（2011•鄂尔多斯）下列实验操作正确的是（　　）

解题思路：根据图象可知，在0～t₁时间内功率随时间均匀增大，知汽车由静止开始做匀加速直线运动，通过受力判断功率达到额定功率后的运动．

在0～t₁时间内功率随时间均匀增大，知汽车做匀加速直线运动，加速度恒定，由F-f=ma可知，牵引力恒定，合力也恒定；当达到额定功率后，此时加速度不变，速度继续增大，由P=Fv可知，牵引力减小，加速速减小，但速度继续增大，知道牵引力减小到与阻力相等时，将做匀速运动，故B正确，ACD错误；
故选：B

点评：
本题考点： 功率、平均功率和瞬时功率．

考点点评： 解决本题的关键会通过受力判断物体的运动，知道加速度随着合力的变化而变化，当加速度方向与速度同向时，速度增大，反向时，速度减小．

解题思路：（1）要证明等腰梯形，可看题中给的什么条件更多，在本题中，可通过证三角形全等，得出对角线之间的等量关系，因此可利用同一底上两底角相等的梯形为等腰梯形进行论证．
（2）利用（1）中的结论，结合勾股定理，可列方程求解．

解法一：
（1）四边形ACED是等腰梯形（1分）
证明：∵四边形ABCD是矩形，
∴AD=BC，∠ADC=∠B=90°，DC=AB，
∴△ADC≌△CBA（SAS），
由折叠可知：△ACE≌△ACB，
∴△ACE≌△ACB≌△CAD；
∴∠1=∠2，AD=CE，CD=AE（1分）
∴OA=OC，
∴OE=OD，
∴∠3=∠4（1分）
而∠1+∠2=∠3+∠4，
∴∠3=∠2，
∴DE∥AC；
∵在Rt△ACE中，∠1+∠ACE=90°；
在Rt△ACD中，∠2+∠DAC=90°，
∴∠DAC+∠ACE＜180°，
∴CE与AD不平行；
∴四边形ACED是等腰梯形；（1分）

（2）在Rt△OEC中，设EO=x，则x²+3²=（4-x）²（1分）
∴x=[7/8]，（1分）
由△ODE∽△OCA，得

7
8
4−
7
8=
DE

32+42，（1分）
∴DE=[7/5]cm．（1分）

解法二：
（1）四边形ACED是等腰梯形
证明：过点D、E作AC的垂线，垂足分别是G、H，则DG∥EH；
∵△ACE≌△ACB≌△CAD，
∴∠ECA=∠DAC，AD=CE；
∴Rt△ADG≌Rt△CEH，
∴DG=EH，
∴四边形DGHE是矩形，
∴DE
∥
.GH，
∴DE≠AC，
∴四边形ACED是等腰梯形；
（2）∵DC=AB=4cm，AD=3cm，∴AC=5cm，
在Rt△ADC中，∵DG•AC=AD•DC，即5DG=3×4，
∴DG=[12/5]；
∴AG=
AD2−DG2=
32−(
12
5)2=[9/5]，
∴DE=GH=AC-2AG=5-2×[9/5]=[7/5]cm．

解法三：（延长AD，CE相交于点P，利用全等，勾股定理，相似等解答，类似于解法一，略）

点评：
本题考点： 相似三角形的判定与性质；矩形的性质；等腰梯形的判定；翻折变换（折叠问题）．

考点点评： 此题主要考查了等腰梯形的判定，相似三角形的判定和运用以及勾股定理的应用，难易程度适中．

解题思路：食物中含有的蛋白质、糖类、脂肪这些大分子的营养物质是不溶于水的，必须在消化道内造各种消化液的参与下变成小分子的能溶于水的物质后，才能被消化道壁吸收．

唾液中含有初步消化淀粉的唾液淀粉酶、胃液中含有消化蛋白质的胃蛋白酶、胰液、肠液中含有消化糖类、蛋白质和脂肪的酶；胆汁中不含有消化酶，但对脂肪有乳化作用．
故选A

点评：
本题考点： 各种消化腺的位置和功能．

考点点评： 胆汁不含消化酶，的是胆汁对脂肪有乳化作用．

解题思路：首先熟悉测量工具或器材的使用规则，然后分别分析进行判断．

A、为防止损坏弹簧测力计或测量错误，使用弹簧测力计时，不能超过它的量程．此选项正确；
B、使用天平测量质量之前，首先要调节天平，使横梁平衡，再进行测量．此选项正确；
C、使用温度计测液体温度，读数时温度计的玻璃泡不能离开液体，要继续停留在液体中读数．此选项正确；
D、为保护电路，滑动变阻器串联使用时，闭合开关前，滑片应滑到阻值最大处．此选项错误．
故选D．

点评：
本题考点： 弹簧测力计的使用与读数；温度计的使用及其读数；天平的使用；滑动变阻器的使用．

考点点评： 此题考查的是常见物理测量工具和器材的使用，属于基本技能的检验，在平时要加强基本技能的训练．

解题思路：（1）根据元素周期表中所提供的钠元素信息结合离子结构示意图的知识分析；
（2）根据不同种元素最本质的区别是质子数不同解答本题；
（3）根据粒子结构示意图分析核内质子数和核外电子数的关系并结合离子符号的写法解答本题．

（1）根据元素周期表中所提供的钠元素信息，可知钠元素的原子序数为11；
根据氯为非金属元素，最外层电子数多于4，易得到电子，形成阴离子，当核电荷数=质子数＜核外电子数，为阴离子，由微粒示意图判断氯离子的结构示意图是F；
故答案为：11；F；
（2）不同元素间最本质的区别是质子数不同，所以钠元素与氯元素的最本质区别是：质子数不同；
故答案为：质子数不同；
（3）D微粒中质子数是11＞核外电子数是10，因此该微粒是钠离子，符号是Na⁺；
故答案为：Na⁺．

