电热水袋里冲的是什么水?一次不小心把电热水袋的盖子弄掉了,里面如锈水般的液体都倒出来了.后来我重新加了自来水,现在冲电很

解题思路：（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用放热公式Q_吸=cm△t求水放出的热量；
（2）如果这些热量全部转化为电能时，根据W=Pt求出小灯泡工作的时间．

（1）水放出的热量：
Q_放=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（80℃-30℃）=2.1×10⁵J；
（2）这些热量全部转化为电能时，小灯泡工作的时间：
t=[W/P]=[Q/P]=
2.1×105J
4.2W=5×10⁴s．
故答案为：2.1×10⁵；5×10⁴．

点评：
本题考点： 热量的计算；电功率与电能、时间的关系．

考点点评： 本题考查了热量的计算和电功公式的灵活应用，难度不大，是一道基础题目．

是的啊!不过蛮脏的,我不小心弄破一个,发现那水的颜色.大概是煮的次数太多了

解题思路：（1）利用额定功率和额定电压，根据：R=

U2

P

计算电阻阻值的大小；
（2）由工作原理结合图可知双金属片的金属层哪侧膨胀较快，两开关串联时相互影响、必须都闭合电路才能工作，两开关并联时互不影响，闭合任何一个都能使电路工作；
（3）知道水温度的变化和质量，根据热量的计算公式Q_吸=cm△t计算出水吸收的热量，再根据W=Pt计算出消耗的电能，利用η=

Q吸

W

就可以求出电热水袋的效率．

（1）热水袋的额定加热功率为P=500W；额定电压：U=220V；电阻为：R=
U2
P=
(220V)2
500=96.8Ω；
（2）因为电热水袋里使用双重温控开关，也就是说只有这两个开关都闭合时，电热袋才可以工作，因此这两个开关是串联的；
（3）水的质量：m=1kg，水吸收的热量为Q_吸=mc（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（65℃-15℃）=2.1×10⁵J
加热时间：t=10min=600s；消耗的电能W=Pt=500W×600s=3×10⁵J．
则该电热水袋的发热效率：
η=
Q吸
W=
2.1×105J
3×105J=70%．
故答案为：（1）96.8；（2）串联；（3）2.1×10⁵、70%．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题考查了热量的计算和效率的计算以及开关串并联的辨别，考查了学生提取有用信息的能力，是一道好题．

图呢？

解题思路：（1）根据Q=cm（t-t₀）求出水吸收的热量，电热管放出的热量全部被水吸收，根据Q=W=Pt求出加热时的功率即为额定功率．
（2）根据P=UI求出加热时的电流，再根据P=

U2

R

求出加热电阻．

（1）由表可知，自动断电的温度为70℃，此过程中水吸收的热量：
Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（70℃-20℃）=2.1×10⁵J，故D不正确；
∵电热管放出的热量全部被水吸收，且额定电压下电热管的功率和额定功率相等，
∴根据Q=W=Pt可得，电热管的额定功率：
P=[W/t]=
2.1×105J
210s=1000W，故C不正确；
（2）由P=UI可得，加热时的电流：
I=[P/U]=[1000W/220V]≈4.5A，故A不正确，
∵P=
U2
R，
∴R=
U2
P=
(220V)2
1000W=48.4Ω，故B正确．
故选B．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题为电功和热量的综合计算题，考查了学生对吸热公式、电功公式、电功率公式的掌握和运用，本题关键知道不计热损失，消耗电能全部转化为内能，全被水吸收．

不是一般的水,我用万用表测了一下,是导电的液体.这种热水袋出售时有两种状态,一种是厂家已经充进了导电液体,买去可直接使用.还有一种买来时没有充水,但已放进了一种粉末,要你自已充水,我两种都买过,其效果是一样的.所以袋里的液体不能随便用自来水代替,否则就不能发热了.至于那种粉末到底是什么,无法确定. yi以下是一些收集到的!可以看看!电暖宝是一种可储热的新颖取暖用品,结构特点合理,使用维修方便、储热量大、保温时间长,为冬季暖手、暖足的理想用品.
电暖宝电暖宝产品有电热饼和电热水袋两大类.
1.固体电热饼,其填充是保温棉（如；石棉等其他的）工作原理是：用双控温电热储能式结构,逐渐释放热能.内设自动过热保护装置及自动保温指示装置,一个由PTC热敏电阻开关控制的小电炉,PTC是正温度系数的热敏电阻,当电流通过时自身会发热（电炉的热量也会传导给它的）,当温度到达一定值时,它的电阻会急剧增大,可以视为断开,所以热宝此时停止消耗电能,之后靠保温棉对电炉的保温来缓慢放热,这种热宝保温时间长,加热时要有人在,为了预防万一,人切忌离开,且温度较高,暖手宝在使用时必须套上布袋,以免烫伤.暖手器在被窝内使用,不要固定在一处,最好随时移动挪位.人若长时间离开被窝,请把暖手器随即带出被窝.
2.软质液体电热宝具有美观实用,手感柔软、使用新技术储能发热剂,加热升温迅速.一次性注水,永久使用,独特防爆免烫装置,温控保护；使用寿命长；保温持久等优势.工作原理是在固体电热饼的基础上改进的,采用电极式加热方法,优质控温与热熔断器双重温控保险.正常情况下袋内液体温度达到65度时温控器会自动切断电路,停止加热；而一旦温控器控制失灵,热熔断器切断电源,终止加热,需更换新产品,请不要尝试修复

