量程都是0至100摄氏度的a、b、c三支温度计,分度值都是1摄氏度,玻璃泡的容积a大些,b、c相同,

由题意知，杆秤的重心应在支点的左侧，秤砣在支点的右侧；
当不加任何物体时，秤砣应指在零刻线上，设秤的重心到支点的距离为L₀，零刻线到支点的距离为L₀′，当称8kg的物体时，秤砣应指在第8个刻线上，根据杠杆的平衡条件：
G_物L_物+G₀L₀=G_砣（L₀′+8）-----①
当用双砣时，秤的读数为3kg，说明秤砣指在第3个刻线上，根据杠杆的平衡条件：
G_物L_物+G_OL₀=2G_砣（L₀′+3）-----②
由①②得L₀′=2，
当用双砣测某物体的读数为6.5kg，说明此时秤砣在第6.5个刻度线上，根据杠杆的平衡条件：
G_物′L_物+G₀L₀=2G_砣（L₀′+6.5）-----③
若用单砣，设指在刻度线为L的刻线上，根据杠杆的平衡条件：
G_物′L_物+G₀L₀=G砣（L₀′+L）-----④
由③④得，L=13+L₀′=13+2=15，表示此时秤砣应在第15个刻线上，所以实际读数为15kg．
答：店员A卖给顾客的那个西瓜的实际质量是15kg．

点评：
本题考点： 杠杆的平衡条件．

考点点评： 解决此题，首先要掌握杠杆的平衡条件，并了解杆秤的工作原理，根据测8kg物体的已知条件，按单砣和双砣分别列出平衡方程，则可得出零刻线到支点间的距离，从而根据双砣为6.5kg的条件得出单砣时刻线距零刻线的距离，即可得出物体的实际质量．

（1）力是有向线段表示的，图中力没有加箭头．
（2）图中没有作标度，没有依据标度来画图．
（3）力用实线、辅助线用虚线，图中线段虚实不分．
（4）弹簧秤的精度是0.1N，图中的数值没有考虑有效数字，即有效数字不对．
故答案为：（1）力没有加箭头．（2）没有依据标度来画图．（3）线段虚实不分．（4）有效数字不对．

点评：
本题考点： 验证力的平行四边形定则．

考点点评： 这个实验的原理是：记录的是两个分力的大小和方向，以及实际合力的大小和方向，利用平行四边形画出合力的理论值再和实际的合力进行比较．实验中要注意力是有向线段表示的，作力的图示，需要选定标度，力用实线、辅助线用虚线．

由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压．
（1）灯泡正常发光时的电压为2.5V，功率为1.25W，
∵串联电路总电压等于各分电压之和，
∴此时电压表的示数U_滑=U-U_L=4.5V-2.5V=2V
∵2V＜3V，没有超出电压表的量程，
∴灯泡两端的电压可以达到2.5V，故A正确；
（2）∵串联电路中各处的电流相等，
∴根据P=UI可得，灯泡正常发光时电路中的电流：
I=I_L=
PL
UL=[1.25W/2.5V]=0.5A，
∵滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，
∴电路中的最大电流I_max=0.5A，
电路的最大电功率：
P_max=UI_max=4.5V×0.5A=2.25W，故B正确；
此时滑动变阻器接入电路的电阻最小，最小为：
R_滑min=
U滑
Imax=[2V/0.5A]=4Ω；
当电压表的示数为3V时，电路中的电流最小，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，
灯泡的电阻：
R_L=
UL
IL=[2.5V/0.5A]=5Ω，
灯泡两端的电压：
U_L′=U-U_滑max=4.5V-3V=1.5V，
电路中的最小电流：
I_min=
UL
RL=[1.5V/5Ω]=0.3A，
∴电路中电流变化的范围是0.3A～0.5A，故C正确；
滑动变阻器接入电路中的最大阻值：
R_滑max=
U滑max
Imin=[3V/0.3A]=10Ω，
∴滑动变阻器阻值变化的范围是4Ω～10Ω，故D不正确．
故选ABC．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电路的动态分析．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是根据灯泡的额定电流确定电路中的最大电流和电压表的最大示数确定电路中的最小电流，并且要知道灯泡正常发光时的电压和额定电压相等．

（1）小明的方案中杠杆的支点不是杠杆的中间，故此方案会使得杠杆自身重对实验结论造成影响，而相对来说小英设计的方案更科学．因为此方案支点在杠杆的中点，杠杆的自重不影响杠杆的平衡．
（2）由于杠杆的总长度是1m，故一个小格的长度是10cm，故根据杠杆平衡的条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，当物体挂在O点左侧第一格处时，阻力臂最小，弹簧测力计在B处竖直往向下拉至最大10N，此时所测能测出最大物重，根据杠杆平衡的条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂，可求出物体的重G=[10N×50cm/10cm]=50N．
答：（1）小英设计的方案更科学．因为此方案支点在杠杆的中点，杠杆的自重不影响杠杆的平衡．（2）采用小英的方案，可以精确地测量出的最大物重是50N．其操作是：物体挂在O点左侧第一格处，弹簧测力计在B处竖直向下拉．

