“河南蜱虫叮咬事件”的元凶或将锁定为一种新型布尼亚病毒，而卫生部正在组织专家制订“人感染新型布尼亚病毒病诊疗方案”，下列

甲固体物质的溶解度是随温度升高而增大，而乙的溶解度随温度的升高而减少；20℃时，甲的溶解度是36g，因此将20g甲加入50g水中，充分搅拌后，形成溶液的质量=50g+18g=68g；分别将甲、乙的饱和溶液降温至t₁℃，此时溶质的质量分数甲大于乙，因为甲析出晶体后，比乙物质溶解的溶质还是多；故答案为：68；＞；

点评：
本题考点： 固体溶解度曲线及其作用；晶体和结晶的概念与现象．

考点点评： 本考点考查了溶解度曲线及其应用，通过溶解度曲线我们可以获得很多信息；还考查了有关溶液和溶质质量分数的计算，有关的计算要准确，本考点主要出现在选择题和填空题中．

空气中各成分及体积分数为：氮气：78%、氧气：21%、稀有气体：0.94%、二氧化碳0.03%、水蒸气和杂质：0.03%．所以所给气体中氧气体积分数最大；由于氢气可以由水制得所以原料丰富，氢气燃烧放出热量多，氢气燃烧产物是水，不污染环境，故氢气是最清洁燃料．
故答案为：氧气；氢气．

点评：
本题考点： 空气的成分及各成分的体积分数；常见气体的用途；氢气的用途和氢能的优缺点．

考点点评： 熟记空气中各成分及体积分数，知道空气中的主要气体，哪种气体最多，哪种气体最少．知道氢气的三大优点．

上皮组织具有保护、分泌等功能，如皮肤的上皮，腺上皮，消化道壁的内表面以及呼吸道粘膜等．神经组织主要有神经细胞构成，能够产生和传导兴奋．结缔组织的种类很多，如骨组织、血液等具有连接、支持、保护、营养的作用．肌肉组织主要由肌细胞构成，具有收缩、舒张功能．如心肌、平滑肌、骨骼肌等．
胃的内表面由上皮细胞构成，属于上皮组织，为单层柱状上皮，排列整齐，能分泌黏液覆盖 于胃黏膜的表面，防止胃酸和胃蛋白酶对胃黏膜的损害．胃壁里面主要是肌肉组织，能收缩和舒张促进胃的蠕动来消化食物．整个的胃布满了丰富的血管和神经，血管里的血液属于结缔组织，神经属于神经组织．因此构成胃粘膜层的组织是单层柱状上皮．可见B符合题意．
故选B

点评：
本题考点： 胃和肠的结构特点．

考点点评： 做这题时要先了解人体的基本组织及功能，明确胃是人体的一个器官，再仔细分析它有哪些组织构成．

A、电路为并联电路，电流表测量干路中的电流，当压力增大时，滑动变阻器接入电路的阻值增大，电路的总电阻增大，电流表的示数减小，故A选项错误；
B、电路为串联电路，电压表测量定值电阻两端的电压，当压力增大时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，干路电流变小，定值电阻的阻值不变，因此电压表的示数变小，故B错误；
C、因为电压表测量电源电压，而电源电压不变，所以无论压力增大还是减小，电压表的示数都不变，故C选项错误；
D、电路为串联电路，电压表测量变阻器两端的电压，当压力增大时，滑动变阻器接入电路的电阻增大，串联电路起分压作用，所以变阻器分得的电压变大，电压表的示数变大，故D选项符合题意．
故选D．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用．

考点点评： 明确电表的测量对象是解题的基础，熟练应用欧姆定律、串联分压原理来分析电路中电流、电压的变化是解题的关键．

如图，闸刀开关、插头、按钮开关，外形不同，但是有共同的作用是控制电路通断．
电炉、电饭锅、电灯、电熨斗功能不同，有共同的特点是都消耗电能，把电能转化为其他形式的能．
故答案为：用电器；把电能转化为其他形式的能．