解题思路：（1）由电热水袋铭牌可知，其额定电压是220V，额定功率是700W，由P=UI的变形公式可以求出其正常发光时的电流．
（2）由电功率公式P=

U2

R

的变形公式可以求出发热体的电阻．
（3）由W=Pt可以求出发热体产生的热量．
（4）根据电功率公式P=

U2

R

分析答题．

（1）∵P=U I，
∴电热水袋正常加热时的电流：
I=[P/U]=[700W/220V]≈3.18A；
（2）∵P=
U2
R，
∴电热水袋正常加热时的电阻：
R=
U2
P=
(220V)2
700W≈69Ω；
（3）加热时间t=10min=600s，
热水袋消耗的电能：W=Pt=700W×600s=4.2×10⁵J；
（4）由电路图可知，发热体电阻与指示灯并联，
它们两端电压U相等，发热体电阻功率远大于指示灯功率，
由P=
U2
R可知，在电压U一定时，电功率越小，电阻越大，
因此红色指示灯L的电阻大．
答：（1）通过发热体R的电流为3.18A．
（2）发热体R的阻值为69Ω．
（3）通电10min，发热体R消耗的电能为4.2×10⁵J．
（4）指示灯电阻大，因为：指示灯与发热体电阻并联，指示灯功率小．

点评：
本题考点： 电功率与电压、电流的关系；欧姆定律的变形公式；电功的计算．

考点点评： 本题考查了求电流、电阻、电功，判断电阻阻值大小关系等问题，由铭牌获取所需信息，熟练应用电功率公式及其变形公式即可正确解题．

解题思路：（1）已知指示灯L的电阻比发热体R的额定电压和额定功率，根据R=

U2

P

可知两电阻的大小关系；
（2）两开关串联时，相互影响，必须都闭合电路才能工作，并联时，互不影响，闭合任何一个都能使电路工作；
（3）根据热量的计算公式Q=cm△t计算出水吸收的热量；
（4）根据W=Pt计算出消耗的电能，根据η=

Q吸

W

×100%就可以求出电热水袋的发热效率．

（1）由电路图可知，指示灯和发热体并联，两端的电压相等，
由表格数据可知，指示功率远小于额定热功率，
∵P=
U2
R，
∴由R=
U2
P可知，红色指示灯L的电阻比发热体R的电阻大得多；
（2）因为电热水袋里使用双重温控开关，也就是说只有这两个开关都闭合时，
电热袋才可以工作，因此这两个开关是串联的；
（3）温度从15℃升高到65℃，此过程中水吸收的热量：
Q=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（65℃-15℃）=2.1×10⁵J．
（4）电热水袋消耗的电能：
W=Pt=500W×10×60s=3×10⁵J，
则该电热水袋的发热效率：
η=
Q吸
W×100%=
2.1×105J
3×105J×100%=70%．
故答案为：（1）大；（2）串联；（3）水吸收的热量为2.1×10⁵J；（4）电热水袋的发热效率为70%．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题由电热水袋入手考查相关的物理知识，熟练应用电功率公式、吸热公式、电功公式和效率公式是关键，同时要注意从表格中得出相关的信息．

（1）水的比热容大
（2）a；串联
（3）热水袋中的水的质量：
m=ρV=1000kg/m ³ ×1×10 ^﹣3 m ³ =1kg，
温度从10℃升高到80℃，此过程中水吸收的热量是
Q _吸 =cm△t=4.2×10 ³ J/（kg·℃）×1kg×（80℃﹣10℃）=2.94×10 ⁵ J；
消耗的电能：W=Pt=700W×10×60s=4.2×10 ⁵ J，
则该电热水袋的发热效率为η= = =70%

