在用落体法做“验证机械能守恒定律”实验时，下列实验操作中正确合理的是（　　） A．电磁打点计时器应接10V以下直流电源

（1）刻度尺的读数需读到最小刻度的后一位，三个数据中不符合有效数字读数要求的是：15.7．
（2）对于OB段，重锤重力势能的减小量△E_p=mgh_OB=1×9.80×0.1242J≈1.22J；
B点的瞬时速度vB＝
xAC
2T＝
(15.7−9.51)×10−2
0.04=1.55m/s，则动能的增加量△Ek＝
1
2mv2＝
1
2×1×1.552=1.20J．
（3）重力势能的减小量大于动能的增加量，原因是减小的重力势能一部分转化为内能．
故答案为：（1）15.7；（2）1.22，1.20；（3）大于，因为有摩擦生热，减少的重力势能一部分转化为内能．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 纸带问题的处理时力学实验中常见的问题．我们可以纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度，这是纸带法实验中考查的重点．

（1）毫米刻度尺测量长度，要求估读即读到最小刻度的下一位．
这三个数据中不符合有效数字读数要求的是OC段：15.7，应记作15.70cm．
（2）重力势能减小量△E_p=mgh=9.8×0.1242m J=1.22mJ
中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求B的速度大小：
vB＝
sAC
0.02×2=1.55m/s
E_kB=[1/2m
v2B]=1.20mJ
由于物体下落过程中存在摩擦阻力，因此动能的增加量小于势能的减小量，
故填：大于；因为有摩擦生热，减少的重力势能一部分转化为内能
（3）E_kB=[1/2m
v2B]=
1
2m(9.8×0.02×8)2=1.23mJ
即：重力势能的减少量小于动能的增加量，原因是：v是按照自由落体计算的，实际运动不是自由落体运动，有阻力，对应的下落高度比实际测得的高度要大．
故答案为：（1）OC；15.70cm
（2）1.22m；1.20m；大于；因为有摩擦生热，减少的重力势能一部分转化为内能
（3）1.23m；小于；v是按照自由落体计算的，对应的下落高度比实际测得的高度要大．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据等，会起到事半功倍的效果．

（1）毫米刻度尺测量长度，要求估读即读到最小刻度的下一位．
这三个数据中不符合有效数字读数要求的是OC段：15.7，应记作15.70cm．
（2）重力势能减小量△E_p=mgh=9.8×0.1242m J=1.22mJ
中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求B的速度大小：
v_B=[0.1570−0.0951/2×0.02]=1.55m/s
E_kB=[1/2]m
v2B=1.20m J
这样验证的系统误差总是使重力势能的减少量大于动能增加量，
由于物体下落过程中存在摩擦阻力，因此动能的增加量小于势能的减小量，
（3）E_kB=[1/2]m
v2B=[1/2]m（9.8×0.02×8）²=1.23mJ
即：重力势能的减少量小于动能的增加量，原因是：v是按照自由落体计算的，实际运动不是自由落体运动，有阻力，对应的下落高度比实际测得的高度要大．
故答案为：（1）15.7；15.70．
（2）1.22m；1.20m；大于；因为有摩擦生热，减少的重力势能一部分转化为内能
（3）1.23m；小于；v是按照自由落体计算的，对应的下落高度比实际测得的高度要大．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 纸带问题的处理时力学实验中常见的问题．我们可以纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．

（1）A、B两点间的平均速度v=
x
t=
0.0042
0.02m/s=0.21m/s；
（2）后面两个点的平均速度为v′=
x′
t=
0.0194
0.02m/s=0.97m/s=0.21+9.8×0.02×4m/s，看出后面一段纸带距离前面一段纸带的时间间隔有四段，即丢失的中间纸带上有2个点．
③利用x₅-x₁=4gt²
解得：g=9.5 m/s²．
故答案为：0.21，2，9.5．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 解决本题的关键掌握纸带的处理，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动两个重要推论的运用．