点评：
本题考点： 杠杆的平衡条件．

考点点评： 此题的关键是要知道用杠杆称量物体时，杠杆自身也是有重力的，故去掉杠杆自身重对实验的影响是非常关键的．

（1）由电路图可知，闭合开关前，滑动变阻器滑片应移到A端，此时滑动变阻器接入电路的阻值变大．
（2）由图乙所示电压表可知，其量程为0～3V，分度值为0.1V，其示数为1.7V，灯泡两端电压为1.7V．
（3）灯泡两端电压小于其额定电压，为了能测量小灯泡的额定功率，应将变阻器滑片P从如图甲所示位置向B端移动，减小滑动变阻器分压，增大灯泡两端电压，知道电压表示数等于灯泡电压2.5V为止；由图丙所示电流表可知，其量程为0～0.6A，分度值为0.02A，所示为0.3A；灯泡功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W．
（4）灯泡烧坏，电路断路，电压表与电源两极相连，电压表测电源电压，示数为3V，灯泡烧坏前，电压表示数为2.8V，因此电压表示数变大．
故答案为：（1）A；（2）1.7；（3）B；0.3；0.75；（4）变大．

点评：
本题考点： 电功率的测量．

考点点评： 本题考查了实验注意事项、电表读数、求功率等问题；对电表读数时，要先确定其量程与分度值，然后再读数，读数时视线要与电表刻度线垂直．

①电源必须选择，若选用R₁与电压表并联，则电路电流值依然太小，电流表无法测出较精确电流值，故应该利用R₂，此时流过电压表电路中最大电流约为0.3A，故电流表选用A₁，为了多次测出几组电流电压值，滑动变阻器采用分压接法，考虑电流的要求，故选R₄，故本实验器材应选：A、B、E、G、H、I　　
②滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法，用电压表的读数除以定值电阻可得定值电阻的电流，用安培表的示数减掉定值电阻的电流就是电压表的电流，由欧姆定律计算电压表的内阻，电路如图：

③根据原理图，依次将各元件连接，则实物图如右图；
答：①要选择的器材是 A、B、E、G、H、I
②设计的实验电路原理图为：


③实物仪器用导线按要求连接起来为：

点评：
本题考点： 伏安法测电阻．

考点点评： 电压表本身是一个能测出自身电压的“电阻”，电压表示数就是电压表两端的电压；分析清楚电路结构．熟练应用串并联电路特点即可正确解题．实验电路设计是本题的难点，知道实验目的及实验原理是正确设计实验电路的关键．

①0～3.0s，加速阶段有：F₁-mg=ma₁
得：a₁=
F1
m−g＝
58
5−10m/s2=1.6m/s²
13.0～19.0s，减速阶段有：mg-F₂=ma₂
得：a₂=g-
F2
m＝10−
46
5m/s2=0.8m/s²
②中间阶段是匀速运动v=a₁t₁=1.6×3=4.8m/s
③电梯上升的总高度H=[0+v/2t1+vt₂+
v+0
2t3=2.4×3+4.8×10+2.4×6=69.6m
则层高为：h=
H
21]=3.31m
答：①电梯在最初加速阶段与最后减速的加速度大小分别为1.6m/s²和0.8m/s²；
②电梯在中间阶段上升的速度大小是4.8m/s；
③该楼房的层高是3.31m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 本题主要考查了同学们根据运动情况判断受力情况及运用牛顿第二定律解题的能力，难度适中．

（1）由于电压表的内阻很大，流过的电流较小，待测电压表V₁和电流表A串连接入电压合适的测量电路中，电流表A不能准确测量出流过电压表V₁的电流．
故其原因是：由于电压表的内阻很大，流过的电流较小，待测电压表V₁和电流表A串连接入电压合适的测量电路中，电流表A不能准确测量出流过电压表V₁的电流．
（2）由于电压表V₁接入电路后，由电流通过时其两端电压可以直接读出，因而利用串联分压的特点，选用标准电压表V₂和定值电阻R₂，反复测量通过滑动变阻器R₃控制即可．测量电压表V₁内阻R_v的实验电路如图所示：

（3）根据串联电路的特点有：

U1
RV ＝
U2−U1
R2，式中U₁表示V₁的电压，U₂表示V₁ 和R₂串联的总电压．
故电压表内阻的表达式为：RV＝
U1R2
U2−U1；中U₁表示V₁的电压，U₂表示V₁和R₂串联的总电压．