解题思路：（1）水的比热容大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多；
（2）根据图示和使用过程判断；
（3）知道水的体积，利用密度公式求水的质量，知道水温度的变化，根据热量的计算公式Q_吸=cm△t计算出水吸收的热量；再根据W=Pt计算出消耗的电能，根据η=

Q吸

W

就可以求出电热水袋的发热效率．

（1）因为水的比热容较大，降低相同的温度，水放出的热量多，所以电热水袋里面一般用水作储能物质；
（2）双金属片受热时二者膨胀的快慢不同，金属层a膨胀较快，达到一定温度时，双金属片向上拱起，从而切断电路；
因为电热水袋里使用双重温控开关，也就是说只有这两个开关都闭合时，电热袋才可以工作，因此这两个开关是串联的；
（3）热水袋中的水的质量：
m=ρV=1000kg/m³×1×10^-3m³=1kg，
温度从10℃升高到80℃，此过程中水吸收的热量是
Q_吸=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（80℃-10℃）=2.94×10⁵J；
消耗的电能：
W=Pt=700W×10×60s=4.2×10⁵J，
则该电热水袋的发热效率为η=
Q吸
W=
2.94×105J
4.2×105J=70%．
故答案为：（1）水的比热容大；（2）a，串联；（3）该电热水袋的效率为70%．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算；能量利用效率；水的比热容的特点及应用；串联电路和并联电路的辨别．

考点点评： 本题由电热水袋入手考查相关的物理知识，尤其是最后一问求发热袋的效率是解题的难点，关键是对公式的灵活运用．

解题思路：（1）由铭牌可知，热宝的额定电压是220V，额定功率是500W，由电功率的变形公式可以求出其电阻．
（2）已知功率与时间，由Q=W=Pt可以求出产生的热量．
（3）由吸热公式可以求出水吸收的热量．

（1）∵P=
U2
R，
∴电阻R=
U2
P=
(220V)2
500W=96.8Ω；
（2）产生的热量：
Q=W=Pt=500W×60s×5=1.5×10⁵J；
（3）水吸收的热量：
Q=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（60℃-10℃）=2.1×10⁵J；
答：（1）发热体R的电阻为96.8Ω．
（2）通电5分钟发热体R产生的热量为1.5×10⁵J．
（3）热水袋内水由10℃加热至60℃，在这一过程中水吸收的热量为2.1×10⁵J．

点评：
本题考点： 焦耳定律的计算公式及其应用；热量的计算；欧姆定律的变形公式．

考点点评： 本题考查了求电阻、产生的热量、水吸收的热量，应用电功率的变形公式、电功公式、热量公式即可正确解题．

解题思路：（1）由图可见，红色指示灯L和发热体R是并联的，两电阻两端的电压相等，根据公式P=

U2

R

分析两电阻阻值的大小；
（2）两开关串联时，相互影响，必须都闭合电路才能工作，并联时，互不影响，闭合任何一个都能使电路工作；
（3）根据热量的计算公式Q=cm△t计算出水吸收的热量，根据W=Pt计算出消耗的电能，根据η=

Q吸

W

×100%就可以求出电热水袋的发热效率．

（1）由图可见，红色指示灯L和发热体R是并联的，两端电压相等，发热体的功率要比指示灯的功率大得多，根据电功率的计算P=
U2
R，在电压U相等的情况下，功率P大的，电阻R反而小，因此发热体的电阻要小于指示灯的电阻．
故答案为：大．
（2）因为电热水袋里使用双重温控开关，也就是说只有这两个开关都闭合时，电热袋才可以工作，因此这两个开关是串联的．
故答案为：串联．
（3）热水袋中的水的质量m=1kg，温度从15℃升高到65℃，此过程中水吸收的热量是
Q=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（65℃-15℃）=2.1×10⁵J．
消耗的电能是
W=Pt=500W×10×60s=3×10⁵J
则该电热水袋的发热效率为η=
Q吸
W×100%=
2.1×105J
3×105J×100%=70%．
故答案为：2.1×10⁵；70%．