点评：
本题考点： 元素周期表的特点及其应用；原子结构示意图与离子结构示意图．

考点点评： 本题通过给出微粒的模型考查了学生的观察能力和对基本概念的理解与运用能力；了解元素周期表的特点及其应用，以及核外电子在化学反应中的作用是解题的关键．

解题思路：验证金属活动性顺序可利用氢前金属与酸反应，活动性强的金属能将活动性弱的金属从盐溶液中置换出来，分析所设计方案能否证明同组金属的活动性顺序．

①铜、银排在氢后面，不能与稀硫酸反应，不能比较铜、银金属活动性；
②铁、铜都排在锌的后面，都不能与硫酸锌发生化学反应，故不能判断铁、铜、锌的活动性顺序；
③铝能置换硫酸铜溶液中的铜，说明了铝的活动性大于铜，银不能置换硫酸铜溶液中的铜，说明了铜的活动性大于银，能判断铝、铜、银的活动性顺序；
④铜不能置换硫酸锌溶液中的锌，说明了锌的活动性大于铜，铜能置换硝酸银溶液中的银，说明了铜的活动性大于银，能判断锌、铜、银的活动性顺序．
由以上分析可知：
A、①②不能判断同组内金属活动性顺序，故A错误；
B、②不能判断同组内金属活动性顺序，故B错误；
C、①不能判断同组内金属活动性顺序，故C错误；
D、能判断同组内金属活动性顺序的是③④．故D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 金属活动性顺序及其应用．

考点点评： 验证三种金属活动性强弱关系时，通常采取“三取中”的方法：取中间金属的单质或两端金属的盐溶液反应或取中间金属的盐溶液与两端金属的单质反应．

解题思路：本题考查学生对物理变化和化学变化的确定．判断一个变化是物理变化还是化学变化，要依据在变化过程中有没有生成其他物质，生成其他物质的是化学变化，没有生成其他物质的是物理变化．

A、火烧赤壁是物质的燃烧引起的火灾，有新的物质生成，属于化学变化，故A错；
B、百炼成钢是利用高温使生铁中的过量的碳与氧气反应而除去，有新的物质二氧化碳生成，属于化学变化，故B错；
C、钻木取火是由于钻木产生热量，达到木头的着火点而使木头燃烧，有新的物质生成，属于化学变化，故C错；
D、司马光砸缸使缸破裂，只是形状的改变，没有新的物质生成，属于物理变化，故D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 化学变化和物理变化的判别．

考点点评： 要熟记物理变化与化学变化的本质区别：是否有新物质生成，有新物质生成属于化学变化，没有新物质生成属于物理变化．

解题思路：（1）根据铝与空气中氧气反应生成一层致密的氧化膜，起到保护作用；根据化合物中正负化合价代数和为零考虑；（2）根据燃烧的条件和方程式的书写方法，丙烷作燃料的优点考虑．

（1）铝与空气中氧气反应生成一层致密的氧化膜，对内部的铝起到保护作用，所以不易生锈；设硫元素的化合价为X则：（+3）×2+X×3=0解得X=-2价；
（2）燃烧的必须具备的条件有三个：①物质具有可燃性；②可燃物与氧气接触；③可燃物必须达到着火点；火未熄灭说明具备燃烧的条件，大风主要起到降温的作用，不灭说明温度未达到着火点以下；丙烷燃烧的反应物是丙烷和氧气写在等号的左边，生成物是二氧化碳和水，写在等号的右边，用观察法配平即可；所以燃烧的化学方程式为：C₃H₈+5O₂

点燃
.
3CO₂+4H₂O；作为燃料，丙烷与煤、石油相比，其优点是丙烷燃烧的火焰明亮，燃烧的产物无污染．
故答案为：（1）与空气中氧气反应生成一层致密的氧化膜，对内部的铝起到保护作用；-2价；
（2）火炬的温度未达到着火点以下，且与氧气接触；C₃H₈+5O₂

点燃
.
3CO₂+4H₂O；燃烧的火焰明亮，燃烧的产物无污染．

点评：
本题考点： 金属的化学性质；有关元素化合价的计算；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式；燃烧与燃烧的条件．

考点点评： 本题难度不大，只要掌握了铝不易腐蚀的原因、化学方程式的书写、燃烧的条件，就可做好此题．

解题思路：由主视图和左视图确定是柱体、锥体还是球体，再由俯视图确定具体形状．

由主视图和左视图都是长方形可得此几何体为柱体，根据俯视图为三角形可得此几何体为三棱柱．
故选C．

点评：
本题考点： 由三视图判断几何体．

考点点评： 本题考查由三视图确定几何体的形状，主要考查学生空间想象能力．由三视图想象几何体的形状，首先，应分别根据主视图、俯视图和左视图想象几何体的前面、上面和左侧面的形状，然后综合起来考虑整体形状．

解题思路：根据微观模型图得出反应的化学方程式，即可确定该反应的化学方程式中A、B、C前的化学计量系数之比，据此解答即可．

据图可知，该反应，
故该反应是3A+B═2C；A、B、C的化学计量数之比为3：1：2，观察选项，
故选：A．

点评：
本题考点： 微粒观点及模型图的应用．

考点点评： 本题考查了化学反应的微观模型表示，完成此题，可以依据已有的知识结合图示进行．

解题思路：根据题中所给的定义进行计算即可．

∵3²=9，记作（3，9）=2，（-2）⁰=1，
∴（-2，1）=0．
故答案为：0．

点评：
本题考点： 零指数幂．

考点点评： 本题考查的是0指数幂，属新定义型题目，比较新颖．

解题思路：（1）由在金属活动性顺序表里，金属的位置越靠前，它的活动性就越强，在化学反应中越容易失去电子，可以进行分析判断．
（2）决定元素化学性质的是最外层电子数，原子的电子层数越多，在最外层电子数一定的条件下，就越容易失去电子，据此分析．
（3）前面的金属可以把排在它后面的金属从盐溶液中置换出来，根据这一规律可以判断反应是否发生及金属的活动性强弱．
（4）由信息：活动性较强的非金属可把活动性较弱的非金属从其盐溶液中置换出来，分析解答．

（1）Ca、Mg、K三种金属活动性强弱顺序为K＞Ca＞Mg，故根据题目所给信息可知，在化学反应中失去电子的能力由强到弱的顺序是K＞Ca＞Mg．
（2）决定元素化学性质的是最外层电子数，原子的电子层数越多，在最外层电子数一定的条件下，就越容易失去电子，故金属单质失去电子能力的强弱主要与最外层电子数、电子层数有关．
（3）由于铜的化学性质比银活泼，因此可以选择铜和硝酸银溶液反应来证明铜比银活泼．
（4）非金属单质也具有类似的置换反应规律，即活动性较强的非金属可把活动性较弱的非金属从其盐溶液中置换出来，由反应Cl₂+2NaBr=2NaCl+Br₂可得非金属性Cl₂＞Br₂，同理可得I₂＞S，Br₂＞I₂，故选Cl₂＞Br₂＞I₂＞S．即四种非金属单质的活动性由弱到强的顺序的S＜I₂＜Br₂＜Cl₂．
故答案为：（1）K＞Ca＞Mg；
（2）最外层电子数； 电子层数；
（3）Cu+2AgN0₃=Cu（N0₃）₂+2Ag；
（4）S＜I₂＜Br₂＜Cl_2（或硫＜碘＜溴＜氯气）．

