O2 2在右下方,A表示两个氧原子 B表示两个氧元素C表示两个氧分子 D表示一个氧分子有两个氧原子构成

单摆周期为T=2π根号L/g
如果在悬点正下方B处固定一个钉子,此时的周期就相当于一个摆长为L的单摆的周期一半 与摆长为3/4L的单摆的周期的一半的和
T=π根号L/g+0.5π根号3L/g

解题思路：当一滴水碰到盘子时，恰好有另一滴水从水龙头开始下落，而空中还有一滴正在下落的水滴，从第一滴水离开水龙头开始，到第N滴水落至盘中（即N+2滴水离开水龙头），共用时间为t（s），知道两滴水间的时间间隔，根据h=

1

2

gt2求出重力加速度．

从第一滴水离开水龙头开始，到第N滴水落至盘中（即N+2滴水离开水龙头），共用时间为t（s），知道两滴水间的时间间隔为△t=[t/N+1]，
所以水从水龙头到盘子的时间为t′=[2t/N+1]，
根据h=[1/2gt′2得，g=
2h
t′2＝

2h
4t2
(N+1)2]=
(N+1)2h
2t2．
答：重力加速度g为
(N+1)2h
2t2．

点评：
本题考点： 自由落体运动．

考点点评： 解决本题的关键知道自由落体运动的运动规律，结合位移时间公式进行求解，难度不大

解题思路：对整体分析，根据牛顿第二定律求出加速度，隔离分析，根据牛顿第二定律求出绳子拉力，从而得出传感器拉力大小，当m趋向于无穷大，传感器示数趋向于F₀，结合表达式求出A球的质量．分别结合牛顿第二定律求出当m＞m₀，当m＜m₀时，加速度的表达式，从而分析判断．

A、当m较大时，对整体分析，加速度a=
mg−m0g
m+m0＝
(m+m0)g−2m0g
m+m0=g−
2m0g
m+m0．隔离对m分析，mg-T=ma，解得T=
2m0mg
m+m0=
2m0g
1+
m0
m，当m趋向于无穷大，则F₀=2T=4m₀g，解得A球质量m₀=
F0
4g．故A正确；
B、知道B球的质量，结合图线可知道传感器的拉力，从而知道绳子的拉力，隔离对B球分析，根据牛顿第二定律可以求出加速度．故B正确；
C、当m＞m₀，加速度a=
mg−m0g
m+m0＝
(m+m0)g−2m0g
m+m0=g−
2m0g
m+m0．m增大，则加速度增大；当m＜m₀时，加速度a=
m0g−mg
m+m0＝
(m0+m)g−2mg
m+m0=g−
2mg
m+m0=g−
2g
1+
m0
m，当m增大时，a减小．故C错误；
D、当两球的质量相等，此时绳子拉力等于小球的重力，则传感器示数F等于A、B球的总重力．故D错误．
故选：AB．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；作用力和反作用力．

考点点评： 解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法的灵活运用．

导数除了确认函数的增减性,还能确认的是函数的拐点 不是零点 这个有定义的

解题思路：抓住链条的上下两端经过同一点的时间位移关系列式即可求解．

设链条的长度为L，经t₁链条的下端经过该点，经t₂链条的上端经过该点，
则h=[1/2]gt₁²，
h+L=[1/2]gt₂²，
△t=t₂-t₁；
解得：△t=0.4 s，选项B正确．
故选B

点评：
本题考点： 自由落体运动．

考点点评： 本题主要考查了自由落体运动位移时间公式的直接应用，难度不大，属于基础题．

（1）根据H=
1
2gt2得，t=

2H
g＝

2×45
10s＝3s．
（2）A球从抛出点到落地点之间的位移x=v₀t=20×3m=60m．
（3）根据牛顿第二定律得，B滑行的加速度大小a＝
μmg
m＝μg＝5m/s2，
B速度减为零的时间t′＝
v0
a＝
20
5s＝4s＜3s，
则A落地时，B的位移xB＝v0t−
1
2at2＝20×3−
1
2×5×9m=37.5m
AB间的距离△x=x-x_B=60-37.5m=22.5m．
答：（1）A球落地的时间为3s；
（2）A球从抛出点到落地点之间的位移为60m；
（3）A落地时，AB之间的距离为22.5m．

就是大客车在此禁止左转弯.其他车辆正常行驶.应当在直行绿灯时,不影响对面车辆行驶的情况下掉头.你那样做是不行的.