（1）毫米刻度尺测量长度，要求估读即读到最小刻度的下一位．
这三个数据中不符合有效数字读数要求的是15.7，应记作15.70cm．
（2）重力势能减小量△E_p=mgh=9.8×0.1242m J=1.22m J．
利用匀变速直线运动的推论
v_B=
xAC
tAC=
(0.1570−0.0951)m
2×0.02S=1.55m/s
E_kB=[1/2]mv_B²=1.20m J
故答案为：
（1）15.7，15.70
（2）1.22m1.20m；

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律；用打点计时器测速度．

考点点评： 常用于力学实验中的刻度尺、游标卡尺和螺旋测微器的使用在考试中出现的频率较高，对于掌握的程度，不能仅仅停留在会读数，而需理解其原理．
纸带问题的处理时力学实验中常见的问题．我们可以纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．

①重力势能减小量△E_p=mgh=1×9.8×0.189J=1.85J．
根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有：
v_B=
XAC
tAC=[0.2706−0.1241/4×0.02]=1.83m/s
打B点时的动能为：
E_KB=[1/2]m
v2B=1.68J
②根据机械能守恒有[1/2mv²═mgh，因此在以
1
2]v²为纵轴，以h为横轴的图线中，斜率表示重力加速度，
故选：B
图线不过原点，说明开始时，物体已经具有了动能，因此该同学做实验时先释放了纸带，然后再合上打点计时器的开关．
故答案为：（1）1.85；1.67（2）B；该同学做实验时，先释放了纸带，然后才合上打点计时器的开关．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题，同时注意应用数学知识来解决物理问题．

(1)毫米刻度尺测量长度，要求估读即读到最小刻度的下一位。这三个数据中不符合有效数字读数要求的是OC段：15.7，应记作15.70cm.

(2)重力势能减小量△Ep="mgh=9.8×0.1242m"J=1.22mJ，中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求B的速度大小：vB==1.55m/s，EkB==1.20mJ

(3)由于物体下落过程中存在摩擦阻力，因此动能的增加量小于势能的减小量。

（1）OC (1分)， 15.70 (1分)
（2）1.22 (2分)， 1.20 (2分)
（3）大于 (1分)， 受到摩擦力 (1分).


<>

（1）由于物体下落过程中存在摩擦阻力，因此动能的增加量小于势能的减小量，重力势能没有完全转化为动能．
（2）v是按照自由落体计算的，实际运动不是自由落体运动，有阻力，对应的下落高度比实际测得的高度要大，所以这样验证时的系统误差总是使重力势能减少量小于动能的增加量；
（3）验证时总是使重力势能的减少量等于动能的增加量，原因是 下落时的加速度a和v按实际的运动规律计算，只要纸带做匀加速运动，式子mah＝
1
2mv2总是成立．
故答案为：（1）大于；（2）小于；（3）等于

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据等，会起到事半功倍的效果．

（1）在该实验中，通过打点计时器来记录物体运动时间，不需要秒表，
由于验证机械能公式中可以把物体质量约掉，因此不需要天平，也不需要弹簧秤．
同时实验中需要测量纸带上两点间的距离，所以需要刻度尺．
故选C．
（2）B点的瞬时速度vB＝
xAC
2T＝
(77.76−62.99)×10−2
0.04m/s=3.69m/s，
则动能的增加量△EK＝
1
2mv2＝
1
2×1×3.692=6.81J，
重力势能的减小量△E_p=mgh=1×9.80×0.7776J=6.88J．
动能的增加量小于重力势能的减小量，主要原因是存在摩擦阻力做负功．
故答案为：（1）C　（2）6.88　　6.81存在摩擦阻力做负功．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 纸带问题的处理是力学实验中常见的问题．在纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度，计算过程中要注意单位的换算．

①毫米刻度尺读数时小数点后面保留两位，②重锤重力势能的减少量EP=mghB=1.22J，

VB=SAC/2T，EK=mV2="1.20J，"③见答案。

①OC或15.7    ②1.22J       1.20J    ③ 小于；V是按自由落体计算的，对应的下落高度比实际测得的高度要大


<>

(1)先开电源后放纸带，保证纸带上打的第一个点的速度为“0”

