定进行一次学

解题思路：由题意只需找到图象在x轴下方的不经过原点的函数图象即可．

由函数解析式可得x可取正数，也可取负数，但函数值只能是负数；
所以函数图象应在x轴下方，并且x，y均不为0．
故选D．

点评：
本题考点： 反比例函数的图象．

考点点评： 解决本题的关键是根据在函数图象上的点得到函数图象的大致位置．

解题思路：A、依据单原子分子间也存在分子间作用力分析；
B、从原子符号的正确书写分析；
C、依据氧化还原反应的实质和离子方程式的书写原则判断；
D、依据燃烧热的概念分析判断．

A、稀有气体是由単原子分子过程的单质气体，分子间存在分子间作用力，故A错误；
B、核素C-12的原子组成符号质子数在左下角，质量数写在左上角，应为¹²₆C，二氧化碳分子的结构式为O=C=O，故B错误；
C、NaNO₂溶液中加入酸性KMnO₄溶液，亚硝酸根离子具有还原性，高锰酸钾具有强氧化性，所以亚硝酸根化合价升高被氧化为硝酸根，高锰酸钾化合价降低被还原为锰离子，结合离子方程式的电荷守恒和原则守恒书写离子方程式为2MnO₄^-+5NO₂^-+6H⁺=2Mn²⁺+5NO₃^-+3H₂O，故C正确；
D、燃烧热是指1mol可燃物质完全燃烧生成稳定氧化物时放出的热量，燃烧热的热化学方程式为H₂（g）+[1/2]O₂（g）=H₂O（l）△H=-285.8KJ/mol，故D错误；
故选C．

点评：
本题考点： 结构式；离子方程式的书写；不同晶体的结构微粒及微粒间作用力的区别；热化学方程式．

考点点评： 本题考查了常用化学用语的规范使用，主要是晶体微粒间的作用判断，原子符号、结构式的书写，氧化还原反应的离子方程式的书写，燃烧热的概念判断．

解题思路：两函数图象相交于一点，把该点代入一次函数解析式，求出a、b的关系，然后再代入双曲线中求出k的取值范围．

∵直线y=x+2与双曲线y＝
k
x（k＞0）在第一象限内交于点P（a，b），
∴

b＝a+2
ab＝k，
∴k=a（a+2），
∵1≤a≤2，
∴3≤k≤8．
故答案为：3≤k≤8．

点评：
本题考点： 反比例函数与一次函数的交点问题．

考点点评： 本题主要考查两函数图象交点的问题和解不等式等知识点，涉及的知识面较广，应重点掌握．

解题思路：（1）根据配制一定物质的量浓度的溶液所需要的仪器有：量筒、胶头滴管、烧杯、玻璃棒、一定规格的容量瓶；根据操作II为滴定操作，必须用滴定管；
（2）根据Br₂具有氧化性，能氧化Fe²⁺；为了使Fe³⁺充分沉淀，氨水要过量；
（3）根据取少量最后一次洗出液，滴加AgNO₃溶液，若无沉淀生成，则证明洗涤干净；
（4）为了减少误差，需再次加热冷却并称量，直至两次质量差小于0.1g；
（5）根据铁元素质量守恒，即红棕色固体（ Fe₂O₃）中的铁就是样品中铁，根据质量分数的公式求出铁元素的质量分数；根据氢氧化铁固体加热时未充分反应变为Fe₂O₃；