您好,很高兴为您解决问题,如果解决了,请采纳.2-4句的翻译是
Left/right
The upper left/top
Please draw a circle in the center of the blank sheet of paper/star/triangle,
He stand on your left/right rea

大于（不解释）,向右匀速运动（由图可知,小红在大风来的时候再向右行走,伞随人动,伞在力消失之前是向右运动的!这里容易让答题者认为伞没有动.）

下端到达A：h=gt1^2/2,解得t1=1s.
上端到达A：h+L=gt2^2/2,解得t2=2s.
故通过A所需时间t=t2-t1=1s.

解题思路：（1）使用刻度尺测量物体长度之前，要明确其分度值；注意长度是否从0刻度线量起，起始端从0开始的，读出末端刻度值即为物体长度，同时注意刻度尺要估读到分度值的下一位；
（2）机动车速度表采用的单位是km/h，指针所在位置是机动车的即时速度．

由图知：
（1）刻度尺上1cm之间有10个小格，所以1个小格代表的是0.1cm=1mm，即此刻度尺的分度值为1mm；
物体左端与0刻度线对齐，右端与5.55cm对齐，所以物体的长度为5.55cm．
（2）速度表的指针在“20”处，所以速度为20km/h．
故答案为：
（1）5.55；
（2）20km/h．

点评：
本题考点： 长度的测量；速度与物体运动．

考点点评： 不同的测量工具虽然测量对象不同，但基本的使用方法是相同的：明确量程和分度值，确定0刻度线的位置、读数时视线与刻度线相垂直，等等．

（1）易知∠ADE=∠ABE（同弧上的圆周角相等）,AB=AD,所以Rt△OAD≌Rt△FAB,所以得到有BF=DO,AF=AO（这个第二问要用）.
（2）注意到BD为直径,所以有BE垂直于OD（直径所对的圆周角为90°）,因为弧AE=弧DE,所以∠OBE=DBE,（同弧或等弧上的圆周角相等）BE为公共边,所以Rt△OBE≌Rt△DBE,所以有OB=DB=√2,又AB=DBcos∠ABD=√2cos45°=1,所以OA=OB-AB=√2-1,因此A坐标为A(√2-1,0),由（1）知AF=OA,所以有AF=√2-1,所以F坐标为F(√2-1,-√2+1),因为O、B为抛物线两个零点,所以可设抛物线方程为y=ax(x-√2),把F点坐标代入,可求得a=1,所以抛物线方程为
y=x(x-√2)=x²-√2x.
（3）这里牵涉函数平移问题,题目似乎是初三题目,在这里告诉楼主有关直线平移的知识,设函数为y=f(x),h>0,t>0,函数向左移动h单位,向上移动t单位,则新函数变为y=f(x+h)+t,函数向右移动h单位,向下移动t单位,则新函数变为y=f(x-h)-t；遵循“左加右减,上加下减”.
函数y=f(x)关于x轴对称的函数为y=-f(x).
.
先求出直线BE方程,直线BE过点B(√2,0),F(√2-1,-√2+1),所以得到直线BE方程为y=(√2-1)x+√2-2
所以向下平移后的直线方程为y=(√2-1)x+√2-2+t（t>0）显然,当直线向上移至原点下方以及B点上方时,有两个交点,所以有√2-2+t

T=2*π*m/(q*B)
代入已知量
T1=2*π*m/(q*B)
T2=4*π*m/(q*B)
因为在两个不同的磁场中只运动了半个周期
T总=(T1+T2)/2=3*π*m/(q*B)
R=MV/QB
一个周期过两个圆（分布在X轴上下方）的直径（不用我解释吧）
R1=MV/QB
R2=2*MV/QB
s=2（R1+R2）=6*MV/QB

请及时到眼科作一次屈光学检查与双眼视（包括眼位）功能检查,以尽快明确原因,制订解决方案并实施.这种情况主要有两种可能,一是屈光不正未矫正或矫正不良,二是存在双眼视功能异常!