(2)B点是A. C的中点时刻打的点，所以，重锤的动能，重力势能的减小量，由此可得出的结论是：在误差允许范围内，重锤下落时的机械能守恒。(图中单位：cm,结果取三位有效数字)

(3)由可得，所以符合此函数关系的是B图，图线的斜率为当地的重力加速度g。

(1)先开电源后放纸带；（2） ； ； ；在误差允许范围内，重锤下落时的机械能守恒；（3）B图；当地的重力加速度g


<>

（1）在实验中需验证动能的增加量和重力势能的减小量是否相等，质量可以约去，所以不需要天平．故选：C．
（2）A、为了减小阻力的影响，重物选择质量大一些，体积小一些的．故A错误．
B、实验时应先接通电源，再松开纸带．故B正确．
C、根据h=
1
2gt2＝
1
2×10×0.022m＝2mm，可知选择点迹清晰且第1、2两点间距约为2mm的纸带进行测量误差较小．故C正确．
D、由于阻力的影响，一部分能量要转化为内能，所以重力势能的减小量大于动能的增加量．故D正确．
本题选错误的，故选：A．
故答案为：（1）C（2）A．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 对于实验的具体操作，不光要靠记忆理解，要亲自动手实验，切实去体会．

（1）O到B下降的高度为0.1242m，则重力势能的减小量△E_p=mgh=m×9.8×0.1242J=1.22mJ．B点的瞬时速度vB＝
xAC
2T＝
(15.7−9.51)×10−2
0.04m/s≈1.55m/s，则动能的增加量△Ek＝
1
2mvB2＝
1
2×m×1.552=1.20mJ．在误差允许的范围内，重力势能的减小量等于动能的增加量，机械能守恒．
（2）v_B=gt=9.8×0.16m/s≈1.57m/s，则动能的增加量△Ek＝
1
2mvB2＝
1
2×m×1.572=1.23mJ．重力势能的减小量小于动能的增加量．原因是v是按照自由落体计算的，对应的下落高度比实际测得的高度要大．
故答案为：（1）1.22m，1.20m，重力势能的减小量等于动能的增加量，机械能守恒．（2）1.23m，小于，v是按照自由落体计算的，对应的下落高度比实际测得的高度要大．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 纸带问题的处理时力学实验中常见的问题．我们可以纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．

（1）A、B两点间的平均速度v=xt=0.00420.02m/s=0.21m/s；（2）后面两个点的平均速度为v′=x′t=0.01940.02m/s=0.97m/s=0.21+9.8×0.02×4m/s，看出后面一段纸带距离前面一段纸带的时间间隔有四段，即丢失的中间纸带...

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 解决本题的关键掌握纸带的处理，会通过纸带求解瞬时速度和加速度，关键是匀变速直线运动两个重要推论的运用．

（1）毫米刻度尺测量长度，要求估读即读到最小刻度的下一位．
这三个数据中不符合有效数字读数要求的是OC段：15.7，应记作15.70cm．
（2）重力势能减小量：△E_p=mgh=9.8×0.1242m J=1.22mJ
中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求B的速度大小：
v_B=
xAC
2T=1.55m/s
动能的增量为：
△E_k=[1/2]mv
2B=1.20mJ；
由于物体下落过程中存在摩擦阻力，因此动能的增加量小于势能的减小量，重力势能没有完全转化为动能．
故答案为：（1）OC；（2）1.22m，1.20m，因为有阻力做功，减少的重力势能一部分转化为内能．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据等，会起到事半功倍的效果．

（1）B点的瞬时速度等于AC段的平均速度，则
vB＝
xAC
2T＝0.79m/s
因此重锤的动能为：
Ek＝
1
2m
v2B＝0.31J
重力势能的减小量：
△E_p=mgh=10×0.0324J≈0.32J．
故答案为：0.790.310.32．
（2）根据机械能守恒定律得，mgh=
1
2mv2，解得v²=2gh，知v²与h成正比．故C正确，A、B、D错误．
故选C．
（3）根据计算结果可知，重锤重力势能的减小量基本等于动能的增加量，因此在误差允许范围内机械能守恒．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题．要注意单位的换算和有效数字的保留．

