(2013•罗山县一模)载流长直导线周围磁场的磁感应强度大小与直导线中电流强度成正比,与距导线的距离成反比.矩形线圈ab

benjaminlee7772022-10-04 11:39:541条回答

(2013•罗山县一模)载流长直导线周围磁场的磁感应强度大小与直导线中电流强度成正比,与距导线的距离成反比.矩形线圈abcd通以逆时针方向的恒定电流,用两根轻质绝缘细线挂在水平长直导线MN正下方,如图所示.开始时MN内不通电流,此时两细线内的张力均为T0.当MN中通过的电流强度为I时,两细线内的张力均减小为T.重力加速度为g,下列判断正确的有(  )
A.MN中通过的电流方向水平向右
B.当MN内电流强度变为
T0
T0−T
I
时,两细线内的张力均为零
C.当MN内的电流强度变为
2T0
T
I
时,线圈的瞬时加速度大小为g,方向竖直向上
D.剪断细线后,矩形线圈下落的加速度越来越小

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玲珑湾181 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%
解题思路:通过线圈处于平衡,根据共点力平衡判断安培力的方向,从而确定磁场的方向,根据右手螺旋定则确定电流的方向;通过安培力的公式分别求出线框所受的安培力,根据物体的平衡或者牛顿第二定律可正确解答.

A、当MN通以强度为I1的电流时,两细线内的张力均减小为T1,知此时线框所受安培力合力方向竖直向上,则ab边所受的安培力的向上,cd边所受安培力方向向下,知磁场方向垂直纸面向里,则I1方向向左,故A错误;
B、当MN内不通电流时,根据线框处于平衡状态有:2T0=mg,当MN中通过电流为I时,根据题意可知:
ab所受安培力为:F1=
kiIL
r1 ①
cd所受安培力为:F2=
kiIL
r2 ②
此时两细线内的张力均减小为T,则有:
2T+(F1-F2)=mg=2T0
当绳子中的张力为零时,此时导线中的电流为I1,则有:
(F′1−F′2)=mg=2T0 ④
联立①②③④解得:
I′=
T0
T0−TI,故B正确;
C、根据B选项可知,当MN内的电流强度变为
2T0
T0−TI时,线圈的瞬时加速度大小为g,方向竖直向上,故C错误;
D、磁感应强度与距离成反比,越远线框所受的向上的安培力越小,因此线圈下落的加速度越来越大,故D错误.
故选:B.

点评:
本题考点: 导体切割磁感线时的感应电动势;通电直导线和通电线圈周围磁场的方向;楞次定律.

考点点评: 解决本题的关键掌握左手定则判断安培力的方向,右手螺旋定则判断电流周围磁场的方向,然后结合物体平衡或者牛顿第二定律求解.

1年前

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C.电压表V1,量程l5V,内阻约l5kΩ
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F.定值电阻R0=1Ω
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(2)在右侧的虚线框内画出测量Rx的电路图.
(3)测量Rx的主要步骤为:
A.用导线按测量电路图将实物连接起来;
B.将滑动变阻器的滑片滑到阻值最大的位置,闭合开关S;
C.将滑动变阻器R滑动头置于合适的位置,读出此时电压表的示数U和电流表的示数I;
D.断开开关S.
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UR0
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(各物理量均用题中对应的字母表示).
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PeR
=
5×1.25
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Ue
R
2.5V
=0.5A

电流表A1量程偏小,电流表A2量程偏大,可以将电流表A1与定值电阻R0并联构成新的电流表使用;滑动变阻器电阻值大于待测电阻阻值,采用限流式接法即可;待测电阻较小,采用安培表外接法.

(1)用伏安法测量定值电阻Rx的阻值时,由于电源电压为4.5V,为提供精确度,所选电压表为V2
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电路图如图所示:

(3)电流表A1读数为I,电压为IRA1,故通过电阻R0的电流为
IRA1
R0,故干路电流为:I+
IRA1
R0
故待测电阻的电阻为:R=
U
I+
IRA1
R0=
UR0
I(R0+RA1)
故答案为:
(1)D;
(2)如图所示;
(3)
UR0
I(R0+RA1).