点评：
本题考点： 电路的组成；能量转化的现象．

考点点评： 本题考查了电路中各种不同开关的共同作用和各种用电器的能的转化．

理想变压器的输出的电压有输入电压和电压比决定，输入电压不变，所以输出电压也不会变，输入功率和输出功率始终相等，当滑动变阻器R的滑动头向下移动时，滑动变阻器的电阻减小，总电路的电阻减小，所以总电路的电流会变大，消耗的功率将变大，R₀上的电压变大，所以灯L的电压变小，电压表的示数变小，所以灯L变暗，由于总的电流变大，灯L的电流变小，所以电流表的示数将变大，所以ABC错误，D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．

由程序框图知：算法的功能是求茎叶图中中间4个数据的方差，
∵茎叶图的6个数分别为77、78、80、82、84、91，
去掉一个最高分和一个最低分，得到78、80、82、84，
∴
.
x=[78+80+82+84/4]=81，
∴输出v=[1/4]×（9+1+1+9）=5．
故答案为：5．

点评：
本题考点： 程序框图；茎叶图．

考点点评： 本题考查了循环结构的程序框图，考查了茎叶图及方差的计算公式，根据框图的流程判断算法的功能是解答本题的关键．

（1）根据质量守恒定律的元素守恒，可推断反应前后的元素种类不变、原子个数不变，则：反应前4个铁原子、8个硫原子、22个氧原子；反应后已知二氧化硫中由8个硫原子、16个氧原子，则2R中含有4个铁原子、6个氧原子，故化学式为Fe₂O₃；
（2）由题意“空气中含量最多的元素和地壳中含量最多的金属元素、非金属元素”，则可知其组成元素为氮元素、铝元素、氧元素，故其化学式为Al（NO₃）₃；
（3）由题意“氮的某种氧化物中氮、氧元素质量之比为7：4”，可设氮的氧化物的化学式为NxOy，[14x/16y＝
7
4]，解得[x/y]=[2/1]，故化学式为N₂O．
故答为：（1）Fe₂O₃；（2）Al（NO₃）₃；（3）N₂O

点评：
本题考点： 质量守恒定律及其应用；地壳中元素的分布与含量；有关化学式的计算和推断．

考点点评： 根据化学方程式判断化学式，解题的根据是质量守恒定律，即反应前后原子的种类和数目不变；熟记地壳中前四位的元素含量排列；周围有关化学式的计算和推断方法．

甲、乙两元素的原子序数之和等于丙元素的原子序数．若甲、丙同周期，其原子序数之差为1，乙只能是氢元素，由甲与乙、丙、丁在元素周期表中的位置关系可知，乙为氢元素不符合四元素原子最外层电子数之和为20．所以甲、丙必同主族，故原子序之差为2或8，四种元素不可能为氢和氦，则排除原子序数之差为2，甲、丙原子序之差为8，乙元素原子序数应为8，故乙为氧元素，则甲为氮元素，丙为磷元素，丁为碳元素，
A．原子半径P＞C＞N＞O，即丙＞丁＞甲＞乙，故A错误；
B．乙和丁所能形成的化合物中二氧化碳不是大气污染物，故B错误；
C．非金属性N＞P，则气态氢化物的稳定性比较：NH₃＞PH₃，故C正确；
C．非金属性N＞C，则最高价氧化物对应水化物的酸性比较是：硝酸＞碳酸，故D错误；
故选C．

点评：
本题考点： 原子结构与元素周期律的关系．

考点点评： 本题考查结构性质位置关系应用，难度较大，推断元素是解题关键，对于短周期及主族元素应非常清楚，关键是确定甲、乙、丙、丁四种元素，突破口为甲、乙两元素的原子序数之和等于丙元素的原子序数．