点评：
本题考点： 原子结构示意图与离子结构示意图；金属活动性顺序及其应用．

考点点评： 本题难度中等，注重了和课本所学知识的联系，做到知识的迁移应用，检验学生活学活用的学习能力．

解题思路：设AB=x，则BC=x，DB=20+x，在Rt△△ABD中利用20°的锐角三角函数值即可求出BC的长，又因为AM=AB+BM，问题得解．

由题意得∠ABC=90°
∵∠ACB=45°
∴∠CAB=90°-∠ACB=90°-45°=45°
∴AB=BC
设AB=x，则BC=x，DB=20+x
在Rt△ABD中
∵tan∠ADB=[AB/DB]
∴tan20°=[x/20+x]，
∵tan20°≈[9/25]，
∴[9/25＝
x
20+x]，
x=11.25
∵BM=CE=1.5
∴AM=11.25+1.5=12.75
答：教学楼的高AM是12.75米．
方法二
设BD为x，则BC=x-20
∵∠ACB=45°，∠ABC=90°
∴∠CAB=45°
∴AB=BC=x-20
在Rt△ABD中
∵tan∠ADB=[AD/DB]，
∴tan20°=[x−20/x]，
∵tan20°=[9/25]，
∴[9/25＝
x−20
x]，
x=31.25
∴BC=31.25-20=11.25
∵BM=CE=1.5
∴AM=11.25+1.5=12.75．
答：教学楼的高AM约为12.75米．

点评：
本题考点： 解直角三角形的应用-仰角俯角问题．

考点点评： 本题考查了解直角三角形的应用，构造仰角所在的直角三角形，利用两个直角三角形的公共边求解是常用的解直角三角形的方法．

解题思路：首先：找到解题突破口--解题关键；
然后：“顺藤摸瓜”进行顺推、逆推或顺、逆推相结合，得出结论；
最后：代入原题检验．
已知“A是建筑材料的主要成分”由框图可知A高温生成气体C和D；D与水反应生成E，E与碳酸钠溶液反应生成F溶液和白色沉淀；可知A是碳酸钙，C是二氧化碳，D是氧化钙，E是氢氧化钙，F是氢氧化钠，据此分析解答；

由框图可知A高温生成气体C和D；D与水反应生成E，E与碳酸钠溶液反应生成大溶液和白色沉淀；可知A是碳酸钙，C是六氧化碳，D是氧化钙，E是氢氧化钙，大是氢氧化钠，由“八属于氧化物，H是金属单质”及图框中的信息“G为...

点评：
本题考点： 物质的鉴别、推断．

考点点评： 解题关键，找准解题的突破口，并从突破口出发，探求知识间的内在联系，应用多种思维方式，进行严密的分析和逻辑推理，推出符合题意的结果．

解题思路：（1）空气中含量最多的气体是氮气，写出其化学式即可．
（2）分子的表示方法，正确书写物质的化学式，表示多个该分子，就在其化学式前加上相应的数字．
（3）氢氧化钠溶液中的阴离子是氢氧根离子，写出其离子符号即可．
（4）复分解反应是两种化合物相互交换成分生成两种新的化合物的反应，写出一个有水生成的复分解反应即可．

（1）空气中含量最多的气体是氮气，其化学式为：N₂．
（2）由分子的表示方法，正确书写物质的化学式，表示多个该分子，就在其化学式前加上相应的数字，则2个氧分子可表示为：2O₂．
（3）氢氧化钠溶液中的阴离子是氢氧根离子，其离子符号为：OH^-．
（4）氢氧化钠与盐酸反应生成氯化钠和水，属于复分解反应，反应的化学方程式为：HCl+NaOH=NaCl+H₂O（合理即可）．
故答案为：（1）N₂；（2）2O₂；（3）OH^-；（4）HCl+NaOH=NaCl+H₂O（合理即可）．

点评：
本题考点： 化学符号及其周围数字的意义；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 本题难度不大，主要考查同学们对常见化学用语（分子符号、化学式、离子符号、化学方程式等）的书写和理解能力．

解题思路：阅读题干可知本题涉及的知识点是稳态，稳态对于生物体和生态系统都具有重要意义．明确知识点，梳理相关知识，根据选项描述结合基础知识做出判断．

A、内环境稳态是神经、体液和免疫调节共同调节的结果，所以免疫系统识别并清除异物、外来病原微生物也是维持内环境稳态的机制，A正确；
B、反馈调节是生命系统中非常普遍的调节机制，包括正反馈和负反馈，它对于机体维持稳态具有重要意义，B正确；
C、稳态是生物界的普遍现象，它表现在生物个体、群体以及整个生物圈各个层次上，C正确．
D、生态系统所具有的保持或恢复自身结构和功能相对稳定的能力，叫做生态系统的稳定性，D错误．
故选：D．

点评：
本题考点： 生态系统的稳定性；稳态的生理意义；人体免疫系统在维持稳态中的作用．

考点点评： 本题考查稳态的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力．

解题思路：根据电池反应可知，放电时LiFePO₄电池负极反应为Li-e^-═Li⁺，正极反应为FePO₄+Li⁺+e^-═LiFePO₄；充电时的阳极上LiFePO₄失电子，阴极上Li⁺得电子，根据原电池和电解池的工作原理来回答．

A、充电时，阳极上LiFePO₄失电子，阴极上Li⁺得电子，则充电时阴极反应为Li⁺+e^-=Li，故A错误；
B、充电时，电池的负极上Li⁺离子得电子生成Li，所以动力电池上标注“-”的电极应与外接电源的负极相连，故B正确；
C、放电时，电池内部阳离子向正极移动，则Li⁺向正极移动，故C错误；
D、放电时，是原电池的工作原理，正极反应为：FePO₄+Li⁺+e^-═LiFePO₄，则在正极上是FePO₄得电子被还原，故D错误；
故选B．

点评：
本题考点： 化学电源新型电池．

考点点评： 本题考查化学电源新型电池知识，本题难度不大，注意根据电池反应书写电极反应式的方法，以及离子的定向移动问题．

解题思路：（1）根据过滤的原理、配制溶液的步骤分析回答；
（2）根据爱护水资源的措施分析回答．

（1）通过过滤能除去水中的不溶性杂质．所以，实验室取少量该水样，可通过过滤的方法，能得到较澄清的水；配制一定量的溶质质量分数一定的某消杀剂，操作步骤是：计算、量取、溶解．
（2）我们大家都必须爱护水资源：一方面要防止水体污染，另一方面要节约用水．
故答为：（1）过滤；量取．（2）节约用水．