1.washes
2.doesnt
3.watch
4.for lunch
5.ride

第一问：
小颗粒加速到小孔处所具有的能量为Uq,全部转换为重力势能后时到达的高度为其最高高度,此时
mgH=Uq,即H=Uq/mg,
加上前面加速的d距离,则上升的高度
h=Uq/mg+d
第二问：
小颗粒由于受到电场力大于其重力才会向上加速,所以最小力应为其重力.此时
q*U/d=mg,即U=mgd/q

第④式是根据动能定理得到的,左边的是动能的变化量,右边的是合外力做的总功
计算△E是因为弹簧对物体做负功,直接计算难以计算,故计算弹簧弹性势能的增加量△E,可得出弹簧对物体做的负功
运用了动能定理公式

C

题目的其余部分是不是这样的：“此物体部分浸入液体中,如图所示.当绳的自由端被向上拉动距离s时（物体下表面一直保持在液体中）,定滑轮对天花板的拉力变化量为多少?”
如果是的话,可以这样分析：
设图中物体浸入液体的深度为h,则F＝（G物－F浮＋G动）/3＝（G物＋G动－ρgS2h)/3,
这时定滑轮对天花板的拉力：F拉＝2F,
即　F拉＝2（G物＋G动－ρgS2h)/3……①
当绳的自由端被向上拉动距离s时,物体上升h'＝s/3,这时容器内液面下降了Δh,由于物体下表面一直保持在液体中,所以应有：Δh（S1－S2）＝S2h',
即Δh＝sS2/[3(S1－S2)]；
这时绳子自由端的拉力F'拉＝（G物－F'浮＋G动）/3＝［G物＋G动－ρgS2（h－Δh)］/3
∴定滑轮对天花板的拉力：F'拉＝2F',
即　F'拉＝2［G物＋G动－ρgS2（h－Δh)］/3……②
②－①,得定滑轮对天花板的拉力变化量为：
F'拉－F拉＝2ρgS2Δh/3＝2ρg(S2)²s/[9(S1-S2)]

解题思路：小球自由落下，接触弹簧时有竖直向下的速度，接触弹簧后，弹簧被压缩，弹簧的弹力随着压缩的长度的增大而增大．以小球为研究对象，开始阶段，弹力小于重力，合力竖直向下，与速度方向相同，小球做加速运动，合力减小；当弹力大于重力后，合力竖直向上，小球做减速运动，合力增大．

AB、小球与弹簧接触后，开始重力大于弹力，加速度向下，做加速运动，加速度减小．当加速度减小到零以后，弹力大于重力，加速度向上，做减速运动到零．故A错误，B正确．
CD、当速度为零，弹簧压缩到最低点，此时合力不为零，加速度不为零．小球先做加速运动再做减速运动，当加速度为零，即重力与弹簧弹力相等时，速度最大故C错误，D也错误．
故选：B．

点评：
本题考点： 动能和势能的相互转化；牛顿第二定律；功能关系．

考点点评： 含有弹簧的问题，是高考的热点．关键在于分析小球的受力情况，来确定小球的运动情况，抓住弹力是变化的这一特点．不能简单认为小球一接触弹簧就做减速运动．

D受到导线安培力,重力势能受到抵消

解题思路：小物块与电荷A之间的距离增大，根据库仑定律分析库仑力的变化；电场力对物块做正功，电势能减小；根据动能定理分析电场力做功与物块克服摩擦力做功的关系；由于点电荷A的电性未知，无法判断B、C电势的高低．

A、若甲、乙是异种电荷，向下运动的过程中电场力逐渐减小，合力增大，加速度增大，物块乙不可能停止在C点．所以两物块为同种电荷，故A错误．
B、电场力对物块乙做正功，则小物块的电势能一定减小．故B正确．
C、根据动能定理得知：电场力对小物块所做的功、摩擦力对小物块做的功及重力做功之和等于零，则知电场力对小物块所做的功和重力做功之和等于小物块克服摩擦力做的功，故电场力对小物块所做的功小于小物块克服摩擦力做的功，故C错误．
D、由于点电荷A的电性未知，电场线方向未知，无法判断B、C电势的高低．故D错误．
故选：B

点评：
本题考点： 电势差与电场强度的关系；电势能．

考点点评： 本题根据库仑力分析库仑力大小变化，由电场力做功正负判断电势能的变化，由动能定理分析各力做功的关系．

1.从方程中解出x,y(用k表示)得：x=-0.5k+1/3,y=k-5/9.因为P（x,y）在X轴的下方,所以y

解题思路：根据右手螺旋定则得出直导线周围的磁场方向，结合交流电电流大小的变化，根据楞次定律判断电势的高低．

根据i-t图线可知，在t₂、t₄时刻电流的变化率最大，根据法拉第电磁感应定律知，产生的感应电动势最大，
在t₂时刻，根据右手螺旋定则和楞次定律知，a点电势比b点电势高，在t₄时刻，根据右手螺旋定则和楞次定律知，a点电势比b点电势低，故B正确，ACD错误．
故选：B．

