当月竣工日是什么意思求大神帮助

∵ρ=[m/V]，
∴m=ρV
=1000kg/m³×20m³
=2×10⁴kg．
答：该家庭当月所用自来水的质量为2×10⁴kg．

点评：
本题考点： 密度公式的应用．

考点点评： 本题考查了学生对密度公式的掌握和运用，从水费单得出用水的体积是本题的关键．

（1）50x•70%或35x，35（5000-x）•80%或（140000-28x）；

（2）y与x的函数关系式为：y=7x+140000，由题意得

50x−20000≥0
5000−x＞0
解得400≤x＜5000，∴自变量x的取值范围是400≤x＜5000；

（3）∵y=7x+140000是一个一次函数，且7＞0，400≤x＜5000，
∴当x=400时，y_最小值=142800．
答：该经销商两次至少共捐款142800元．

点评：
本题考点： 一次函数的应用．

考点点评： 主要考查利用一次函数的模型解决实际问题的能力．要先根据题意列出函数关系式，再代数求值．解题的关键是要分析题意根据实际意义求解．注意要根据自变量的实际范围确定函数的最值．

（1）∵若当月仅售出1部汽车，则该部汽车的进价为27万元，每多售出1部，所有售出的汽车的进价均降低0.1万元/部，
∴若该公司当月售出3部汽车，则每部汽车的进价为：27-0.1×（4-1）=24.78，
故答案为：24.7；

（2）设需要售出x部汽车，
由题意可知，每部汽车的销售利润为：
28-[27-0.1（x-1）]=（0.1x+0.9）（万元），
当0≤x≤10，
根据题意，得x•（0.1x+0.9）+0.5x=12，
整理，得x²+14x-120=0，
解这个方程，得x₁=-20（不合题意，舍去），x₂=6，
当x＞10时，
根据题意，得x•（0.1x+0.9）+x=12，
整理，得x²+19x-120=0，
解这个方程，得x₁=-24（不合题意，舍去），x₂=5，
因为5＜10，
所以x₂=5舍去．
答：需要售出6部汽车．

点评：
本题考点： 一元二次方程的应用．

考点点评： 本题考查了一元二次方程的应用．解题关键是要读懂题目的意思，根据题目给出的条件，找出合适的等量关系并进行分段讨论是解题关键．

（1）50a×70%+35（5000-a）×80%=26a+120000元；
答：该经销商先后共捐款26a+120000元．
（2）当a=3000时，
原式=26×3000+120000=198000元．
答：捐款金额为198000元．

点评：
本题考点： 列代数式；代数式求值．

考点点评： 此题考查列代数式，理解题意，找出等量关系是解决问题的关键．

（1）由题意，得
当0＜x≤5时
y=30．
当5＜x≤30时，
y=30-0.1（x-5）=-0.1x+30.5．
∴y=

30(0＜x≤5，x为整数)
−0.1x+30.5(5＜x≤30，x为整数)；

（2）当0＜x≤5时，
（32-30）×5=10＜25，不符合题意，
当5＜x≤30时，
[32-（-0.1x+30.5）]x=25，
解得：x₁=-25（舍去），x₂=10．
答：该月需售出10辆汽车．

点评：
本题考点： 一元二次方程的应用；分段函数．

考点点评： 本题考查了分段函数的运用，一元二次方程的解法的运用，解答时求出分段函数的解析式是关键．

(1)由待定系数法设出将x=10，y=20代入可得.(2)利润=收入−成本，设利润为可得化为二次函数求最值即可.(3)平均成本=可化为利用基本不等式求最小值。

试题解析：解：(1)()2分

将x=10，y=20代入上式得，20=25a+17.5，解得3分

()4分

(2)设利润为则6分

因为，所以月产量为23吨时，可获最大利润12.9万元8分

(3)10分

当且仅当，即时上式“=”成立.11分

故当月产量为20吨时，每吨平均成本最低，最低成本为1万元.12分

（1） （ ），（2）月产量为23吨时，可获最大利润12.9万元．（3）月产量为20吨时，每吨平均成本最低，最低成本为1万元.


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