点评：
本题考点： 水的净化；一定溶质质量分数的溶液的配制；保护水资源和节约用水．

考点点评： 本题主要考查了水的净化、溶液的配置和爱护水资源的措施，难度不大，属于基础知识，应加强基础知识的学习，

解题思路：先求出函数的导数，从而求出单调区间，进而求出函数的极小值，从而求出函数的最小值．

∵f′（x）=（x²-2）e^x，
令f′（x）＞0，解得：x＞
2，-2≤x＜-
2，
令f′（x）＜0，解得：-
2＜x＜
2，
∴f（x）在[-2，-
2），（
2，+∞）递增，在（-
2，
2）递减，
∴f（x）_极小值=f（x₂）=f（
2）=2（1-
2）e
2＜f（-2）=8e^-2，
∴f（x）_最小值=f（x₂），
故选：B．

点评：
本题考点： 利用导数求闭区间上函数的最值．

考点点评： 本题考察了函数的单调性，函数的最值问题，导数的应用，是一道基础题．

解题思路：滑块受到的电场力是两个电荷对它作用力的合力，根据滑块的运动方向，判断合力方向，确定滑块的电性；看电场力做功的情况，判断电势能的变化；动能、电势能、内能的总和不变，根据能量守恒定律判断滑块的动能与电势能之和如何变化；根据能量守恒分析PA间距与BM间距的大小．

A、滑块受到的电场力是两个电荷对它作用力的合力，滑块先向右加速运动，后向右减速运动，电场力先向右后向左，所以A、B一定为同种电荷．故A错误．
B、滑块所受的电场力先向右后向左，电场力先做正功后做负功，电势能先减小后增大．故B正确．
C、根据能量守恒定律知，动能、电势能、内能的总和不变，内能增大，则滑块的动能与电势能之和一定减小．故C错误．
D、若没有摩擦力，AP=BM；因水平面不光滑，在水平方向上除了受电场力以外，还受摩擦力，则运动到速度为0的位置在P对称点的左侧，所以AP＜BM．故D正确．
故选：BD

点评：
本题考点： 电势能；功能关系．

考点点评： 解决本题的关键要根据滑块运动情况，分析出其受力情况，会根据电场力做功判断电势能的变化，运用能量守恒分析各种能之间的关系．

直径是圆中最大的弦；90°的圆周角所对的弦是直径；非直径的弦的垂直平分线必过圆心；同角的余角相等可得到四个选项都正确．
故选D．

2009÷4=502^…1，即跳跃2009次后停下，此时它在p₂与直线l相距30+（30-20）=40cm．
故选B．

解题思路：（1）根据所学的材料的类别分析即可；
（2）根据生活中降低水的硬度的方法是煮沸进行解答．

（1）所标物质中为金属材料的是不锈钢和薄铝片；为有机合成材料的是塑料；
（2）使用一段时间后瓶胆上有水垢出现，这是因为水的硬度较大．生活中降低水的硬度的方法是煮沸．
故答案为：（1）不锈钢；塑料；（2）煮沸．

点评：
本题考点： 金属材料及其应用；硬水与软水；合成材料的使用及其对人和环境的影响．

考点点评： 本题主要考查学生运用所学化学知识综合分析和解决实际问题的能力．增加了学生分析问题的思维跨度，强调了学生整合知识的能力．

解题思路：（1）根据平行四边形性质推出BD=2BO，推出AB=BO，根据三线合一定理得出BE⊥AC，在△BEC中，根据直角三角形斜边上中线性质求出EF=BF=CF即可；
（2）根据矩形性质和已知求出G为OD中点，根据三角形中位线求出EG∥AD，EG=[1/2]BC，求出EG∥BC，EG=[1/2]BC，求出BF=EG，BF∥EG，EG=GF，得出平行四边形，根据菱形的判定推出即可．

（1）证明：
∵四边形ABCD是平行四边形，
∴BD=2BO，
∵BD=2AB，
∴AB=BO，
∵八为OA中点，
∴B八⊥AC，
∴∠B八C=g0°，
∵F为BC中点，
∴八F=BF=CF，
即八F=BF；

（2）四边形八BF着是菱形，
证明：连接C着，
∵四边形ABCD是平行四边形，AC=BD，
∴四边形ABCD是矩形，
∴AD=BC，AB=CD，AD∥BC，BD=2BO=2OD，
∴BD=2AB=2CD，
∴OC=CD，
∵B着：着D=3：1，OB=OD，
∴着为OD中点，
∴C着⊥OD（三线合o定理），
即∠C着B=g0°，
∵F为BC中点，
∴着F=[1/2]BC=[1/2]AD，
∵八为OA中点，着为OD中点，
∴八着∥AD，八着=[1/2]AD，
∴八着∥BC，八着=[1/2]BC，
∵F为BC中点，
∴BF=[1/2]BC，八着=着F，
即八着∥BF，八着=BF，
∴四边形八BF着是平行四边形，
∵八着=着F，
∴平行四边形八BF着是菱形（有o组邻边相等8平行四边形是菱形）．

点评：
本题考点： 平行四边形的性质；全等三角形的判定与性质；三角形中位线定理；菱形的判定；矩形的判定与性质．

考点点评： 本题考查了平行四边形的性质和判定，矩形性质，菱形性质，三角形的中位线，直角三角形斜边上中线性质，等腰三角形的性质等知识点，主要考查学生综合运用定理进行推理的能力，注意：直角三角形斜边上中线等于斜边的一半．

解题思路：根据黑色粉末中有二氧化锰和铁粉能与某种无色液体（符合标签特征的有双氧水和硫酸）反应放出气体作出猜想，进而设计实验检验该气体，写出反应的方程式，并根据反应物的状态和反应条件选择发生装置、根据气体的密度选择进气口．

标签的信息告诉我们溶液中溶质的每个分子中含有两个氢原子且能与黑色粉末CuO、MnO2、铁粉、炭粉中能与无色液体混合后生成气体．符合条件的常见无色液体有双氧水（H2O2）和稀硫酸（H2SO4），其中黑色粉末二氧化锰与双...