A、自然群落演替中物种越来越多，种间关系越来越复杂，A正确；
B、人类活动可以影响群落演替的方向和速度，使其不同于自然演替，B正确；
C、群落的水平结构，由于地形的变化、土壤湿度和盐碱的差异、光照强度的不同等因素，不同地段往往分布着不同的种群，C错误；
D、群落中的各种群在垂直方向上的分布构成群落的垂直结构，D正确．
故选：C．

点评：
本题考点： 群落的结构特征．

考点点评： 本题考查学生对生物群落及群落演替的概念、类型和特征的理解，意在考察考生对所学生物学知识的理解能力和识记能力．

A、浓硫酸使白纸变黑过程中有新物质生成，属于化学变化．
B、用灼烧法鉴别羊毛和合成纤维过程中有新物质生成，属于化学变化．
C、用食醋除去热水壶中的水垢过程中有新物质二氧化碳等生成，属于化学变化．
D、用酒精浸泡紫罗兰花瓣制酸碱指示剂过程中没有新物质生成，属于物理变化．
故选D．

点评：
本题考点： 化学变化和物理变化的判别．

考点点评： 本题难度不大，解答时要分析变化过程中是否有新物质生成，若没有新物质生成属于物理变化，若有新物质生成属于化学变化．

A、稀释浓硫酸时，将浓硫酸慢慢注入盛有水的量筒中，操作错误，应用烧杯，而非量筒，故A错误；
B、胶头滴管伸入试管，会造成药品的污染．操作错误，故B错误；
C、把PH试纸直接浸入待测液中，测定其PH，会污染整瓶药品，浪费药品，操作错误，故C错误；
D、把氢氧化钠固体放在天平左盘上的玻璃器皿中称量．操作正确，故D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 浓硫酸的性质及浓硫酸的稀释；称量器-托盘天平；液体药品的取用；溶液的酸碱度测定．

考点点评： 了解量筒、托盘天平的使用；了解溶液的酸碱度测定和浓硫酸的稀释的方法及其注意书写．

A、种子的呼吸作用不会有氧气的释放，A错误；
B、如果以脂肪作为呼吸底物时，甲装置烧杯中盛放清水，会导致气体体积减小，无法测量CO₂释放量，B错误；
C、甲装置烧杯中盛放清水，因为气体的体积可能变大、不变或减小，所以测定气体体积变化量，乙装置换成CO₂吸收剂，测定O₂消耗量，这样二氧化碳的释放量等于气体体积的变化量+氧气的消耗量，C正确；
D、测量氧气的消耗量只能用二氧化碳吸收剂吸收二氧化碳，然后测定体积的减少量就是氧气的吸收量，D错误．
故选：C．

点评：
本题考点： 细胞呼吸的过程和意义．

考点点评： 本题是一道实验评价的题目，解决好本题的关键需要平时有扎实相关知识点，本题相关的知识点就是有氧呼吸和无氧呼吸相关的知识点．

A、基态氦离子吸收40.8eV能量，能量变为-54.4+40.8eV=-13.6eV，跃迁到第二能级．故A正确．
B、基态氦离子吸收43.2eV能量，能量变为-54.4+43.2eV=-11.2eV，不能跃迁．故B错误．
C、基态氦离子吸收51.0eV能量，能量变为-54.4+51.0eV=-3.4eV，跃迁到第四能级．故C正确．
D、基态氦离子吸收54.4eV能量，能量变为-54.4+54.4eV=0eV，氦离子发生电离，该光子能被吸收．故D正确．
本题选不能被吸收的，故选B．