（1）毫米刻度尺测量长度，要求估读即读到最小刻度的下一位．
这三个数据中不符合有效数字读数要求的是OC段：15.7，应记作15.70cm．
（2）重力势能减小量：△E_p=mgh=9.8×0.1242m J=1.22mJ
中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求B的速度大小：
v_B=
xAC
2T=1.55m/s
动能的增量为：
△E_k=[1/2]mv
2B=1.20mJ；
由于物体下落过程中存在摩擦阻力，因此动能的增加量小于势能的减小量，重力势能没有完全转化为动能．
故答案为：（1）OC；（2）1.22m，1.20m，因为有阻力做功，减少的重力势能一部分转化为内能．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据等，会起到事半功倍的效果．

（1）运用公式[1/2]mv²=mgh时，对纸带上起点的要求是重锤是从初速度为零开始．
打点计时器的打点频率为50 Hz，打点周期为0.02s，重物开始下落后，由h=[1/2]gT²=×9.8×0.02² m≈2 mm得，在第一个打点周期内重物下落的高度所以所选的纸带最初两点间的距离接近2mm．
（2）利用匀变速直线运动的推论：v_B=
XAC
2T=[0.0702−0.0313/2×0.02]m/s=0.973m/s，
重锤的动能：E_KB=[1/2]mv_B²=[1/2]×1×0.973²J=0.473J
从开始下落至B点，重锤的重力势能减少量：△E_p=mgh=1×9.8×0.0486J=0.476J．
得出的结论是：在误差允许范围内，重物下落的机械能守恒．
（3）物体自由下落过程中，由机械能守恒可以得出：
mgh=[1/2]mv²，即[1/2]v²=gh
所以以[1/2]v²为纵轴，以h为横轴画出的图线应是过原点的倾斜直线，也就是图中的B；
图象的斜率代表的物理量是重力加速度．
故答案为：
①先开电源后放下纸带，保证纸带上打的第一点的速度为零．
②0.973m/s，0.473J，0.476J，在实验误差允许范围内机械能是守恒的．
③B，重力加速度．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 本题关键从实验原理出发，分析纸带的选择，数据处理，并能得出结论．利用图象问题结合数学知识处理物理数据是实验研究常用的方法．我们更多的研究直线图形，找出其直线的斜率和截距．

（1）B：将打点计时器接到学生电源的低压交流输出端，故B不正确．
C：因为我们是比较mgh、[1/2] mv²的大小关系，故m可约去比较，不需要用天平．故C没有必要．
E：开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，故E不正确．
故选BCE．
（2）重力势能减小量△E_p=mgh=9.8×0.2795m J=2.74m J．
利用匀变速直线运动的推论得：
v_C=
xBD
tBD=
(0.3279−0.2347)m
2×0.02s=2.33m/s
E_kC=[1/2]mv_C²=2.71m J
故答案为：
（1）BCE
（2）2.74m，2.33m/s，2.71 m

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律；重力势能的变化与重力做功的关系；用打点计时器测速度．

考点点评： 该题主要考查了验证机械能守恒定律的实验的操作步骤和运用运动学规律、功能关系去处理实验数据的能力．

（1）打点计时器的打点频率为50 Hz，打点周期为0.02 s，
重物开始下落后，在第一个打点周期内重物下落的高度为
h＝
1
2gT2=[1/2×9.8×0.022m≈2mm
所以所选的纸带最初两点间的距离接近2mm．
（2）利用匀变速直线运动的推论
v_B=
xAC
tAC]=0.59m/s，
重锤的动能E_KB=[1/2]mv_B²=0.174J
从开始下落至B点，重锤的重力势能减少量△E_p=mgh=1×9.8×0.0176J=0.172J．
得出的结论是在误差允许范围内，重物下落的机械能守恒．
（3）利用[1/2]v²-h图线处理数据，从理论角度物体自由下落过程中机械能守恒可以得出：
mgh=[1/2]mv²，即[1/2]v²=gh
所以以[1/2]v²为纵轴，以h为横轴画出的图线应是过原点的倾斜直线，也就是图中的C．
故选C．
故答案为：（1）2
（2）0.59，0.174，0.172．
在误差允许范围内，重物下落的机械能守恒．
（3）C．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题．要注意单位的换算．
要能够找出斜率和截距的物理意义，我们必须要从物理角度找出两个物理变量的关系表达式．
利用图象问题结合数学知识处理物理数据是实验研究常用的方法．
我们更多的研究直线图形，找出其直线的斜率和截距．