点评：
本题考点： 缺失标签的药品成分的探究．

考点点评： 本题是一道综合性试题，既考查了学生对知识的整合能力同时又考查了学生进行实验探究的能力．关键是根据破损标签的提供的信息有针对性的作出猜想，然后设计实验进行验证，难度不大．

解题思路：（1）熟练掌握常见的化学仪器名称和用途；
（2）根据反应物的状态和反应条件选择二氧化碳的发生装置；实验室通常用稀盐酸与大理石（或石灰石）反应制取二氧化碳，碳酸钙与盐酸反应生成氯化钙、水和二氧化碳，写出反应的方程式；
（3）根据信息提供的反应物的状态和反应条件选择发生装置；根据收集方法推测气体的溶解性和密度．

（1）a是集气瓶；
（2）制取二氧化碳的药品是石灰石和稀盐酸，属于固体和液体在常温下的反应，因此应选用的发生装置是B，反应的方程式为：CaCO₃+2HCl=CaCl₂+H₂O+CO₂↑；
（3）实验室常用加热无水醋酸钠和碱石灰的固体混合物制取甲烷气体，因此发生装置属于固体加热型的A装置；收集甲烷可用排水法或向下排空气法收集，说明甲烷的密度比空气小，难溶于水；
故答案为：（1）集气瓶；（2）B；稀盐酸和石灰石；CaCO₃+2HCl═CaCl₂+H₂O+CO₂↑；（3）A；甲烷密度比空气小，难溶于水．

点评：
本题考点： 常用气体的发生装置和收集装置与选取方法．

考点点评： 本题考查了常见气体的制取装置、收集方法等的选择，并在此基础上进行拓展，关键是明确发生装置、收集方法选择的依据．

解题思路：A、从摩擦起电的角度来进行分析；
B、吸盘是在大气压的作用下被压在墙上的；
C、火车站的站台上的安全线是流体压强与流速关系的典型应用；
D、从连通器的原理来进行解释．

A、运输油的油罐车在行驶的过程中，会因摩擦而带电，容易引导发事故，所以后面都会拖一条铁链，便于将电荷导向大地，不合题意；
B、吸盘挂钩是在大气压的作用下被压在墙上的．不符合题意．
C、火车站的站台上，当火车驶过时，靠近火车的地方空气流速大，压强小，远离火车的地方空气流速小，压强大，易产生向内的压强差，故乘客应站在安全线以外．符合题意．
D、锅炉的水位计是上端开口，底部连通的容器，属于连通器的应用．不符合题意．
故选C．

点评：
本题考点： 流体压强与流速的关系；连通器原理；大气压强的存在；摩擦起电．

考点点评： 本题所涉及的到实例包括摩擦起电的现象、大气压的应用、流体压强与流速关系的应用、连通器的应用等，有一定的综合性，但都属于较基础的知识．

解题思路：由x²+x=x（x+1），x²-x=x（x-1）．本题的最简公分母是x（x+1）（x-1），方程两边都乘最简公分母，可把分式方程转换为整式方程求解．

方程两边都乘x（x+1）（x-1），
得：5（x-1）-（x+1）=0，
解得：x=[3/2]．
检验：当x=[3/2]时，x（x+1）（x-1）≠0．
∴x=[3/2]是原方程的解．

点评：
本题考点： 解分式方程．

考点点评： （1）解分式方程的基本思想是“转化思想”，方程两边都乘最简公分母，把分式方程转化为整式方程求解；
（2）解分式方程一定注意要代入最简公分母验根．

解题思路：（1）要解决此题，需要掌握运动和静止的相对性．若相对于参照物，位置没有改变，则静止；若相对于参照物位置发生了改变，则运动．
（2）要掌握影响重力势能大小的因素：重力势能与物体的质量和被举高度有关，质量越大、被举得越高，则重力势能越大．

（1）空中加油机在空中给飞机加油时，受油机和加油机的速度大小和方向必须相同，由于两者之间的相对位置不变，所以它们彼此相对静止．
（2）在加油时，加油机的质量减小，其飞行高度不变，所以重力势能变小．
故答案为：静止；变小．

点评：
本题考点： 运动和静止的相对性；动能和势能的大小变化．

考点点评： 此题主要考查了运动和静止的相对性，我们平时所说的运动和静止都是相对于参照物而言的．
同时考查了重力势能的变化情况，首先要掌握影响重力势能大小的因素，再分析各影响因素的变化，从而判断势能的变化．

解题思路：pH为1的水溶液显酸性，水溶液中含有大量的H⁺．根据复分解反应发生的条件可知，若物质之间相互交换成分不能生成水、气体、沉淀，则能够在溶液中大量共存；本题还要注意能得到无色溶液，不能含有明显有颜色的铜离子、铁离子和亚铁离子等．

pH为1的水溶液显酸性，水溶液中含有大量的H⁺．
A、Na₂CO₃中的碳酸根离子和和H⁺在溶液中能结合生成水和二氧化碳，不能在酸性溶液中大量共存，故选项错误．
B、NaOH中的氢氧根离子和和H⁺在溶液中能结合生成水，不能在酸性溶液中大量共存，故选项错误．
C、四者之间不反应，能在酸性溶液中共存，且不存在有色离子，故选项正确．
D、BaC1₂和Na₂SO₄在溶液中相互交换成分生成不溶于酸的硫酸钡白色沉淀，不能大量共存；且FeC1₃溶于水呈黄色，故选项错误．
故选C．

点评：
本题考点： 离子或物质的共存问题．

考点点评： 本题考查物质的共存问题，判断物质在溶液中能否共存，主要看溶液中的各物质之间能否发生反应生成沉淀、气体、水；还要注意在酸性溶液中共存及特定离子的颜色．

解题思路：（1）电磁波可以实现地空通信；
（2）影响压强大小的因素有：压力的大小、受力面积的大小．压力一定，受力面积越大压强越小；受力面积一定，压力越小压强越小．

（1）“飞行悍马”飞行时是通过电磁波与地面间传递信息，进行联系的．
（2）“飞行的悍马”装有宽大的轮胎，是为了增大受力面积，减小压强．
故答案为：电磁波；受力面积；压强．

点评：
本题考点： 电磁波的传播；减小压强的方法及其应用．

考点点评： 本题考查了电磁波通信、影响压强大小的因素问题，是一道综合题，但难度不大，熟练应用基础知识即可正确解题

解题思路：根据常见化学物质的名称、俗称、化学式进行分析判断即可．

A、烧碱、火碱是氢氧化钠的俗称，纯碱是碳酸钠的俗称，故选项表示的不是同一物质．
B、胆矾、蓝矾是硫酸铜晶体的俗称，故选项表示的是同一物质．
C、熟石灰、消石灰是氢氧化钙的俗称，石灰石的主要成分是碳酸钙，故选项表示的不是同一物质．
D、干冰是固态的二氧化碳，煤气的主要成分是一氧化碳，故选项表示的不是同一物质．
故选B．