点评：
本题考点： 氢原子的能级公式和跃迁．

考点点评： 解决本题的关键知道能级差与吸收或辐射光子能量的关系，即Em-En=hv．

A、钾离子主要在细胞内，主要维持细胞内液的渗透压；钠离子主要在细胞外，主要维持细胞外液的渗透压．大量失Na⁺，对细胞外液渗透压的影响大于对细胞内液的影响，A正确；
B、乳酸为酸性物质，大量乳酸进入血液，一段时间内血浆由弱碱性变为弱酸性．但由于血浆中有缓冲物质的存在，所以血浆pH仍为弱碱性，B错误；
C、剧烈运动时会消耗大量能量，血糖含量降低，胰高血糖素和肾上腺素分泌量上升，促进肝糖元分解成葡萄糖，但肌糖元不能直接分解成葡萄糖，C错误；
D、血液中O₂含量下降，导致部分肌肉细胞因缺氧而进行无氧呼吸，但多数细胞仍进行有氧呼吸，D错误．
故选：A．

点评：
本题考点： 内环境的理化特性；体温调节、水盐调节、血糖调节．

考点点评： 本题以人在剧烈运动时产生的生理变化为背景，考查了人体内环境中渗透压、酸碱度和血糖平衡的调节等相关基础知识．意在考查学生的分析理解能力和运用所学生物学知识解释生活实际问题的能力．

三次运砂重相同，提升的高度相同，则三种方法所做的有用功相同，W_有用=G_砂h=100N×6m=600J；
三种方法所做有用功相同，做额外功最多的，总功最多；
第一种方法的额外功是提升桶和克服自身重力所做的功；
第二种方法的额外功是提升动滑轮、桶所做的功；
第三种方法的额外功是提升动滑轮、口袋所做的功；
所以第一种方法做额外功和总功最多，故W_额外=（G_人+G_桶）×h=（400N+20N）×6m=2520J，
故W_总=W_有用+W_额外=600J+2520J=3120J．
故答案为：600J；3120J．

点评：
本题考点： 功的计算；有用功和额外功．

考点点评： 本题的关键运上三楼，高度只有两层楼高，在上楼梯过程中，人的重力在重力方向上也通过了距离，故人也要克服自身的重力做功．

（1）a的溶解度随温度的升高变化明显，要从含有少量c的a溶液的得到较多的a晶体，可以采取降温结晶的方法，故填：降温结晶；
（2）据图可以看出，t₁℃时三种物质溶解度的大小为b＞a=c，故填：b＞a=c；
（3）t₂℃时a的溶解度为50g，150ga的饱和溶液中含有a的质量是50g，降温到t₁℃时，a的溶解度是20g，故析出a的质量是50g-20g=30g，故填：30．

点评：
本题考点： 固体溶解度曲线及其作用；结晶的原理、方法及其应用；晶体和结晶的概念与现象．

考点点评： 本题考查了溶解度曲线的有关应用，完成此题，可以依据已有的知识进行．

（1）①A有刺激性气味，用沾有浓盐酸的玻璃棒接近A时产生白色烟雾，说明A为NH₃•H₂O；
②A分别加入其它五种溶液中，只有D、F中有沉淀产生；继续加入过量A时，D中沉淀无变化，可能为Al（OH）₃或Mg（OH）₂，F中沉淀完全溶解，则F为AgNO₃；
③将B分别加入C、D、E、F中，C、D、F中产生沉淀，E中有无色、无味气体逸出，该气体为CO₂，说明E为酸溶液，且纯E为无色油状液体，说明E为H₂SO₄，B可能为Na₂CO₃或K₂CO₃；
④将C分别加入D、E、F中，均有沉淀生成，再加入稀HNO₃，沉淀均不溶，则该沉淀可能为BaSO₄或AgCl，则C应为BaCl₂，
根据B、C、D和F是盐溶液，且他们的阴离子均不同，D可能为Al₂（SO₄）₃或MgSO₄，
所以能确定的是A：NH₃•H₂O；E：H₂SO₄； F：AgNO₃； C：BaCl₂，
故答案为：NH₃•H₂O；BaCl₂；H₂SO₄；AgNO₃；
（2）E的浓溶液为浓硫酸，铜与浓硫酸在加热加热条件下反应生成硫酸铜、二氧化硫和水，反应的化学方程式为：Cu+2H₂SO₄（浓）