点评：
本题考点： 法拉第电磁感应定律；电势．

考点点评： 本题考查了楞次定律的应用，关键是弄清楚原来磁通量的变化，在用右手螺旋定则判断感应电流的磁场方向，注意断开的线圈相当于电源，电流是从负极到正极．

解题思路：此题主要考查的显微镜下显微镜成像的特点：在显微镜下所成的像是实物的倒像．

我们在显微镜下看到的物像是上下左右均颠倒的物像，所以我们移动玻片标本时，标本移动的方向正好与物像移动的方向相反．如我们向右移动玻片标本，而在显微镜内看到的物像则是向左移动的．题中物像位于视野的右下方，要想把它移到视野中央，应该向右下方移动玻片标本，物像才向左上方移动移到视野中央．因此题干说法错误．
故答案为：×

点评：
本题考点： 显微镜的基本构造和使用方法．

考点点评： 只要熟练地使用显微镜，知道显微镜下物像的特点，此类题就不难解决．

　　 （ 收方邮编）XXXXXX XXXXXX
　　 XXXXXX
　　 XXXXXX
　　 收方:XX省XX市XX镇XX村XX门牌号某某收
　　 还有一行是备用的
　　 寄方详细地址XXXXXXXXXXXXXXXXXXX

　　 （ 寄方邮编）XXXXXX
　　 ( 括号里面不用写内容写进信纸上装进信封里面假如嫌麻烦就一条信息搞定）

从初到末,从上到下,位移方向当然竖直向下拉

暖气片的传热过程大致是这样的：暖气片把附近的空气烤热,这些空气受热会上升,周围比较冷的空气压力大,就会流过来占领这个空间;流过来的空气又被暖气片烤热、上升,周围的冷空气又流过来占领这个空间.如此不断循环,最终可将室内空气全部加热.
暖气片安装在窗口下方,一方面是窗户附近一般没有什么东西挡住,比较好散热,另外一方面就是窗户附近的温度较低,容易同暖气片产生的热空气产生空气对流,这样室内的温度能较快的升高.
太阳能热水器也是这个对流的原理.

evision

解题思路：先将力F沿着水平和竖直方向正交分解，求出最大静摩擦力，然后判断物体的运动情况．

将力F沿着水平和竖直方向正交分解，如图

得到
F₁=Fcos30°=4
3N
F₂=Fsin30°=4N
物体对地压力为
N=F₂+mg=24N
滑动摩擦力为
f=μN=0.5×24=12N
故最大静摩擦力12N，推力的水平分量小于最大静摩擦力，故推不动，滑块保持静止，故合力为零，静摩擦力等于4
3N；
故选C．

点评：
本题考点： 共点力平衡的条件及其应用；静摩擦力和最大静摩擦力；力的合成与分解的运用．

考点点评： 本题关键是将推力F按照作用效果进行正交分解，然后根据共点力平衡条件列式求解．

（1）由 h=
1
2 gt 2 ，得物体A自由下落的时间t=

2h
g =

2×20
10 =2 s
（2）B速度减为零所用的时间t=
v 0
g …①
s _A =
1
2 gt ² …②，
s _B =

v 20
2g …③
由s _A +s _B =20m…④，
由①②③④解得v ₀ =10
2 m/s
（3）A、B在B下降阶段恰能相遇的临界条件是当B落地时，A刚好追上B，此时B的初速度为A、B在B下降阶段相遇的最小初速度，设此最小初速度为v _min ，则：
B在空中运动的时间t=
2 v min
g
此时A的位移s _A =
1
2 gt ² =20m
联立两式得：v _min =10m/s
由上述分析可知，当10m/s≤v ₀ ＜10
2 m/s时，满足条件．
答：（1）物体A自由下落的时间为2s；
（2）若B恰好上升到最高点时与A相遇，物体B的初速度v ₀ 为10
2 m/s；
（3）要让A、B在B下降时相遇，则物体B的初速度v ₀ 应满足10m/s≤v ₀ ＜10
2 m/s；