点评：
本题考点： 化学式的书写及意义．

考点点评： 本题难度不大，熟练掌握常见化学物质的名称、俗称、化学式是正确解答此类题的关键．

解题思路：（1）设购买甲型号空调x台，可得丙型空调为x台，乙型空调（25-2x）台，再表示出三种空调各自的利润，最后将三种空调的利润加起来就是W．
（2）先根据条件求出x的取值范围，再根据（1）的解析式图象特征确定x的值，就可以确定最大利润．
（3）把丙型空调提高后的售价代入（1）的解析式，再根据函数的性质特征求出购买方案．

（1）设购买甲型号空调x台，可得丙型空调为x台，乙型空调（25-2x）台，
则W=（1800-1600）x+（2050-1800）（25-2x）+（2600-2400）x=6250-100x；
（2）由题意得：0≤25-2x≤[1/2]x，
解得：10≤x≤12.5，
又∵x为正整数，得到x=10，11，12，
∵W=6250-100x，
∴k=-100＜0，
∴W随x的增大而减小，
∴当x=10时，W有最大值5250元．
∴商场采购甲型号空调10台，乙型空调5台，丙型空调为10台利润最大；
（3）根据题意，得
W=（1800-1600）x+（2050-1800）（25-2x）+（2600+a-2400）x
=（a-100）x+6250．
∵a≥100，
∴a-100≥0，
∴W随x的增大而增大，
∴当x=12时，W最大．
故商场采购甲型号空调12台，乙型空调1台，丙型空调为12台利润最大；

点评：
本题考点： 一次函数的应用．

考点点评： 本题考查的是一次函数的应用，用一次函数的解析式和性质求函数的最值，在解答中注意自变量的取值范围和k值的灵活运用．

解题思路：在金属活动性顺序中，锌＞氢＞铜＞银，氢前的金属能与酸发生置换反应生成氢气，位置在前的金属能将位于其后的金属从其盐溶液中置换出来．

（1）在金属活动性顺序中，锌＞氢＞铜＞银，锌能与硝酸银反应生成银和硝酸锌，锌能与硝酸铜反应生成铜硝酸锌；反应后锌有剩余，则硝酸铜和硝酸银全部参加反应，滤液中只有硝酸锌，铜和银全部被置换出来；
（2）将反应后的混合物过滤，向所得的固体物质中滴加稀盐酸，没有气泡产生，说明固体中没有锌，则加入的锌粉量不足，此时锌与硝酸铜反应生成的铜，能与硝酸银反应生成银和硝酸铜，由于铜能与硝酸银反应，所以锌先与硝酸银反应，当把银全部置换出来时才能与硝酸铜反应，所得的固体中一定含有银，可能含有铜；
（3）向滤液中滴加KCl溶液，有不溶于稀硝酸的白色沉淀生成，说明其中含有银离子，即锌粉没有把硝酸银反应完，所以溶液中既有硝酸银、硝酸铜也有硝酸锌．
故答案为：（1）Zn（NO₃）₂；（2）Ag；Cu；（3）Cu（NO₃）₂、Zn（NO₃）₂、AgNO₃．

点评：
本题考点： 金属活动性顺序及其应用．

考点点评： 本题考查了金属活动性顺序的应用，完成此题，可以依据金属活动性顺序及其意义进行．

解题思路：首先根据题意确定物质的化学名称，然后根据书写化学式的方法和步骤写出物质的化学式即可．

（1）活性炭具有吸附性，能吸附异味和色素，可用来吸附毒气或色素，其化学式为：C．
（2）氧化钙能与水反应生成氢氧化钙，可作食品干燥剂，其化学式为：CaO．
（3）硝酸钾含有氮元素和钾元素，是一种常见的复合肥料，其化学式为：KNO₃．
（4）醋酸属于酸，在水溶液中能电离出氢离子，其化学式为：CH₃COOH．
故答案为：（1）C；（2）CaO；（3）KNO₃；（4）CH₃COOH．