△
.
CuSO₄+SO₂↑+2H₂O，该反应中氧化剂为浓硫酸，还原剂为铜，反应过程中1mol铜完全反应还原了1mol硫酸，所以氧化剂与还原剂的物质的量之比为1：1；B溶液中含有碳酸根离子，通入少量的二氧化硫后，反应的离子方程式为：H₂O+2SO₂+CO₃^2-=CO₂↑+2HSO₃^-，
故答案为：Cu+2H₂SO₄（浓）

△
.
CuSO₄+SO₂↑+2H₂O；1：1；H₂O+2SO₂+CO₃^2-=CO₂↑+2HSO₃^-；
（3）D可能为Al₂（SO₄）₃或MgSO₄，进一步确定D溶液的溶质飞方法为：取少量D，向其中滴加NaOH溶液有沉淀生成，继续滴加过量的NaOH溶液，若沉淀溶解，则D为Al₂（SO₄）₃溶液，若沉淀不溶解，则D为MgSO₄溶液，
故答案为：取少量D，向其中滴加NaOH溶液有沉淀生成，继续滴加过量的NaOH溶液，若沉淀溶解，则D为Al₂（SO₄）₃溶液，若沉淀不溶解，则D为MgSO₄溶液．

点评：
本题考点： 几组未知物的检验．

考点点评： 本题考查了未知物的检验，题目难度中等，涉及了物质检验、离子方程式书写等知识，注意掌握常见物质的检验方法，能够根据反应现象判断未知物成分，试题培养了学生的分析、理解能力．

（1）为了防止发生触电现象，电热水器必须接地线，而2插座有接地线的插孔，因此应选择2号插座；
（2）I=
P总
U=
P1+P2
U=[2000W+640W/220V]=12A；
（3）电炉消耗的电能：W=[50/3000]kW•h=60000J．
功率P=[W/t]=[60000J/60s]=1000W．
故答案为：（1）2；有接地线．
（2）12A；
（3）1000．

点评：
本题考点： 电功率与电压、电流的关系；电能表参数的理解与电能的求法．

考点点评： 本题是一道电流与热学的综合应用题，涉及了安全用电的知识，电功、电功率的计算的分析，关键是公式及其变形的灵活运用，要学会从题目所给信息中找到有用的数据．知道“3000R/kW•h”的含义是解决此题的关键．

A、此景观是沉积岩，因此不是岩浆侵入，故不符合题意；
B、河南云台山红石峡（如图）是我国北方地区少有的丹霞地貌峡谷景观，这里因在14亿年前的地壳运动所形成了现在的遗迹，2300万年前的喜马拉雅运动更是使这里的地形进一步拉升，以致逐渐形成现在的地貌景观．不是地壳下沉作用，故不符合题意；
C、云台山在远古时代曾经是一片汪洋，但随着世纪的流逝，地壳的变动，逐渐升起、抬高形成平原．在十几亿年前造山运动时期，使地貌景观发生了很大的变化．在燕山期，北部上升，形成高山，南部下降，形成平原．在喜玛拉雅造山运动影响下，又使山区激剧上升，河流迅速下切，形成又深又陡的峡谷．其后，地表、地下水沿裂隙对岩石进行溶蚀，再加上其它风化营力的影响，就造成如今云台山的山、石形态．所以形成的地质作用过程是⑤沉积作用①地壳上升④流水侵蚀作用，故正确；
D、河南云台山红石峡（如图）是我国北方地区少有的丹霞地貌峡谷景观，没有海浪作用，故不符合题意．
故选：C．