点评:
本题考点: 伏安法测电阻.

考点点评: 本题关键是明确实验原理,难点在于两个电流表都不能直接使用,要并联定值电阻以扩大量程.

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小版1年前1
qjgwhklw 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
解题思路:依据各个物理学家的贡献可以判定那些是事实.

A、牛顿第一定律是用实验事实,加理论推导得到的,无法用实验直接验证的,但它是正确的,它是人类整个自然观的基石,故A正确.
B、亚里士多德认为下落速度与质量有关,两个从同一高度自由落下的物体,重物体比轻物体下落快,伽利略认为下落一样快,故B错误.
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考点点评: 物理学史类的题目,熟知课本上所提到的物理学史一般就能解答,这些内容包含课后的阅读材料,很少有超出课本内容的.

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1.若图中甲、乙、丙表示地球表面三个不同气压带,箭头表示水平气压梯度力,则乙表示(  )
2.若上图是城郊近地面大气环流示意图,则此环流对城市大气环境的作用是(  )
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Carriechen1年前1
暖暖_rain 共回答了21个问题 | 采纳率81%
解题思路:此题考查的是洋流的分布以及对地理环境的影响.
北半球中低纬海区洋流呈顺时针方向,南半球中低纬海区洋流呈逆时针方向;环流东部为寒流,西部为暖流.
北半球中高纬海区洋流呈逆时针方向;环流东部为暖流,西部为寒流.
北印度洋洋流7月呈顺时针方向(向东流),1月呈逆时针方向(向西流);
上图为北半球洋流分布模式图,且甲、乙、丙都位于北半球,洋流①②从乙分开了,因此两个洋流的方向是相反的,性质也相反,乙是中纬度海区的.但是不能确定①②方向和性质.因此甲丙的纬度也不能确定大小,但乙的纬度在甲丙之间.

A、西风漂流是南半球的,故不符合题意;
B、洋流①②从乙分开了,因此两个洋流的方向是相反的,性质也相反.但是不能确定①②方向和性质,故不符合题意;
C、洋流①②从乙分开了,因此两个洋流的方向是相反的,性质也相反.根据洋流的分布规律判断在北半球的大陆西岸有洋流分开,分别向南,向北流动,故正确;
D、洋流①②从乙分开了,因此两个洋流的方向是相反的,性质也相反.乙是中纬度海区的.但是不能确定①②方向和性质.因此甲丙的纬度也不能确定大小,但乙的纬度在甲丙之间,故不符合题意.
故选:C.

点评:
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考点点评: 此题考查的是洋流的分布以及对地理环境的影响. 掌握洋流的分布规律和对地理环境的影响,结合图中的规律信息解题,难度一般.

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(2013•罗山县一模)如图所示,在水平桌面上叠放着质量相等的A,B两块木板,在木板A上放着质量为m的物块C,木板和物块均处于静止状态,A,B,C之间以及B与地面之 间的动摩擦因数均为μ,设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等,重力加速度为g,现用水平恒力F向右拉木板A,则以下判断正确的是(  )
A.不管F多大,木板B-定保持静止
B.A、C之间的摩擦力大小一定等于μmg
C.B受到地面的滑动摩擦力大小一定小于F
D.A,B之间的摩擦力大小不可能等于F
xinx7in58961年前1
objection2007 共回答了9个问题 | 采纳率77.8%
解题思路:先对木块B受力分析,竖直方向受重力、压力和支持力,水平方向受A对B向右的摩擦力fAB和地面对B向左的摩擦力fDB,由于A对B的最大静摩擦力小于地面对B的最大静摩擦力,故物体B一定保持静止;然后对BC整体和C分别受力分析并根据牛顿第二定律列式求解.