(1):→P(1,-2)
y`=x/2,设A(m,m²/4),B(n,n²/4)
在A点切线斜率k1=m/2
在B点切线斜率k2=n/2
PA直线斜率：k1=(m²/4+2)/(m-a)=m/2①
同理PB直线斜率k2=(n²/4+2)/(n-a)=n/2②
代入a=1
①→m=4或者m=-2
②→n=4或者n=-2
→A(4,4),B(-2,1)[逆回来也行～]
→k(AB)=(1-4)/(-2-4)=1/2
(2):第二问跟第一问很紧密
那么不知道a的取值,要设法求出AB直线所在的方程(用a表示
跟(1)差不多
那么,已知A,B是x²/2-ax-4=0(m,n的取值均符合这方程,可由(1)得到此结论)
→m+n=2a,mn=8
→A(m,m²/4),B(8/m,16/m²)
求得AB直线：(y-m²/4)/(x-m)=(8+m²)/4m
→令x=0→y=-2
→恒过定点(0,-2)

小球进入复合场后恰能做匀速圆周运动,说明电场力与重力相等抵消,电场力向上,与场强方向相反,因此小球带负电,q=mg/E.小球只受磁场力作用.从a进入复合场时,速度为v=根号(2gh)方向垂直于MN向下,因此匀速圆周运动的圆心...

解题思路：

向上拉活塞时，气体体积变大，气体对外做功，W<0，由于气缸与活塞是绝热的，在此过程中气体既不吸热，也不放热，则Q=0，由热力学第一定律可知，△U=W+Q<0，气体内能减小，温度降低，分子平均动能变小，但并不是每一个分子动能都减小，每个分子对缸壁的冲力都会减小，故AC错误；气体物质的量不变，气体体积变大，分子数密度变小，单位时间内缸壁单位面积上受到气体分子碰撞的次数减少，B正确；若活塞重力不计，则活塞质量不计，向上拉活塞时，活塞动能与重力势能均为零，拉力F与大气压力对活塞做的总功等于缸内气体的内能改变量，D错误。

B

（g）粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，
由牛顿第二定律得：qv ₀ 下=m

v 40
R ，
由题意可知：R=L，解得：
q
m =
v 0
下L ；
（4）粒子在电磁场中运动的总时间包括三段：电场中往返的时间t ₀ 、区域Ⅰ中的时间t _g 、区域Ⅱ和Ⅲ中的时间t ₄ +t ₃ ．
粒子在电场中做类平抛运动，则：4L=v ₀ t ₀ ，
设在区域Ⅰ中的时间为t _g ，则t _g =4
4πL
6 v 0 =
4πL
3 v 0 ，
若粒子在区域Ⅱ和Ⅲ内的运动如图甲所示，则总路程为（4n+
人
6 ）个圆周，根据几何关系有：
AP=（4nr+r）=L，解得：r=
L
4n+g ，其中n=0，g，4…，
区域Ⅱ和Ⅲ内总路程为&n下sp;&n下sp;s=（4n+
人
6 ）×4πr&n下sp;&n下sp;&n下sp;（&n下sp;n=0，g，4…）
t ₄ +t ₃ =
s
v 0 =
(4n+
人
6 )×4πL
(4n+g) v 0 &n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;（&n下sp;n=0，g，4…）
总时间：t=t ₀ +t _g +t ₄ +t ₃ =
4L
v 0 +
40n+g
3(4n+g)
πL
v 0 &n下sp;&n下sp;&n下sp;（&n下sp;n=0，g，4…）&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;

若粒子在区域Ⅱ和Ⅲ内运动如图乙所示，则总路程为（4n+g+
g
6 ）个圆周，根据几何关系有：
AP=（4nr+3r）=L&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;其中n=0，g，4…
解得r=
L
4n+3 &n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;（n=0，g，4…）&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;
区域Ⅱ和Ⅲ内总路程为&n下sp;&n下sp;s=（4n+g+
g
6 ）×4πr=
4πL(4n+
7
6 )
4n+3 &n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;（n=0，g，4…）
总时间：t=t ₀ +t _g +t ₄ +t ₃ =
4L
v 0 +
40n+g3
3(4n+3)
πL
v 0 &n下sp;&n下sp;&n下sp;&n下sp;（n=0，g，4…）&n下sp;&n下sp;
答：（g）该粒子的比荷为
v 0
下L ；
（4）粒子从O点出发再回到O点的整个运动过程所需时间为
4L
v 0 +
40n+g
3(4n+g)
πL
v 0 &n下sp;&n下sp;（n=0，g，4…）或
4L
v 0 +
40n+g3
3(4n+3)
πL
v 0 &n下sp;（n=0，g，4…）．