点评：
本题考点： 伏安法测电阻．

考点点评： 本题在课本基础实验的基础上有所创新，只要明确了实验原理，熟练应用电路的串并联知识，即可正确解答．

当它们串联时，A₁、A₂的示数相同．由于量程之比为1：2，所以这两只表头的读数之比为1：2，而偏转角之比为1：1
故选D

点评：
本题考点： 串联电路和并联电路．

考点点评： 本题要对于安培表的内部结构要了解：小量程电流表（表头）与分流电阻并联而成．指针偏转角度取决于流过表头的电流大小．

（1）当电压表选择0-15V的量程时，每一个大格是5V，而每一个大格有10个小格，故每一个小格是0.5V，
当电压表在选择0-3V的量程时，每一个大格是1V，而每一个大格有10个小格，故每一个小格是0.1V，
电压表0-15V量程和0-3V量程的分度值之比为5：1，当在0～15V的量程中读出6.5V，则实际测得的电压应是：[6.5V/5]=1.3V；
（2）因为小彩灯串联，所以各处电流都相等，等于电源插头处的电流为200mA，则为0.2A．
故答案为：1.3；0.2；

点评：
本题考点： 电压表的读数方法；串联电路的电流规律．

考点点评： 本题考查了学生如何利用电压表读数及串联电路电流的规律是解决该题的关键．

设改装成电压表要串联电阻的R_X：则 I_g（R_g+R_x）=U_V
即：0.6×10^-3（10+R_x）=3
解得：R_x=9900Ω
故答案为：串联； 49002.30

点评：
本题考点： 把电流表改装成电压表．

考点点评： 考查的电压表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，会求串联电阻阻值

（1）两电阻并联，当R₂取20Ω时，电流最小，则最小电流为：I_min=[U
R1+
U
R2=
6V/12Ω+
6V
20Ω]=0.8A；
（2）电流为3A时，流过R₂的电流为：I₂=I-I₁=3A-0.5A=2.5A，
由欧姆定律知：R_2min=[U
I2=
6V/2.5A]=2.4Ω．
故滑动变阻器的阻值范围为：2.4Ω～20Ω
答：（1）的最小示数为0.8A；（2）滑动变阻器的阻值范围为2.4Ω～20Ω

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用．

考点点评： 本题为并联电路，故可分别求得各支路电流再求总电流．

若两表串联，则两只电流表的示数应该相同，因为A1的量程是A2的2倍，所以指针偏角θ1<θ2，A正确，B错误；

若两表并联，则两电流表头G两端的电压相同，所以偏转的角度相同，并且量表的示数相同，C错误；D正确

故选AD

AD

（1）体温计的量程在35℃～42℃，家用寒暑表的量程是-30℃～50℃，水银温度计的量程为-10℃～110℃，酒精温度计的量程为-80℃～50℃．而标准大气压下水的沸点是100℃，所以应选择水银温度计．
（2）由于外界温度低于水的沸点，所以将温度计从沸水中拿出来后，温度计的示数会下降．因此测量值小于真实值．
（3）由表格中数据可以看出，水的初温是90℃，水的沸点是100℃，水沸腾前温度计的示数在不断升高，水沸腾后继续加热一段时间，因水在沸腾过程中温度保持不变，故温度计的示数不变．
（4）根据水沸腾时不断吸热，但温度保持不变，可以确定第14min的温度是错误的．
故答案为：（1）C；（2）小；（3）上升；不变；水沸腾时不断吸热，温度保持不变；（4）14．

点评：
本题考点： 探究水的沸腾实验．

考点点评： 此题主要考查了对各种温度计的选用、使用，此题是观察水的沸腾，要用温度计测量水的温度，所以要会进行温度计的读数．同时考查了水沸腾的条件及特点，知道水在沸腾过程中温度保持不变，但要不断吸热．

当电流表示数为I₁=0.6A时，
电阻R₁两端电压为U₁=I₁R₁=0.6A×18Ω=10.8V；
滑动变阻器两端的电压U₂=U-U₁=18V-10.8V=7.2V，
所以滑动变阻器连入电路的电阻最小为R_小=
U2
I1=[7.2V/0.6A]=12Ω；
当电压表示数最大为U_大=15V时，
R₁两端电压为U₁′=U-U_大=18V-15V=3V，
电路电流为I₂=

U′1
R1=[3V/18Ω]=[1/6]A，
滑动变阻器接入电路的电阻最大为R_大=
U大
I2=[15V

1/6A]=90Ω．
故滑动变阻器接入电路的阻值范围是12Ω～90Ω．
故选C．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律应用；关键是确定滑动变阻器的取值范围，需要考虑电流表和电压表的安全使用问题，既不要超过电流表量程，也不要超过电压表量程．

（1）3节干电池的电压为4.5V，总电压所用的为0～15V的量程，示数为4.5V；
与L₁并联的电压表量程为0～3V，示数为0.9V；
两灯泡并联，则U₂=U-U₁=4.5V-0.9V=3.6；
（2）根据题意连接好电路，如图所示：

（3）电路图如图所示：
．
故答案为：（1）3.6V；（2）见上图；（3）见上图．

点评：
本题考点： 探究串、并联电路中的电压规律实验．

考点点评： 此题是探究串联电路的电压规律，考查了实物电路的连接及电路图的画法，这些都是电学实验的基础，应熟练掌握．