①毫米刻度尺读数要估读到毫米下一位，即估读到毫米下一位，OC长度读数到1毫米，不符合读数要求。应记作。②AC段的平均速度即B点瞬时速度，则系统增加的动能，重力势能减少了，由于摩擦力的作用部分重力势能转化为动能，所以。③B是打点计时器打下的第9个点，所以B点的速度，动能的增加量，这样做把加速度按照自由落体计算，没有考虑摩擦力的作用，理想状态下等于减少的重力势能，但是打第一个点时，纸带已经运到，测量的高度小于实际下落的高，所以会使得。④乙方案中直接把加速度按照重力加速度计算，不符合事实，而且误差大，所以合理的是甲方案。

① OC ， 15.70 ；--------（2分）  ② 1.20  ， 1.22 ，  <  ；---------（3分）
③ 1.23 ，  >  。---------（2分） ④  甲 。---------（1分）


<>

（1）毫米刻度尺测量长度，要求估读即读到最小刻度的下一位．
这三个数据中不符合有效数字读数要求的是OC段：15.7，应记作15.70cm．
（2）重力势能减小量△E_p=mgh=9.8×0.1242m J=1.22mJ
中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求B的速度大小：
v_B=[.1570−0.0951/0.04]=1.55m/s
E_kB=
1
2mvB2=1.20m J
这样验证的系统误差总是使重力势能的减少量大于动能增加量，
由于物体下落过程中存在摩擦阻力，因此动能的增加量小于势能的减小量，
（3）E_kB=
1
2mvB2＝
1
2m（9.8×0.02×8）²=1.23mJ
即：重力势能的减少量小于动能的增加量，原因是：v是按照自由落体计算的，实际运动不是自由落体运动，有阻力，对应的下落高度比实际测得的高度要大．
故答案为：（1）15.7；15.70．
（2）1.22m；1.20m；大于；因为有摩擦生热，减少的重力势能一部分转化为内能；
（3）1.23m；小于；v是按照自由落体计算的，对应的下落高度比实际测得的高度要大．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 纸带问题的处理时力学实验中常见的问题．我们可以纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．

(1)B:将打点计时器接到学生电源的低压交流输出端，故B不正确。开始记录时，应先给打点计时器通电打点，然后再释放重锤，让它带着纸带一同落下，故D不正确。

故选BD.

(2)重力势能减小量。

利用匀变速直线运动的推论得：

（1） B D  （2）0.280J    2.33 m/s  0.271J


<>

（1）通过打点计时器计算时间，故不需要秒表，打点计时器应该与交流电源连接，需要刻度尺测量纸带上两点间的距离，故BC错误，AD正确．
故选：AD．
（2）重力势能减小量△E_p=mgh=1×9.8×0.26m J=2.55J．
利用匀变速直线运动的推论得：
v_B=
xAC
2T=[0.3066−0.2172/2×0.02]=2.235m/s
E_kB=[1/2]mv_B²=2.50J
由此可知在误差允许范围内重锤的机械能守恒．
（3）通过计算可知重力势能的减小量大于动能的增加量，其原因是物体在下落过程中克服摩擦阻力做功，导致重力势能没有完全转化为动能．
故答案为：（1）AD；（2）2.55；2.50；在误差允许范围内重锤的机械能守恒（3）大于；重物下落过程中受到摩擦阻力作用．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 对于误差我们要分析为什么会存在误差以及怎么减小误差．其中减少纸带与打点计时器之间有摩擦，我们打点计时器安装时，面板要竖直．计算势能变化时，选取始末两点距离不能过近，减小读数的相对误差．
在分析实验时应注意结合实验的规律找出相应的物理规律进行分析！在验证机械能守恒时物体做匀加速直线运动，故满足匀加速直线运动的规律！

