电池组串联电池个数决定了什么和灯泡亮暗有关系吗

由题意可知当P向左加速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转；故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏；
A、A向上移动时B中磁通量减小，指针向右偏转，而滑动变阻器滑动端P向右加速滑动时，B中磁通量增大，故指针应向左偏转，故A错误；
B、当铁芯拔出或断开开关时，A中磁场减小，故B中磁通量减小，指针向右偏转，故B正确；
C、滑片匀速运动时，A中也会产生变化的磁场，故B中同样会产生感应电流，故指针不会静止，故C错误；
D、由以上分析可知，D错误；
故选B．

点评：
本题考点： 楞次定律．

考点点评： 本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．

由题意可知当P向左加速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转；故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏；
A、A向上移动时B中磁通量减小，指针向右偏转，而滑动变阻器滑动端P向右加速滑动时，B中磁通量增大，故指针应向左偏转，故A错误；
B、当铁芯拔出或断开开关时，A中磁场减小，故B中磁通量减小，指针向右偏转，故B正确；
C、滑片匀速运动时，A中也会产生变化的磁场，故B中同样会产生感应电流，故指针不会静止，故C错误；
D、由以上分析可知，D错误；
故选B．

点评：
本题考点： 楞次定律．

考点点评： 本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．

因为电池组的电能一部分转化电动机和发电机的机械能，一部分转化为电能，因此小灯泡的亮度总比直接用该电池组给小灯泡供电时要暗；
该实验中运用了电动机的原理和发电机的原理，即磁场对电流的作用和电磁感应．
故答案：暗；电能有损耗；电磁感应；电能有损耗．

点评：
本题考点： 电磁感应；磁场对通电导线的作用．

考点点评： 本题考查电动机和发电机的原理，以及能量转化问题，都属于基础知识的掌握范畴，要求大家熟练掌握．

A、电容器始终与电源相连，则两端的电势差不变，将两板缓慢地错开一些，正对面积减小，根据C=[ɛs/4πkd]知，电容减小，根据Q=CU知，电荷量减小，检流计中有a→b的电流．故A错误，C正确，D错误．
B、因为两极板间的电势差不变，d不变，则电场强度不变，所以尘埃的电场力不变，尘埃仍然保持静止．故B错误．
故选：C．

点评：
本题考点： 电容器．

考点点评： 本题考查了电容器的动态分析问题，关键抓住不变量，比如电容器与电源始终相连，则两极板间的电势差不变，电容器与电源断开，则电荷量不变．

由题意可知当P向左加速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转；故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏；A、A向上移动时B中磁通量减小，指针向右偏转，而滑动变...

点评：
本题考点： 楞次定律．

考点点评： 本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．

（1）连接实物图，电流表测L₁的电流，需将电流表与L₁串联，同时由于测量值未超过0.6A，所以用0～0.6A的量程就可以了．
故答案为：．
（2）从表格中数据可以看出，由于此实验只用了两个相同规格的灯泡，不具有代表性．并且只测了一次数据．
故答案为：①实验中只用了两只相同规格的灯泡；②只进行一次实验得出物理规律．
（3）并联电路电流的特点是：干路电流等于各支路电流之和．
故答案为：并联电路中干路电流等于各支路电流之和．

点评：
本题考点： 探究串并联电路中的电流特点实验；实物的电路连接．

考点点评： 此题是探究并联电路中电流的特点，在此实验中要用电流表测量电流，所以要熟练掌握电流表的使用规则，同时要掌握干路电路与各支路电流之间的关系．实验时注意用不同规格的小灯泡，多做两次．

（1）滑动变阻器不能同时接下面两个接线柱，应接一上一下的方式进行连接；滑片向B端移动灯泡变暗，说明电路中电流变小，接入电路中的电阻变大，因此将B端的导线接到C或D端，如下图所示：

（2）为了保护电路，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应移到阻值最大处；闭合开关时，发现灯泡不亮，可能是滑动变阻器连人电路的阻值太大，应先调节滑动变阻器；
（图）①从表中数据可知：灯泡的额定电压1=2.4V，额定电流I=0.2A，
所以灯泡的额定功率P=1I=2.4V×0.2A=0.4图；
②根据电功率计算公式P=1I，分别计算出各组实验中电功率：
实验序号12图44七
小灯泡电压1/V0.41.01.42.02.42.8
小灯光电流I/A0.080.10.140.180.200.22
小灯泡功率P/图 0.04 0.1 0.21 0.图七0.4 0.七1七
小灯泡亮度不发光很暗较暗较亮正常发光很亮由中数据可知小灯泡消耗的功率越大，小灯泡越亮；
③灯丝的电阻随温度的变化而变化，正常发光时的电阻与不正常发光时的电阻不同，所以求出不同发光状态下的电阻值的平均值作为小灯泡正常发光的电阻是不正确的．（4）由表知，测第一组数据时，1₁=0.4V，I₁=0.08A，此时滑动变阻器两端电压1_滑=1-1₁=图V-0.4V=2.4V，
滑动变阻器接入电路的阻值R_滑=
1滑
I1=[2.4V/0.08A]=图1.24Ω，因此可选规格为“40Ω 1A”的滑动变阻器．
故答案为：（1）见上图；（2）①0.4；②小灯泡消耗的功率越大，小灯泡越亮；③灯丝的电阻随温度的变化而变化，正常发光时的电阻与不正常发光时的电阻不同；（图）“40Ω 1A”．

点评：
本题考点： 电功率的测量．

考点点评： 本题考查了伏安法测小灯泡额定功率的实验，考查了电路故障的分析、连接实物图、计算额定功率和实际功率、欧姆定律及串联电路的有关计算等内容，涉及的知识点较多，但难度不大；知道伏安法测功率的原理是解题的关键．

（1）没有电流表、没有电阻箱，有两个电压表、两个定值电阻，可以用电压表测路端电压，把两个定值电阻接入电路，进行实验，需要的实验器材为：ABDEHI；
（2）电路图如图所示：

（3）在闭合电路中，电源电动势：
E=U₁+
U1
R1r，E=U₂+
U2
R2r，解得：r=
(U1−U2)R1R2
R1U2−R2U1；
U₁是外电路接R₁时的路端电压，U₂是外电路接R₂时的路端电压；
故答案为：（1）ABDEHI；（2）电路图如图所示；（3）U₁是外电路接R₁时的路端电压，U₂是外电路接R₂时的路端电压；r=
(U1−U2)R1R2
R1U2−R2U1．

点评：
本题考点： 测定电源的电动势和内阻．

考点点评： 本题考查了实验器材的选择，设计实验电路图、求电源内阻，知道实验原理、应用闭合电路欧姆定律即可正确解题．

由题意可知当P向左加速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转；故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏；
A、A向上移动时B中磁通量减小，指针向右偏转，而滑动变阻器滑动端P向右加速滑动时，B中磁通量增大，故指针应向左偏转，故A错误；
B、当铁芯拔出或断开开关时，A中磁场减小，故B中磁通量减小，指针向右偏转，故B正确；
C、滑片匀速运动时，A中也会产生变化的磁场，故B中同样会产生感应电流，故指针不会静止，故C错误；
D、由以上分析可知，D错误；
故选B．

点评：
本题考点： 楞次定律．

考点点评： 本题无法直接利用楞次定律进行判断，但是可以根据题意得出产生使电流表指针右偏的条件，即可不根据绕向判出各项中应该出现的现象．