点评：
本题考点： 化学式的书写及意义．

考点点评： 本题难度不大，熟练掌握常见物质的性质、用途、组成及化学式的书写是正确解答此类题的关键所在．

“Ordos”, a Mongolian word meaning “palace complex” in Chinese, was originally the name of the tribe which guarded Genghis Khan’s tomb. In the sixth year of Shunzhi Period of Qing dynasty (AD. 1649), chiefs of different Ordos tribes held a magnificent meeting, Wang’aizhao Meeting, at the location of Dalate Tribe, by which the Yikezhao Meng (Yikezhao meaning Grand Temple in Chinese) was formed, an administrative region that had lasted till the beginning of this century. In 2001 the State Council dissolved the Yikezhao Meng and approved the establishment of Ordos City. 　
Lying in the southwest of Inner Mongolia Autonomous Region, Ordos faces south toward the ancient Great Wall, neighbors Shanxi Province, Shanxi Province and Ningxia Province, and its three sides are surrounded by the Yellow River. The region between Ordos and Baotou has become the most dynamic “Golden Triangle” in Inner Mongolia. Ordos has hills in its east, wavy plateaus in its west, two deserts, Maowusu and Kuqibu, in its middle, and an alluvial plain sculpted by the Yellow River in its north. The area covered by desert, hills and plateau takes up 48% of the total area of Ordos, which has an average elevation of 1000-1500 meters. The annual average temperature of Ordos is 5.3-8.7 degrees Celsius; its annual precipitation is small and concentrated, around 170-350mm, making a temperate continental climate.
Despite its undulating and complex topography, Ordos enjoys convenient traffic. Three railway lines, Jing-bao (Beijing - Baotou), Bao-lan (Baotou - Lanzhou), Bao-Xi (Baotou – Xi’an), and two highway lines, No. 109 and No. 210, run across the city, the Ordos Airport lying at the suburbs and five other airports in nearby area. The total area of the city is 87 thousand square kilometers, with a total population of 1,548,000, of whom 170,000 are Mongolian. Ordos city is divided into seven Qis and one district (Yijinhuoluo Qi, Dalate Qi, Hangjin Qi, Zhungeer Qi, Wushen Qi, Ertuoke Qi, Ertuokeqian Qi, Dongsheng District). Its main minority ethnic group is Mongolian, while Han people still remain the majority. The Kangbashi New District, where the Municipal Government is located, had been under construction since May 2004, and was put into application on July 31, 2006, which is now center of politics, culture, finance, scientific research and education and hi-tech industry base of Ordos.
Ordos enjoys a long history, and is one of the birthplaces of human civilization. As early as 30,007 years ago, “Hetao People” started to thrive on this vast land and created the phenomenal “Hetao culture”. In the Shang Dynasty 3500 years ago, a significant page in the history of nomadic people was uncovered and a famous culture “Zhukaigou Culture” was developed, which marked the evolution of the nomadic population in the north from a primitive state to a civilized one. Between 2800 BC and 2300 BC, “Ordos Bronze Culture” flourished, represented by bronze wares decorated by a variety of animal patterns. Entering the mid-15th century, the Ordos tribe responsible for guarding the mausoleum of Genghis Khan marched into Ordos from the Mongolian Plateau. The long history and unique location of Ordos has bred a regional culture with primitive simplicity and profound elegance. Ordos is home to beautiful songs with melodious and soft long tunes and fresh and brisk short tunes. What is especially popular is its Manhan Tune widely appreciated in Shanxi, Shanxi and Inner Mongolia, with Senjidema being a good example. The Zhungeer Qi in our city is also thus nominated as “Home to the Art of Manhan Tune” by the Ministry of Culture. Ordos is also famous for its dancing art. Such shows as “Chopsticks Dance” and “Cup Bowl Dance” are recognized as national art treasures. In addition, Ordos is the area where the Mongolian traditional rituals are preserved most intact, and the worship ritual for Genghis Khan and Ordos wedding ritual have been included in the national list of intangible cultural heritages. Such epic masterpieces as “Origin and Development of Mongolia” and “The Golden History of Mongolia” with profound cultural and historical significance are also born in Ordos. Ordos also took a special role in recent history of national revolution. The “Duguilong” movement broke out here which kindled the “Ordos Storm”. Nowadays Ordos, with its historical foundation and regional features, is walking toward the whole country and the world.
Ordos is abundant with resources, among which the most well-known are Sheep, Coal, Kaolin and Natural Gas. Aerbasi cashmere, known as “fiber diamond” and “soft gold”, is noted for its long and thin fiber. The annual output of Aerbasi cashmere in Ordos is more than 700,000 kgs, and the annual production capacity of cashmere sweaters exceeds 8,900,000 pieces, which are exported to places all over the world. Ordos has 149.6 billion tons of proven coal reserves, accounting for about one-sixth of the total amount nationwide and half of the entire quantity in Inner Mongolia. Ordos coal enjoys the advantages of low ash, low sulfur, low phosphorus and high heat output, thus was recognized as “clean coal” by Chinese and foreign experts. Till now the coal mines developed include mainly Zhungeer, Dongsheng, Wanlichuan and Xizhuozishan. In 2007 a total 198.5 million tons of coal was produced. Besides coal, Ordos also boasts 6.5 billion tons of Kaolin reserves, whose quality among the best in China. So far a quantity of 878.8 billion cubic meters of natural gas has been proven, amounting to one third of the total reserves in China. The world famous large-sized terrestrial ready gas field Sulige Gas Field is within the Wushen Qi of Ordos, which owns 533.6 billion cubic meters of proven gas reserves. In addition, Ordos has also rich reserves of natural soda, salt, Glauber’s salt, gypsum, limestone, sand clay, and purple clay. Plentiful resources enable Ordos to become one of the most important bases for energy production. Moreover, owing to its long history and distinct regional characteristics, Ordos owns ample tourism resources, for example, the Mausoleum of Genghis Khan where the hero slept his permanent sleep, the “Yinken” ringing sand, the world Treasure Park and the oasis Engebei Tourist Attraction. There are 35 scenic spots throughout the city, including Zhungeerzhao, Seven Starts Lake, ancient Great Wall, Qin Straight Ways, Dunhuang Aersai Grottoes in Grassland, and Grand Canyon of Yellow River, among which five are 4A level and six are 3A level.
With the deepening of Western Development, Ordos has taken advantage of its resources and followed the scientific rule of development, thus raised the conceptions of “Interacted development of First, Second and Third Industry” and “centralized development”. In recent years, Ordos has proposed and administered “nine huge projects”.
For the development of the First Industry, Ordos emphasizes “Green city and Husbandry Growth”, taking the lead to promote grazing land rest, grazing prohibition and grazing rotation and contributing relentless effort to reduce the burden of farmers and herdsmen, transfer them to better-conditioned areas, and help them to attain an affluent living. Ordos government is committed to create a win-win relation between economic growth and environmental protection, trying to break the malicious circle of “Deterioration of ecological environment – Governance -- Deterioration of ecological environment”. For the Second Industry, Ordos highlights the construction of national energy industrial bases, taking the road of “high starting point, high-tech, high efficiency, highly developed industrial chain, high added value, and high energy saving and environment protection”, and striving for establish large-scale coal production, energy generation, chemical industry and recycling. At present, the new energy industrial base has taken its initial scale. For the Third Industry, Ordos has carried out three projects concerning shaping of the city image, elevation of citizen quality and construction of ethnic culture, paying great effort to promoting the development of tourism and shaping a new urban landscape including large-scale tourism, diverse culture and convenient transportation. In recent years, Ordos carried forward the spirit of “Transcending oneself, Promoting civilization and Achieving excellence”, pursued the radiation effect which “Dongsheng – Kangbashi -- Azhen” as the core can exert upon the regions along the river and the borderline in their urbanization process, so as to build a city with more vitality, strength, charm and harmony and enhance the development of politics, economy, culture and social welfare. In 2007, Ordos’ GDP hit 115.09 billion yuan, up 25.8 percent over the last year and ranking the second in the whole autonomous region; its per capita GDP reached 10,000 U.S. dollars, ranking the first in the region; its fiscal revenue 20.08 billion yuan, an increase of 37.7%, also ranking the first in the region. Per capital disposable income of urban residents amounted to 16,226 yuan; per capita net income of farmers and herdsmen 6,123 yuan. Fixed assets investment totaled 88.6 billion yuan, a rise of 39.8%. According to the evaluation results published by the National Bureau of Statistics, the overall economic strength of Ordos is rated 28th among the hundred economically powerful cities. These figures not only proves the “sound and fast” development of Ordos, but also marks that Ordos has crossed a new threshold in its economic growth and social advancement.

自然界的存在是客观的,要尊重自然.想问题办事情要以客观规律为前提.事物是普遍联系的,人要把握好因果联系,充分发挥主观能动性把握事物发生的原因并预见事物发生可能造成的后果.事物是不断变化发展的,要用发展的眼光看问题,坚持科学发展观.要坚持集体主义价值观,把握整体,从全局出发,不能片面地看问题.