（1）因配制一定物质的量浓度的溶液所需要的仪器有：量筒、胶头滴管、烧杯、玻璃棒、一定规格的容量瓶；因操作II为滴定操作，必须用滴定管，
故答案：250mL容量瓶、胶头滴管；D；
（2）因Br₂具有氧化性，能氧化Fe²⁺：2Fe²⁺+Br₂=2Fe³⁺+2Br^-；为了使Fe³⁺充分沉淀，氨水要过量；故答案为：2Fe²⁺+Br₂=2Fe³⁺+2Br^-；使Fe³⁺充分沉淀；
（3）因最后一次洗出液，滴加AgNO₃溶液，若无沉淀生成，可证明洗涤干净，故答案为：取少量最后一次洗出液，滴加AgNO₃溶液，若无沉淀生成，则证明洗涤干净；
（4）为了减少误差，需再次加热冷却并称量，直至两次质量差小于0.1g，故答案为：再次加热冷却并称量，直至两次质量差小于0.1g；
（5）因铁元素质量守恒，即红棕色固体中的铁就是样品中铁，Fe₂O₃中铁元素的质量为（W₂-W₁）g×[112/160]，样品中铁元素的质量分数是
112(W2−W1)
160a×100%；
故答案为：
112(W2−W1)
160a×100%；
（6）因氢氧化铁固体加热时未充分反应变为 Fe₂O₃，故答案为：固体加热时未充分反应变为 Fe₂O₃．

点评：
本题考点： 铁盐和亚铁盐的相互转变；探究物质的组成或测量物质的含量．

考点点评： 本题主要考查了铁元素的质量分数的测定，同时考查了实验知识，难度不大．

解题思路：依据去括号的法则、幂的乘方、合并同类项的法则即可解决．

A、应为-2（a-b）=-2a+2b，故错误；
B、-2（a-b）=-2a+2b，正确；
C、应为6a-5a=a，故错误；
D、应为（a²）³=a⁶，故错误．
故选B．

点评：
本题考点： 幂的乘方与积的乘方；合并同类项；去括号与添括号．

考点点评： 本题主要考查去括号法则与幂的乘方的性质，熟练掌握法则和性质是解题的关键．

解题思路：作CF⊥AB于点F，利用三线合一定理即可求得BF的长，然后证明△CDE是直角三角形，BD=x，则CD=DE=2-x，利用三角函数即可得到关于x的方程，解方程即可求解．

作CF⊥AB于点F．
∵∠CAB=∠B
∴AC=BC，
∴BF=[1/2]AB=
3，
在直角△BCF中，BC=[BF/cosB]=2，
在△CDE中，∠E=∠B=30°，∠ECD=∠CAB+∠B=60°，DE=BD，
∴∠CDE=90°，
设BD=x，则CD=DE=2-x，
在直角△CDE中，tanE=[CD/DE]=[2−x/x]=tan30°=

