用交流电表测交流电的数值是瞬时值,是对还是错?3Q

A、由图乙知交流电电压峰值为10
2V，则电压表的示数为有效值，即U=
Um

2=10V，故A错误；
B、在0.01s末，感应电动势最大，此时线圈平面与磁场方向平行．故B错误；
C、若滑动触头P的位置向上移动，原线圈的匝数减小，根据
U1
U2＝
n1
n2知，副线圈的电压增大，电阻R不变，则副线圈电流增大，从而得知原线圈电流增大，电流表示数增大．故C错误；
D、若滑头P的位置不变、R不变时，而把发电机线圈的转速增大一倍，根据E_m=nBSω知，电动势的峰值变为原来的2倍，原线圈的电压变为原来的2倍，则副线圈的电压变为原来的2倍，根据P2＝
U22
R知，变压器输出功率变为原来的4倍，则输入功率变为原来的4倍．故D正确．
故选：D．

点评：
本题考点： 交流发电机及其产生正弦式电流的原理；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 本题考查交变电流的产生及变压器的应用，要注意明确电流表示数、机器铭牌上所标的电流值、电压值等均为有效值．知道变压器原副线圈电压比、电流比与匝数比的关系，知道输入功率与输出功率相等．

A、将副线圈看成电源，其输出电压不变，电键S断开，电压表的示数U增大，A错误；
B、S断开，总电阻变大，副线圈电流I′减小，由[n1/n2]=[I′/I]知电流表的示数I减小，B错误；
C、由P₁=[U2/R1]知电阻R₁上的功率P₁增大，C错误；
D、由P=U_原I知变压器原线圈的输入功率P减小，D正确．
故选：D．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理；闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 本题主要考查变压器的知识，要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解．

当S断开时，负载减少总电阻增大，原副线圈中电流都减小，故B错误；电流减小R₁两端电压U增大，消耗的功率P₁增大，故A正确C错误；副线圈中电压不变，电流减小，输出功率减小，由输入功率等于输出功率知P减小，故D错误．
故选A

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 做好变压器的题目要严格按照变压器的特点，电压与匝数成正比，电流与匝数成反比，输入功率等于输出功率．

A、根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为220
2V，所以副线圈的电压的最大值为22
2V，电压表的示数为电压的有效值，所以示数为
22
2

2V=22V，所以A正确
B、在滑动变阻器触头P向上移动的过程中，滑动变阻器的阻值变大，电路的总电阻减大，由于电压是由变压器决定的，输出的电压不变，所以电流变小，电流表A₂的示数变小，所以B正确．
C、由于变压器的输入和输出的功率是相等的，副线圈的电流减小，电压不变，所以输出的功率要减小，输入的功率也要减小，而电路的电压时不变的，所以输入的电流要减小，电流表A₁的示数变小，所以C错误．
D、在滑动变阻器触头P向上移动的过程中，滑动变阻器的阻值变大，由P=
U2
R可知，理想变压器的输出的功率变小，所以输入功率也要变小，所以D正确．
故选：ABD．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．

A、单刀双掷开关始终与a连接，当滑动片P向下滑动时，接入电路的电阻减小，则副线圈的电流增大，但原线圈的电压，及原副线圈的匝数不变，所以电压表示数不变，故A错误，B正确；
C、保持P的位置不变，当单刀双掷开关由触点a拨到触点b后，原线圈的匝数变少，导致副线圈的电压变大，所以电流变大，则电压表的示数变大，电流表的示数变小，故C错误．
D、由C选项可知，副线圈的电压变大，根据功率表达式，可知，当电阻不变时，则输出功率增大，因此输入功率也增大，故D正确；
故选BD．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．

A、由图可知，A串联在电路中是电流互感器，电路中是强电流，通过变压器变成弱电流，用电流表测量，因为电流之比等于线圈匝数的倒数比，所以n₁＜n₂，a是电流表，故A正确，D错误；
B、B并联在电路中是电压互感器，电路中是强电压，通过变压器变成弱电压，用电压表测量，因为电压之比等于线圈匝数比，所以n₃＞n₄，故B正确，C错误；
故选AB

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象．同时变压比与匝数成正比，变流比与匝数成反比．

由理想变压器的原副线圈的电流之比可知，电流与匝数成反比．则电流互感器应串连接入匝数较少的线圈上．故C正确；
故选：C

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 电流互感器的接线应遵守串联原则；按被测电流大小，选择合适的变化，否则误差将增大．

A、当U增大时，变压器的输出电压增加；根据功率表达式P=
U2
R，用电器消耗的功率增大，故A正确；
B、当f减小时，输入电压和输出电压不变，输出功率不变，故变压器的输入功率不变，故B错误；
C、当光照增强时，光敏电阻的电阻值减小，副线圈电压不变，交流电表的示数增大；故C错误；
D、当滑动触头P向下滑动时，原线圈匝数减少，变压器的输出电压增大，交流电表的示数增大，故D正确；
故选：AD．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理；电功、电功率．

考点点评： 本题关键是明确电压器的电压、电流、功率关系，知然后结合变压比公式和功率公式进行动态分析．

理想变压器的输出的电压有输入电压和电压比决定，输入电压不变，所以输出电压也不会变，输入功率和输出功率始终相等，当滑动变阻器R的滑动头向下移动时，滑动变阻器的电阻减小，总电路的电阻减小，所以总电路的电流会变大，消耗的功率将变大，R₀上的电压变大，所以灯L的电压变小，电压表的示数变小，所以灯L变暗，由于总的电流变大，灯L的电流变小，所以电流表的示数将变大，所以ABC错误，D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．