解题思路：根据轴对称图形与中心对称图形的概念，结合选项所给图形进行解答即可．

A、是轴对称图形，也是中心对称图形，符合题意，故本选项正确；
B、不是轴对称图形，是中心对称图形，不符合题意，故本选项错误；
C、不是中心对称图形，是轴对称图形，不符合题意，故本选项错误；
D、是轴对称图形，不是中心对称图形，不符合题意，故本选项错误．
故选A．

点评：
本题考点： 中心对称图形；轴对称图形．

考点点评： 本题考查了中心对称及轴对称的知识，轴对称图形的关键是寻找对称轴，图形两部分折叠后可重合，中心对称图形是要寻找对称中心，旋转180度后两部分重合．

解题思路：根据CD是⊙O的直径，弦AB⊥CD得到：∠AOD=∠BOD=[1/2]∠AOB=50°，即可求∠ABD=[1/2]∠AOD=25°．

∵CD是⊙O的直径，弦AB⊥CD，
∴∠AOD=∠BOD=[1/2]∠AOB=50°，
∴∠ABD=[1/2]∠AOD=25°．

点评：
本题考点： 圆周角定理；垂径定理．

考点点评： 本题考查了垂径定理和圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．

解题思路：将P（2，1）代入解析式y₁=mx，先求出m的值为[1/2]，将Q点纵坐标y=2代入解析式y=[1/2]x，求出y₁=mx的横坐标，即可由图直接求出不等式kx+b＞mx＞-2的解集．

将P（2，1）代入解析式y₁=mx得，1=2m，m=[1/2]，
函数解析式为y=[1/2]x，
将Q点纵坐标-2代入解析式得，-2=[1/2]x，
x=-4，
则Q点坐标为（-4，-2）．
kx+b＞mx＞-2的解集为y₂＞y₁＞-2时，x的取值范围为-4＜x＜2．
故答案为：-4＜x＜2．

点评：
本题考点： 一次函数与一元一次不等式．

考点点评： 本题考查了一次函数与一元一次不等式，求出函数图象的交点坐标及函数与x轴的交点坐标是解题的关键．

矛盾的普遍性和特殊性及其方法论意义：矛盾的普遍性与特殊性及其关系；矛盾问题的精髓
自然界的存在是客观的,要尊重自然.想问题办事情要以客观规律为前提.事物是普遍联系的,人要把握好因果联系,充分发挥主观能动性把握事物发生的原因并预见事物发生可能造成的后果.事物是不断变化发展的,要用发展的眼光看问题,坚持科学发展观.要坚持集体主义价值观,把握整体,从全局出发,不能片面地看问题.

解题思路：（1）根据常见的食品中含有的营养素分析回答；
（2）根据元素与人体健康之间的关系分析；
（3）有机合成材料简称合成材料，主要包括塑料、合成纤维、合成橡胶三类，判断是否属于合成材料可根据材料的组成结合概念进行判断．

（1）牛奶、鸡蛋中富含的营养素为蛋白质．
（2）A．铁是血红蛋白的成分，缺铁会引起缺铁性贫血．故选项说法正确．
B．碘是合成甲状腺激素的主要元素，缺乏会患甲状腺肿大，俗称“大脖子病”．故选项说法正确．
C．成年人缺钙会发生骨质软化或疏松，人体每天必须摄入足够量的钙．故选项说法正确．
D．缺锌会影响小孩生长发育，智力低下．故选项说法错误．
（3）A、塑料是三大合成材料之一．故A正确．
B、钛合金属于金属材料．故B错误．
C、木筷是天然纤维，不属于合成材料．故C错误．
D、棉布是天然纤维，不属于合成材料．故D错误．
故答为：（1）蛋白质；（2）A、B、C；（3）A．

点评：
本题考点： 生命活动与六大营养素；合成材料的使用及其对人和环境的影响；人体的元素组成与元素对人体健康的重要作用．

考点点评： 生活中处处有化学，与实际生活相联系的考题是中考常见题型，同时此类考题也可激发同学们的学习兴趣．

解题思路：（1）摩擦力的大小和压力大小、接触面的粗糙程度有关；
（2）根据G=mg求出总重力，再求出阻力大小；
（3）根据v=[s/t]求出行驶路程；
（4）匀速行驶，所以牵引力等于阻力，根据P=[W/t]=[Fs/t]=Fv求出功率．

（1）自行车的轮胎和把套上有花纹是为了增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力；
（2）总重力G=mg=80kg×10N/kg=800N，
阻力f=0.04G=0.04×800N=32N；
（3）∵v=[s/t]
∴行驶的路程s=vt=5m/s×600s=3000m；
（4）牵引力F=f=32N，
对自行车做功的功率：
P=[W/t]=[Fs/t]=Fv=32N×5m/s=160W．
答：（1）增大摩擦力；
（2）自行车受到的阻力是32N；
（3）自行车行驶的路程是3000m；
（4）对自行车做功的功率是160W．

点评：
本题考点： 功率的计算；速度公式及其应用；二力平衡条件的应用．

考点点评： 此题主要考查的是学生对影响摩擦力大小影响因素、重力、速度、功率计算公式的理解和掌握，综合性较强，难度不大．

解题思路：通过违规车辆对压敏电阻压力的增大，引起了压敏电阻阻值的变化，导致了电路中电流的变化；电流的变化引起了电磁铁的磁性强弱发生了变化，进而导致了工作电路的通或断．照相机是利用凸透镜成倒立、缩小、实像的原理制成的．

只有在红灯亮的期间，光控开关才闭合，若此时车辆违规闯红灯行驶时，会压上压敏电阻，从而使压敏电阻的阻值减小，在电源电压一定的情况下，电阻越小，电流就越大．
电磁铁的磁性与电流有关，并且电流越大磁性越强，所以电磁铁的磁性会增强．当电流增大到一定程度时，电磁铁会将衔铁吸下，使其与触点2接触，导致了电控照相机所在的电路接通，照相机会对违规车辆进行拍照，得到违规车辆倒立、缩小的实像．
故答案为：变大；变强；2；实．

点评：
本题考点： 影响电磁铁磁性强弱的因素；凸透镜成像的应用；电磁铁的构造和原理．

考点点评： 要使照相机工作，首先要同时具备两个条件：红灯亮起，光控开关因接受红光而闭合；车辆要违规行驶，压上压敏电阻．两个条件同时具备，缺一不可．