3
3，
解得：x=3-
3．
故选B．

点评：
本题考点： 翻折变换（折叠问题）．

考点点评： 本题考查了图形的折叠，以及三线合一定理、三角函数，正确理解折叠的性质，找出图形中相等的线段、相等的角是关键．

四年级上册期末考试题
________学校 ______年级 姓名________
一、 填空题.（16分）
1、四十三亿五千零六十二万写作（ ）,省略亿后面的尾数约是（ ）亿.
2、一个七位数,它的最高位是（ ）位,一个数的最高位是十亿位,这是个（ ）位数.
3、450连续减去50,减（ ）次得0.
4、找规律填商.
792÷24=33 396÷12=（ ） 1584÷48=（ ）
5、7□8695000≈8亿,□里可以填（ ）.
6、从直线外一点,分别向已知直线画垂直线段和斜线,其中（ ）最短.
7、已知除数是17,商是6,当余数取最大值时,被除数是（ ）.
二、 判断题（正确的打“”,错误的打“”）.（10分）
1、画一条12厘米的直线.（ ）
2、四年级有35万人.（ ）
3、0除以任何非零的数都是0.（ ）
4、40809100≈4081万.（ ）
5、角是由两条射线组成的.（ ）
三、 选择题（把正确答案的序号填在括号内）.（10分）
1、四位数除以两位数,商是（ ）.
（1）两位数 （2）三位数 （3）可能是两位数,也可能是三位数
2、1周角=（ ）直角.
（1）4 （2）3 （3）2
3、经过两点可以画（ ）条直线.
（1）1 （2）2 （3）无数条
4、三百零万四千写作（ ）.
（1）3034000 （2）3304000 （3）3340000
5、最大的五位数比最小的四位数多（ ）.
（1）99000 （2）989999 （3）99900
四、 计算题.（30分）
1、 直接写得数.（6分）
40×8= 11×60= 9×50 = 630÷3=
590－200= 72÷12= 48×80= 450÷50=
2×4×5= 60×0×7= 102+24= 360+90=
2、 列竖式计算.（12分）
125×45= 54×89 3276÷84 8610÷24
3、 列式计算.（12分）
（1） 2133减去201的差,除以23,商是多少?
（2） 两个最大的两位数相乘,积是多少?
（3） 750除以15的商,再加上135,和是多少?
五、 作图题.（10分）
1、 画一个周长是14厘米的长方形,画好后在图上标上数据,并计算它的面积.（6分）
2、 画一个1200的角.（4分）
六、 应用题.（24分）
1、 学校美化校园,购进一批月季花,如果每行栽30棵,可以栽25行,如果改栽成每行15棵,可以栽多少行?（6分）
2、 小明家养鸡是养鹅的9倍,养鹅45只,鸡比鹅多多少只?（6分）
3、 一个工厂要生产3000个零件,前6天生产了750个,剩下的要在15天内完成,平均每天生产多少个?（6分）
4、 一车客车从甲地开往乙地,4小时行320千米,离乙地还有480千米.照这样计算,这辆客车从甲地到乙地共需几小时?（6分）
5、下面是某小学三个年级植树情况的统计表.（7分）
四年级 五年级 六年级
3月 95 100 105
4月 105 110 110
根据统计表信息完成下面的统计图,并回答下面的问题.（2分）
某小学春季植树情况统计图
（1） 哪个年级春季植树最多?（1分）
（2） 3月份3个年级共植树（ ）棵,4月份比3月份多植树（ ）棵.（2分）
（3） 还能提出哪些问题?试着解决一下.（2分）

lan,二声

解题思路：平均数只要求出数据之和再除以总个数即可；对于中位数，按从小到大的顺序排列，只要找出最中间的一个数（或最中间的两个数）即可，本题是最中间的两个数；对于众数是出现频数最大的数据．

A、极差是95-80=15，故此选项正确，不符合要求；
B、众数是88，故此选项正确，不符合要求；
C、中位数是87，故此选项错误，符合要求；
D、平均数是87，故此选项正确，不符合要求；
故选C．

点评：
本题考点： 极差；算术平均数；中位数；众数．

考点点评： 本题主要考查了平均数，中位数，众数及极差的概念及求法，熟练掌握其定义是解题关键．

解题思路：Ⅰ．（1）从醋酸是弱电解质的角度分析，醋酸与Zn反应同时，电离出H⁺，pH变化较缓慢；
（2）醋酸是弱电解质，加水稀释时，会电离出更多的氢离子；
Ⅱ、根据K_sp=c（Cu²⁺）•[c（OH^-）]²=2×10^-20，根据Cu²⁺离子的浓度计算OH^-离子的浓度，根据水的离子积常数计算氢离子浓度，并以此计算溶液pH值；
Ⅲ、纯碱（Na₂CO₃） 溶液中的碳酸根离子易水解显碱性，向红色溶液中加入足量BaCl₂溶液，生成碳酸钡沉淀，根据颜色的变化分析；

I、（1）由于醋酸是弱电解质，与Zn反应同时，电离出H⁺，所以pH变化较缓慢，所以B曲线是醋酸溶液的pH变化曲线．由图知盐酸和醋酸的pH变化都是由2到4，但醋酸是边反应边电离H⁺，故消耗的Zn多，所以m₁＜m₂，故答案为：B；＜；
（2）醋酸是弱电解质，加水稀释时，会电离出更多的氢离子，所以需要多加水来减少多生成的氢离子浓度，
故答案为：＜；
II、（1）某CuSO₄溶液里c（Cu²⁺）=0.02mol/L，如果生成Cu（OH）₂沉淀，则应有c（OH^-）≥

