（2012•澧县模拟）下面列举的事例中正确的是（　　）

C

解题思路：在传送带突然转动前后，对物块进行受力分析解决问题．

传送带突然转动前物块匀速下滑，对物块进行受力分析：物块受重力、支持力、沿斜面向上的滑动摩擦力．

传送带突然转动后，对物块进行受力分析，物块受重力、支持力，由于上面的传送带斜向上运动，而物块斜向下运动，所以物块所受到的摩擦力不变仍然斜向上，所以物块仍匀速下滑．
故选BD．

点评：
本题考点： 摩擦力的判断与计算．

考点点评： 判断物体的运动必须对物体进行受力分析，还要结合物体的运动状态．

解题思路：谷种和瘪谷做的是平抛运动，平抛运动可以分解到水平方向和竖直方向去研究，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做自由落体运动，两个方向上运动的时间相同．

A、在大小相同的风力作用下，风车做的功相同，由于谷种的质量大，所以离开风车时的速度小，所以A正确．
B、由于谷种飞出时的速度较小，运动的时间由相同，所以谷种的水平位移较小，与谷种的惯性大小无关，所以B错误．
C、平抛运动在竖直方向做自由落体运动，所以C错误．
D、由于谷种飞出时的速度较小，而谷种和瘪谷的运动的时间相同，所以谷种的水平位移较小，瘪谷的水平位移较大，所以N处是瘪谷，M处是谷种，所以D错误．
故选A．

点评：
本题考点： 平抛运动．

考点点评： 本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．

解题思路：（1）分析金属块的受力情况，根据平衡条件和滑动摩擦力公式求解动摩擦因数；
（2）撤去拉力后金属块水平方向只受滑动摩擦力，根据牛顿第二定律求出加速度，再由位移速度公式求解金属块在桌面上滑行的最大距离．

（1）因为金属块匀速运动，受力平衡则有
Fcos37°-μ（mg-Fsin37°）=0
得μ＝
Fcos37°
mg−Fsin37°＝
3×0.8
0.78×10−3×0.6＝0.4
（2）撤去拉力后金属块的加速度大小为：a=[f/m]=μg=4m/s²
金属块在桌面上滑行的最大距离：s=
v2
2a=
22
2×4=0.5m
答：
（1）金属块与桌面间的动摩擦因数为0.4；
（2）撤去拉力后金属块在桌面上滑行的最大距离为0.5m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 本题是物体的平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图．撤去F后动摩擦因数不变．

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拼音：lǐ
澧县,隶属于湖南省常德市,因澧水贯穿全境而得名,位于长江中游,湖南省西北部,洞庭湖西岸,与长江直线距离80公里.梁敬帝绍泰元年（555）始置澧州.隋开皇九年（公元589年）罢天门郡,置澧州,新置澧阳县.2014年,全县辖4个街道办事处、14个镇、16个乡,境内气候适宜,地貌多样,水面广大.澧县拥有澧阳平原（湖南省最大的平原）绝大部分,国土面积2107.3平方公里.粮、棉、油、猪、鱼是澧县五大农业支柱产品.
澧县先后被定为全国商品粮基地县、优质棉基地县和产棉大县.有国家级文物保护单位13处,以城头山、彭头山、鸡叫城、八十垱、十里岗、丁家岗为核心的澧阳平原史前文化遗址群已由国家向联合国申请世界文化遗产,其中城头山古文化遗址发现了中国最早的、距今6000年的古城址、古祭坛和古稻田.

解题思路：根据等量异种电荷电场线和等势面分布特点，可以比较A与B，C与D电势、场强关系及O、B电势高低；根据电场线疏密可知，在M、N之间O点场强最小；利用负电荷在电势高处电势能小，可比较负电荷在O、B电势能大小．

等量异号电荷的电场具有一定的对称性，可以将该图与等量异号电荷的电场线的图比较进行解题，更加方便快捷．
A、根据顺着电场线方向电势降低，结合等量异种电荷电场线、等势面分布对称性特点可知，A、B场强相同，A点电势高．故A错误．
B、根据等量异种电荷电场线、等势面分布对称性，C、D两处电势、场强均相同．故B正确．
C、从图中可知MN之间的电场线的方向始终指向N，所以正电荷从M点沿MN连线移到N点，电场力始终做正功．故C错误．
D、O点电势小于E点电势，正电荷在O处电势能小于在E处电势能．故D正确．
故选：BD