第二滴水滴离开水龙头的距离为 1/2*g*(t/2)^2 = 1/4*h
1/2*g*t^2 = h
所以,g = 2*h/(t^2)
设每滴水间隔T,易知（n+1）T=t,则T=t/（n+1）,每滴水落到盘子需要2T,根据X=1/2gt² ,
第二滴水滴离开水龙头的距离为1/4*h
所以1/2gT² = 1/4*h
g 从第一滴水滴离开水龙头开始计时,到第n滴水滴落到盘时间t=(n+1)T/2 其中T为一滴水下落时间
S=V0T+AT^2/2
推出h=g[2t/(n+1)]^2/2 g=h/{2t/(n+1)]^2/2 }=h(n+1)²/2t²= 1/2g(t/n+1)²
1 假设第二滴水距水龙头距离为X,则第一滴水距第二滴水距离为h-x,设重力加速度为g
X=0.5g(t*t/n*n) ①
（g*t/n)*t/n+0.5*g*t/n=h-g ②
化简后为 0.5g(t*t/n*n)=x ③
3/2*g*t*t/n*n=h-x ④
④/③得 4x=h
所以 第二滴水滴离开水龙头的距离为 h/4
2 0.5*g(t*t/n*n)=h/4
g=(h*n*n)/(2*t*t)

酒精灯燃烧放热,加热周围空气,空气加热体积增大密度减小,比周围冷空气小,于是上升,产生气流,带动风车旋转,同时周围的冷空气向酒精灯补充,产生循环,就有源源不断的气流.

水滴是速度为零的匀加速直线运动.盘子的位置就好像 打点计时器 在纸带上打的点的位置.
70-45=25; 45-10=35; 35-25=10;
两个盘子位置之间的距离 的差 是 10cm= 0.1m.
ΔS=a *T^2 ( ΔS=a* T * T )
0.1m= (10 m/s^2 )* t * t
可得 T=0.1s
时间间隔是 0.1s
X2点的水滴的速度 Vt=( 25cm +35cm ) /0.2s =3 m/s
由 2as= Vt ^2 知 ：x2 点距离 水龙头的 距离 :
s= (3 m/s )^2 /(2*10) = 0.45 m
所以 水龙头的高度是 0.45m + 45cm = 0.9 m

下方压强为0.7×1.013×10的5次方Pa=70910Pa
上方压强为0.6×1.013×10的5次方Pa=61780Pa
合为71910Pa-61780Pa=10130Pa
升力为F=PS=10130Pa×20㎡=202600N

H=2/1gt2 g=8m/s2 则有t=3S X=18m t=3s v=0m/s x/2=9m
则有x=v0+at 1;a=6m/s ,tt>1.5
求：运动员至少用多大的加速度跑到落点?
求平均速度是6m/s 问法有问题

解题思路：单摆在摆角小于5°时的振动是简谐运动，其周期是T=2πLg，L是摆长，等于摆球的球心到悬点的距离；分析金属球球心位置的变化，判断单摆周期的变化．

单摆在摆角小于5°时的振动是简谐运动，其周期是T=2π

L
g，装满水的空心金属球，重心在球心，当水从底部的小孔流出，直到流完的过程，金属球（包括水）的重心先下降，水流完后，重心升高，回到球心，则摆长先增大，后减小，最后恢复到原来的长度，所以单摆的周期先变大后变小，最终恢复到原来的大小，故ABD错误，C正确．
故选：C．

点评：
本题考点： 单摆周期公式．

考点点评： 本题考查对单摆摆长的理解．单摆的摆长并不是摆线长度，而是摆球的球心到悬点的距离．当摆球的直径远小于摆线的长度时，有时近似认为摆长等于线长．

他的结论正确!
由y=kx+b的图像得到y=/kx+b/的图像吗?
把函数y=kx+b的图像x轴下方的部分翻折到x轴上方即可

相向而行的话 2小时候相距200千米,背道而驰的话两小时后相距600千米
甲追乙的话2小时384千米,乙追甲的话2小时416千米

设两个物体经过时间t相遇；则；h=1/2gt^2+(v0t-1/2gt^2)=v0t
第二个物体运动时间；t0=2*(v0/g)
要使在第二个物体未落地前两者相遇;即；t＜t0
故Vo应满足什么条件； v0＞√(hg/2)

电表下方的电线冒烟,并烧断其中一根线需要重新接好,以保证正常用电