点评：
本题考点： 串联电路和并联电路的辨别；能量利用效率；热量的计算；焦耳定律．

考点点评： 本题由电热水袋入手考查相关的物理知识，尤其是最后一问求发热袋的效率是解题的难点，关键是对公式的把握．

解题思路：已知指示灯L的电阻比发热体R的额定电压和额定功率，根据R=

U2

P

可知两电阻的大小关系；利用表格中的数据，根据Q=cm△t求出水吸收的热量，根据W=Pt求出电流做的总功，利用效率公式求出其大小；最后根据P=

U2

R

求出发热体的阻值，再求出电压为200V时的实际功率．

（1）由表中数据可知，U_L额=U_R额，P_L ＜P_R，根据R=
U2
P可知R＞R_L；
（2）水吸收的热量为Q_吸=cm（t₂-t₁）=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（65℃-15℃）=2.1×10⁵J；
（3）电流做的功为W=Pt=400W×600s=2.4×10⁵J，
电热水袋的电能转化为水的内能的效率为η=
2.1×105J
2.4×105J=87.5%；
（4）发热体的阻值为R=
U2
PR额=
(220V)2
400W=121Ω，
实际电压为200V时的功率为P=

U2实
R=
(200V)2
121Ω≈330.6W．
答：（1）指示灯L的电阻比发热体R的电阻要大得多；
（2）此过程中水吸收的热量为2.1×10⁵J；
（3）电热水袋的电能转化为水的内能的效率为87.5%；
（4）实际电压为200V时的实际功率约为330.6W．

点评：
本题考点： 电功率的计算；能量利用效率；热量的计算；焦耳定律．

考点点评： 本题是一道热学和电学的综合题，考查了吸收热量、效率、电功的计算，以及电功率公式的计算和应用，关键是公式的灵活运用．

电热水袋有很多种：
第一种：电热水袋里装的液体就是普通的水,是可以自己换的.你的电热水袋里的水发黄是由于长期反复加热造成的.放心的换吧,没问题的.有些网购的电热水袋,里面就是空的,（因为按重量计算邮费）要求用户自己加水.空的热水袋里面有个小药丸,加自然水后会溶解,没水自己加水就行了,商家有个小漏斗送的吧?没的话就去买个注水时记得别把空气灌入,不然制热后热水袋很膨胀.
第二种：不是纯净水,而是一种有铁、盐水之类的导电液.所以我们平时加热很快就好了.建议你还是买个新的吧!直接加水容易会膨胀的!到时候爆掉就不划算了.

其实这个要从几方面去看咯1、电热水袋方便,走到哪儿只要有插头就可以充电.开水热水袋你得加热水在灌进去,较为麻烦.2、电热水袋节约水资源,只需要热水袋里面的液体就行,而开水热水袋要反复加入热水.3、在安全方面,两者都有弊端,电热水袋的弊端来自充电过程,有可能因为长期使用或者质量的问题,发生炸裂液体流出或者漏电.开水热水袋在加入水的过程比较危险,在使用时因为盖子的原因,也容易造成烫伤.所以不管在使用电热水袋还是开水热水袋都要注意安全,严格根据说明使用,并且要在使用年限内使用,做到确保家人和自身的安全.获得放心踏实的温暖,开心的度过严冬.

宿舍限电主要是通过不同电流大小的保险丝或空气开关实现的,与人多少没有关系.

（1）在质量和温差相同的情况下，水的比热容大、放出的热量多，因此用水作取暖剂；
（2）由表中数据可知，U_L额=U_R额，P_L ＜P_R，根据R=
U2
P可知R＞R_L，即红色指示灯L的电阻比发热体R的电阻要大得多；
（3）水吸收的热量：
Q_吸=cm（t₂-t₁）=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（65℃-15℃）=2.1×10⁵J；
（4）电流做的功：
W=Pt=500W×600s=3×10⁵J，
电热水袋的加热效率：
η=
Q吸
W×100%=
2.1×105J
3×105J×100%=70%；
（4）发热体的阻值：
R=
U2
PR额=
(220V)2
500W=96.8Ω，
实际电压为200V时的功率：
P=
U实2
R=
(200V)2
96.8Ω≈413W．
答：（1）比热容；
（2）大；
（3）此过程中水吸收的热量为2.1×10⁵J；
（4）电热水袋的加热效率是70%；
（5）该电热水袋的实际功率约为413W．

电热水袋达不到水的分解温度、不会将水分解

解题思路：已知水的热量、温度的变化量，应用热量公式可以求出吸收的热量．

水吸收的热量：
Q_吸=cm△t
=4.2×10³J/（kg•℃）×1.5kg×60℃
=3.78×10⁵J；
答：水吸收的热量为3.78×10⁵J．

点评：
本题考点： 热量的计算．

考点点评： 本题考查了求吸热问题，应用热量公式即可正确解题．