皮带轮比例是不是小轮60 大轮就是120?我没有念什么书请告诉我直接答案

设小轮要转x周，由题意得：
3.14×0.5×x=3.14×2×1，
1.57x=6.28，
x=4；
答：如果大轮转一圈，小轮要转4圈．

点评：
本题考点： 有关圆的应用题．

考点点评： 此题考查有关圆的应用题，解决此题关键是根据两轮子走过的皮带长度是一样的，等于轮子的圈数乘轮子的圆周长，而圆周长=圆周率×直径，那么圈数就与直径成反比．即：大轮圈数×大轮直径=小轮圈数×小轮直径．

（1）根据圆周运动v=ωr，得v=4 m/s
由于煤块初速度为零，煤块与传送带之间发生了相对滑动，滑块所受的滑动摩擦力，
f=μmg，
由 F=ma得，
μmg=ma，
a=2 m/s²，
当煤块加速度到速度等于皮带的传动速度时，二者相对静止，并一起匀速运动，
由v=at，s₁=[1/2]at²得：
煤块加速时间，
t₁=2s，
s₁=4m，
这个过程传送带一直匀速运动，s₂=vt=8m；
（2）当煤块运动到B点飞离圆弧的最小速度为v_m，半径为R，
得：mg=
mv2
R，
v_m=2 m/s，
煤块滑到B点的速度v_t=4 m/s＞v_m，
所以煤块将飞离B点做平抛运动．
（3）煤块做平抛运动，
竖直方向h+2R=[1/2]gt²得，
其运动时间为t=1s，
水平位移为s=vt，
s=4m．
答：（1）水平传送带的传动速度为4 m/s，煤块运动的距离是4m，传送带运动的距离是8m．
（2）煤块将飞离B点做平抛运动．
（3）该块煤炭落在水平地面上的落点与O₂点正下方的水平距离是4m．

点评：
本题考点： 匀速圆周运动；匀变速直线运动规律的综合运用；平抛运动；向心力．

考点点评： 煤炭在传送带上要经历两个运动过程，先加速运动，然后再和传送带一起匀速运动，最后离开传送带后做平抛运动，根据煤炭的各个运动过程，分别列式求解即可．

物体两次受到的都是滑动摩擦力，无论物体与传输带相对速度是多大，只要滑动起来，摩擦力就不变了．也就是两次受力相同，运动过程也就相同，因此从A点滑到B点仍用5分钟的时间．
故选A．

点评：
本题考点： 摩擦力大小的影响因素；物体运动状态变化的原因．

考点点评： 此题中，之所以传送带的转动并未影响物体下滑的时间，主要是因为，物体的滑动摩擦力并未受到传送带的影响，因此，运动的时间是不变的．

设小轮要转x周，由题意得：
3.14×0.09×2×x=3.14×0.54×5
0.18x=2.7，
x=15；
答：如果大轮转5圈，小轮要转15圈；

点评：
本题考点： 有关圆的应用题；圆、圆环的周长．

考点点评： 此题考查有关圆的应用题，解决此题关键是根据两轮子走过的皮带长度是一样的，等于轮子的圈数乘轮子的圆周长，而圆周长=圆周率×直径，那么圈数就与直径成反比．即：大轮圈数×大轮直径=小轮圈数×小轮直径．

两个轮子是同缘传动，故边缘点线速度相等，甲两轮的半径之比为1：5，根据v=rω，边缘点角速度之比为5：1，故驱动力的频率为：
f=[149r/min/5]≈0.5Hz
故驱动力的周期为：
T=[1/f]=2s
共振的条件是驱动力周期等于系统的固有周期，根据单摆的周期公式T=2π

L
g，发生共振的摆长为：
L=
gT2
4π2=
10×22
4×3.142=1m=100cm；
故单摆a发生共振；
故选：A．

点评：
本题考点： 产生共振的条件及其应用．

考点点评： 本题关键是明确同轴转动与同缘传动的特点，结合公式v=rω、T=2πLg和共振条件分析，不难．

物体放上传送带，滑动摩擦力的方向先沿斜面向下．
根据牛顿第二定律得，a1=
mgsin37°+μmgcos37°
m=gsin37°+μgcos37°=10×0.6+0.5×10×0.8m/s²=10m/s²
则速度达到传送带速度所需的时间t1=
v
a1=
10
10s=1s．
经过的位移x1=
1
2a1t12=
1
2×10×1m=5m．
由于mgsin37°＞μmgcos37°，可知物体与传送带不能保持相对静止．
速度相等后，物体所受的摩擦力沿斜面向上．
根据牛顿第二定律得，a2=
mgsin37°-μmgcos37°
m=gsin37°-μgcos37°=2m/s²
根据vt2+
1
2a2t22=L-x1，即10t2+
1
2×2×t22=11
解得t₂=1s．
则t=t₁+t₂=2s．
答：物体从A运动到B的时间为2s．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；力的合成与分解的运用．

考点点评： 解决本题的关键理清物体的运动规律，知道物体先做匀加速直线运动，速度相等后继续做匀加速直线运动，两次匀加速直线运动的加速度不同，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．