A、先对木块B受力分析,竖直方向受重力、压力和支持力,水平方向受A对B向右的摩擦力fAB和地面对B向左的摩擦力fDB,由于A对B的最大静摩擦力μ(m+M)g小于地面对B的最大静摩擦力μ(m+2M)g,故物体B一定保持静止,故A正确;
B、物体C向右加速运动,故受重力、支持力和向右的静摩擦力,根据牛顿第二定律,有:f=ma,当a<μg时,AC间的摩擦力小于μmg,故B错误;
C、当ABC三者保持静止时,加速度为零,对整体受力分析可知,F-f=0,故B受到地面的摩擦力为F,故C错误;
D、对AC整体研究,受重力、支持力、拉力和向左的摩擦力,根据牛顿第二定律,有:F-fAB=(M+m)a,当a=0时,故F=fAB,故D错误;
故选:A.

点评:
本题考点: 牛顿第二定律;滑动摩擦力;静摩擦力和最大静摩擦力.

考点点评: 本题关键灵活地选择研究对象进行受力分析,然后根据牛顿第二定律列式判断.

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(1)为了保证A、B两球不会在斜面上相碰,t最长不能超过多少?
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解题思路:由牛顿第二定律求出物体在斜面上的加速度,利用运动学公式求出在斜面上的时间,为了保证A、B两球不会在斜面上相碰,则满足:t=t1-t2
若A球能追上B球,则二者位移应该相等,求出加速度

(1)设两球在斜面上下滑的加速度为a,根据牛顿第二定律得:mgsin30°=ma 设A、B两球下滑到斜面底端所用时间分别为t1和t2,则:h1sin30°=12at21,h2sin30°=12at22所以:t=t1-t2代入数据得:t=1.6 s(2)设A球在...

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A.小球电势能的减少量等于小球重力势能的增加量
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天地无用561年前1
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A、由题意,小球平衡时,弹簧恰好处于原长状态,则知小球受到的电场力等于重力.在小球运动的过程中,电场力做正功,重力做负功,因电场力做功数值等于重力做功数值,根据功能关系得知:小球电势能的减少量等于小球重力势能的增加量.故A正确;
B、小球仅仅受到电场力、重力和弹力,故小球机械能的改变量等于电场力做的功和弹簧的弹力做的功之和,故B错误;
C、三个力都做功,电场力做功与重力做功之和等于零,根据动能定理得知,小球动能的减少量等于弹力做功,故C错误;
D、电场力做功等于重力做功,弹簧弹性势能的增加量等于小球动能的减少量.故D正确.
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(2013•罗山县一模)如图所示,在光滑绝缘斜面上放置一矩形铝框abcd,铝框的质量为m、电阻为R,斜面上ef线与gh线间有垂直斜面向上的匀强磁场,ef∥gh∥pq∥ab,eh>bc.如果铝框从磁场上方的某一位置由静止开始运动.则从开始运动到ab边到达gh线之前的速度(v)时间-(t)图象可能正确的有(  )
A.
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D.
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紫陌芊晨 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
解题思路:线框未进入磁场前做匀加速直线运动,进入磁场时,切割磁感线产生感应电流,受到沿斜面向上的安培力,根据安培力与重力沿斜面向下的分力关系,判断线框的运动情况.

A、线框开始阶段,未进入磁场,做匀加速直线运动,进入磁场时,切割磁感线产生感应电流,受到沿斜面向上的安培力,若速度适中,安培力与重力沿斜面向下的分力大小相等,则线圈做匀速直线运动,由于磁场的长度大于线圈的长度,所以当线圈在磁场中运动的位移大于线圈的宽度后,线圈完全进入磁场中,由于磁通量不变,不产生感应电流,线圈做匀加速直线运动,线圈dc边出磁场时,开始做加速度减小的减速运动,最后可能做匀速运动,速度大于等于线圈进入磁场时的速度,故A正确.BC错误.
D、若线圈进入磁场时速度较小,线圈做加速度减小的加速运动,线圈完全进入磁场中,由于磁通量不变,不产生感应电流,线圈做匀加速直线运动,线圈dc边出磁场时,开始做加速度减小的减速运动,最后可能做匀速运动,速度大于等于线圈进入磁场时的速度,故D正确.
故选AD

点评:
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