点评：
本题考点： 电势差与电场强度的关系；电场强度；电势．

考点点评： 这类问题要巧妙利用电场线、等势面分布对称性的特点，再根据电场线方向判断电势高低，电场线的疏密判断场强的大小．

尊重,理解,宽容

解题思路：（1）电火花计时器摩擦小，误差小；平衡摩擦力后，小车不受拉力时匀速运动；
（2）在砂桶质量远小于小车质量的情况下，可以近似认为小车受到的拉力等于砂桶受到的重力；实验要注意控制变量法的应用；
（3）做匀变速运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度；做匀变速运动的物体在相邻的相等时间间隔内的位于之差是定值，△x=at²，据此求出纸带的加速度；
（4）根据动能定理列方程求解．

（1）电火花计时器摩擦小，误差小；平衡摩擦力后，小车不受拉力时匀速运动；
（2）砂桶质量远小于小车质量的条件下，可以认为绳对小车的拉力近似等于沙和沙桶的总重力；
探究加速度与合力的关系时，应控制小车的质量不变，改变拉力大小，看加速度与力间有什么关系；
（3）由△s=aT²，a=
(62.00−51.55)−(51.05−42.05)
0．12×10^-2=0.95m/s²
（4）根据动能定理：
mgh_B-W_f=[1/2]（m+M）v_B²
v_B=[AC/0.2]=1.0m/s
解得：W_f=mghB−
1
2(m+M)
v2B
故答案为：（1）电火花匀速
（2）小车的质量远大于沙和沙桶的总质量小车的质量
（3）0.95m/s² 1.0m/s
（4）mghB−
1
2(m+M)
v2B

点评：
本题考点： 探究功与速度变化的关系．

考点点评： 要知道验证牛顿第二定律实验和验证动能定理实验的注意事项，要会处理实验数据，能根据打出的纸带求出物体的加速度、物体的瞬时速度、动能增加量、合力的功．

解题思路：功是能量转化的量度：
总功是动能变化的量度；
重力做功等于重力势能的减小量；
电场力做功等于电势能的减小量．

A、D、物体在电场力的作用下从斜面的底端运动到顶端，电场力做正功，重力做负功，支持力不做功；
根据动能定理，有：W_电+W_重=△E_k；
重力做功等于重力势能的减小量，故：-W_重=△E_p；
故W_电=△E_k+△E_p；故A错误，D正确；
B、物体克服重力做的功等于重力势能的增加量，故为△E_p，故B正确；
C、根据动能定理，合外力对物体做的功等于动能增加量，为△E_k，故C正确；
本题选择错误的，故选A．

点评：
本题考点： 匀强电场中电势差和电场强度的关系；功能关系．

考点点评： 本题关键明确物体的运动规律和能量转化情况，知道功和能量的几种关系，不难．

解题思路：当小球到达环顶C时，刚好对轨道压力为零，由牛顿第二定律求出小球经过C点时的速度，得到其机械能，再与小球在A点的机械能比较，分析小球的机械能是否守恒．根据机械能守恒定律求出小球第一次过B点时的速度，由牛顿运动定律求解小球对轨道的压力．由动能定理求解小球从B到C的过程中克服阻力做的功．

A、当小球到达环顶C时，刚好对轨道压力为零，由牛顿第二定律得：mg=m

v2C
R，得v_C=
gR，以B点所在水平面为参考平面，则小球经过C点时的机械能为E_C=mg•2R+[1/2m
v2C]=50J，小球经过A点时的机械能为E_A=mgh=60J．可见，在由A到D的过程中，小球的机械能不守恒．故A错误．
B、对于A到B过程，由机械能守恒得：mgH=[1/2]m
v2B，在B点：N-mg=m

v2B
R，代入解得，N=35N，则小球第一次过B点时对轨道的压力大小是35N．故B错误．
C、对于B到C过程，由动能定理得：-mg•2R-W_f=[1/2m
v2C]-[1/2]mv
2B，代入解得：W_f=10J，即小球从B到C的过程中克服阻力做的功是10J．故C正确
D、由于小球的机械能有损失，所以D点离地面的高度小于H=12m．故D正确．
故选CD．

点评：
本题考点： 动能定理；匀速圆周运动．

考点点评： 本题是隐含的临界问题，当小球恰好到达环顶C时，由重力提供向心力，速度为vC=gR．