2×10−20
0.02mol/L=10^-9mol/L，则c（H⁺）≤
10−14
10−9mol/L=10^-5mol/L，所以pH≥-lg（10^-5）=5，故答案为：5；
III、纯碱（Na₂CO₃） 溶液中的碳酸根离子易水解显碱性，该溶液遇酚酞呈红色，要验证该溶液遇酚酞呈红色原因，可用以下方法：
方法一：向红色溶液中加入足量BaCl₂溶液，如果溶液显红色，说明甲正确，如果红色褪去，说明乙正确；
方法二：加热，如果红色不变说明甲正确，如果红色加深，说明乙正确，
故答案为：碱；向红色溶液中加入足量BaCl₂溶液，如果溶液还显红色说明甲正确，红色褪去说明乙正确．

点评：
本题考点： 弱电解质在水溶液中的电离平衡．

考点点评： 本题考查较为综合，设计盐类的水解、弱电解质的电离、沉淀溶解平衡等知识，题目难度中等，注意相关基础知识的积累．

解题思路：把代数式第一项的分子提取x分解因式，分母利用平方差公式分解因式，然后利用除以一个数等于乘以这个数的倒数化为乘法运算，约分后可得出最简结果，然后把x的值代入滑稽那后的式子中，即可得到原式的值．

x2−2x
x2−4÷[2x/x+2]+（x+2）
=
x(x−2)
(x+2)(x−2)•[x+2/2x]+x+2
=[1/2]+x+2
=x+[5/2]，
当x=[1/2]时，原式=[1/2]+[5/2]=3．

点评：
本题考点： 分式的化简求值．

考点点评： 此题考查了分式的化简求值，分式的化简求值运算时，分式的乘除运算关键是约分，约分的关键是找公因式，若出现多项式，应将多项式分解因式后再约分；分式的加减运算关键是通分，通分的关键是找公分母，同时注意要将原式化为最简，再代值．

Room 303 Unit 2 Building 3 Jin Ying Dong He Jia Yuan (具体看金鹰东河家园有没有英文名,如果没有,还不如全部拼音,至少能保证信能寄到.),Dinghai District
其实如果有什么路的话,更不容易搞错.
Room 303 Unit 2 Building 3 Road,Dinghai District

解题思路：A、考虑二氧化氮与四氧化二氮的平衡存在分析；
B、4℃时水的密度为1g/cm³，；把体积换算为质量，进而求的物质的量计算；
C、从过氧化氢中氧元素化合价为-1分析；
D、结合碳酸根水解的产物分析判断．

A、1molCu和足量浓硝酸反应生成NO₂物质的量为2mol，但二氧化氮会转化为四氧化二氮，建立平衡，所以收集NO₂的分子数小于2N_A，故A错误；
B、3.6mL水在4℃时的质量为3.6g，物质的量为0.2mol，1molH₂O中含电子数10mol，0.2molH₂O所含的电子数为2N_A，故B正确；
C、H₂O₂中加入MnO₂，发生反应2H₂O₂

催化剂
.
2H₂O+O₂↑，产生0.1molO₂时转移电子数为0.2N_A，故C错误；
D、200mL0.5mol•L^-1的Na₂CO₃溶液中发生水解反应CO₃^2-+H₂O⇌HCO₃^-+OH^-，所以液中阴离子数目大于0.1N_A，故D错误；
故选B．

点评：
本题考点： 阿伏加德罗常数．

考点点评： 本题考查阿伏伽德罗常数的有关计算，熟悉二氧化氮与四氧化二氮的平衡、水的密度应用、过氧化氢的分解反应、碳酸根的水解特征即可解答．