点评：
本题考点： 地表形态变化的原因和地质构造．

考点点评： 此题考查地质构造与地表形态的变化． 知道 丹霞地貌形成的条件，熟悉题目中的地貌分布的地区以及形成的过程，难度中等．

A、既是中心对称图形，又是轴对称图形，本选项正确；
B、不是中心对称图形，是轴对称图形，本选项错误；
C、不是中心对称图形，也不是轴对称图形，本选项错误；
D、不是中心对称图形，也不是轴对称图形，本选项错误．
故选A．

点评：
本题考点： 中心对称图形；轴对称图形．

考点点评： 本题考查了中心对称图形，轴对称图形的判断．关键是根据图形自身的对称性进行判断．

A、水中的碳酸氢镁受热分解生成碳酸镁会继续反应生成更难溶的氢氧化镁沉淀，所以Mg（OH）₂是水垢的成分之一，故A正确；
B、氢氧化镁溶解度小于碳酸镁，MgCO₃悬浊液中加入适量的烧碱会发生沉淀转化，生成Mg（OH）₂沉淀，故B正确；
C、取适量的MgCl₂溶液加入一定量的烧碱溶液达到沉淀溶解平衡状态测得溶液的pH=13.0，溶液中c（OH^-）=0.1mol/L，由氢氧化镁溶度积常数计算镁离子浓度，Ksp=c（Mg²⁺）c²（OH^-）=5.6×10^-12 ，代入计算得到c（Mg²⁺）=5.6×10^-10 mol/L，故C正确；
D、298K时Mg（OH）₂的溶度积常数Ksp=5.6×10^-12，Ksp=c（Mg²⁺）c²（OH^-）=5.6×10^-12，c（Mg²⁺）=1.1×10^-4mol/L；MgCO₃的溶度积常数Ksp=6.8×10^-6．Ksp=c（Mg²⁺）c（CO₃^2-）=6.8×10^-6，得到c（Mg²⁺）=2.6×10^-3mol/L，则298 K时饱和Mg（OH）₂溶液与饱和MgCO₃溶液相比前者的c（Mg²⁺）小，故D错误；
故选D．

点评：
本题考点： 难溶电解质的溶解平衡及沉淀转化的本质．

考点点评： 本题考查难溶电解质的溶解平衡的相关计算和判断，题目难度中等，本题注意溶度积常数的利用．

每天少开灯1h，节约的电能：
W_电=Pt=10kW×1h×200=2000kW•h=7.2×10⁹J，
由题知，Q_放=mq=W_电，
∴需要完全燃烧煤的质量：
m=
Q放
q=
7.2×109J
3×107J/kg=240kg．
故答案为：240．

点评：
本题考点： 热量的计算；燃料的热值；电功的计算．

考点点评： 本题考查了电功（节约电能）的计算、燃料完全燃烧放出热量的计算，培养了学生的节能意识，好题！

将混合气通过灼热氧化铜，一氧化碳会与氧化铜反应生成铜和二氧化碳，而二氧化碳不反应，最后就只剩二氧化碳了，故答案为：灼热的氧化铜，
锌的金属活动性比铜强，在混合物中加入锌，会与氧化铜反应生成硝酸锌和铜，过滤可以将铜除去，只剩硝酸锌了，故答案为：锌

点评：
本题考点： 物质除杂或净化的探究；气体的净化（除杂）；物质的相互转化和制备．

考点点评： 在解此类物质的除杂题时，首先分析杂质和物质的性质，然后选择适当的试剂和方法，只会与杂质反应，而不与物质反应，不会引入新的杂质．

∵z=cosθ-isinθ（i为虚数单位），z²=-1 即 cos2θ-isin2θ=-1，
∴cos2θ=-1，sin2θ=0，∴2θ=2kπ+π，θ=kπ+[π/2]，
故选 B．

点评：
本题考点： 复数代数形式的乘除运算．

考点点评： 本题考查复数代数形式的乘方，两个复数相等的充要条件，根据三角函数值求角的大小，根据三角函数值求角是解题的
难点．