（1）①用公式[1/2]mv²=mgh时，对纸带上起点的要求是重锤是从初速度为零开始，
打点计时器的打点频率为50Hz，打点周期为0.02s，重物开始下落后，在第一个打点周期内重物下落的高度所以所选的纸带最初两点间的距离接近2mm，
所以有：h=[1/2]gT²=×9.8×0.02² m≈2mm．
②A、根据机械能守恒表达式可知，验证过程不需要测量重锤质量，故A错误；
B、为了减小阻力对其影响，选用重锤时，应该选用质量大体积小重锤的进行实验，故B正确；
CD、由于重锤下落过程中克服阻力做功，因此动能的增加量小于重力势能的减小量，故C正确、D错误．
故选：BC．
（2）①中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度来求B的速度大小：
vB＝
sAC
2T=[0.0702−0.0313/2×0.02]m/s=0.972m/s
故答案为：0.972m/s．
②物体重力势能减小量：△E_P=mgh=1×9.8×0.0486=0.476J
动能的增加量为：△Ek＝
1
2mvB2=
1
2×1×0.9722=0.473J
③由于纸带通过时受到较大的阻力和重锤受到的空气阻力，重力势能有相当一部分转化给摩擦产生的内能，所以重力势能的减小量明显大于动能的增加量．
故答案为：（1）①物体在只受重力的作用下，初速度为0的运动；2mm．②BC．
（2）①0.972m/s；②0.476J；0.473J；③各种阻力做功，机械能转化为内能．

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 正确解答实验问题的前提是明确实验原理，从实验原理出发进行分析所需实验器材、实验步骤、所测数据等，会起到事半功倍的效果．

①B点的瞬时速度等于AC段的平均速度，则vB＝
(50.2−18.6)×10−3
0.04m/s＝0.79m/s．则EKB＝
1
2mvB2＝
1
2×1×0.792≈0.31J．
重力势能的减小量△E_p=mgh=10×0.0324J≈0.32J．
②根据机械能守恒定律得，mgh=
1
2mv2，解得v²=2gh，知v²与h成正比．故C正确，A、B、D错误．
故选C．
故答案为：①0.790.310.32②C

点评：
本题考点： 验证机械能守恒定律．

考点点评： 运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题．要注意单位的换算和有效数字的保留．

（1）①两点间的时间间隔为0.02s，故平均速度v=[AB/t]=[4.2mm/0.02]=0.21m/s；
②物体在第2段纸带内的平均速度v₂=[19.4/0.02]≈0.97m/s，由v=v₀+at可知，
0.97=0.21+9.8×n×0.02
解得：n=4，即故可知，在中间应有两段距离，即中间有2个点；
③由△h=4gt²可求得：g=[19.4−4.2
4×0.022=9.5m/s²；
（2）①由题意可知，灯泡的额定电压为2.8V，故电压表的量程应大于2.8V，故电压表应选3V量程，故选A；
由P=UI可得，电流为I=
0.8/2.8]A=0.28A，故电流表应选D；
本实验中应选用分压接法，故滑动变阻器应选小电阻，故滑动变阻器选E；
②由图可知，当电压为2.8V时，电流为0.28A，故电阻R=[U/I]=[2.8/0.28]Ω=10Ω；
③要使灯泡串联在6V的电源上正常工作，则与之串联的电阻的阻值应为6-2.8=3.2V；
此时电路中电流为0.28A，故应串联的电阻R′=[3.2/0.28]=11Ω；
故答案为：（1）①0.21；②2；③9.5；
（2）①A，D，E②10Ω③11Ω．

点评：
本题考点： 描绘小电珠的伏安特性曲线；验证机械能守恒定律．

考点点评： 本题第一小题没有按常规律出题，注意由于阻力等因素我们测得的加速度一般小于当地的重力加速度，但是纸带所显示的一定是匀加速直线运动．
第二小题中注意图象及欧姆定律的应用．