电动势等于电源未接入电路时两极间的电势差.为什么?还有电源内部的非静电力大小等于静电力吗?恒定电流中电荷的定向移动速度处

A ,因为电动势只与磁通量的变化率有关

解题思路：根据所给实验器材与实验原理分析答题，作出电路图；然后根据实验步骤应用欧姆定律求出电源内阻表达式．

（1）没有电流表、没有电阻箱，有两个电压表、两个定值电阻，可以用电压表测路端电压，把两个定值电阻接入电路，进行实验，需要的实验器材为：ABDEHI；
（2）电路图如图所示：

（3）在闭合电路中，电源电动势：
E=U₁+
U1
R1r，E=U₂+
U2
R2r，解得：r=
(U1−U2)R1R2
R1U2−R2U1；
U₁是外电路接R₁时的路端电压，U₂是外电路接R₂时的路端电压；
故答案为：（1）ABDEHI；（2）电路图如图所示；（3）U₁是外电路接R₁时的路端电压，U₂是外电路接R₂时的路端电压；r=
(U1−U2)R1R2
R1U2−R2U1．

点评：
本题考点： 测定电源的电动势和内阻．

考点点评： 本题考查了实验器材的选择，设计实验电路图、求电源内阻，知道实验原理、应用闭合电路欧姆定律即可正确解题．

设输入端的电压U
输入端的功率＝输出端功率＝24只*0.25＝6W
I=P/U=6/U
电阻上的压降 Ur=IR=36/U
所以：E=U+Ur=U+36/U=20
U=18V
I=6/18=1/3=0.33A (原线圈中的电流)
N：N'=U：U'=18：6＝3：1（变压器初级、次级线圈的匝数比）
(3)若只使用18盏彩色小灯泡
R1=U^/P=36/0.25=9欧姆
R=9/18=0.5欧姆
设此时输出电压为U'
输入电压U=3U'
电阻上的压降 Ur=E-U=20-3U'
I=Ur/r=(20-3U')/6
输入功率 P=IU=3U'*(20-3U')/6＝输出功率P'=U'^2/R=U'^2/0.5=2U'^2
3U'*(20-3U')/6=2U'^2
解得：U'=6.15V
每个灯实际功率P=U'^2/R1=0.26W
所以,小灯泡两端电压为6.15V,超过了额定电压,故不能正常工作,其实际功率为0.26W

利用平衡时洛伦兹力等于电场力：qvB=qE=qU/d
所以U=Bvd

解题思路：（1）根据电源电动势与电流最大值选择电压表与电流表；（2）电源U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．

（1）干电池电动势约为1.5V，则电压表应选择C；由图2所示图象可知，最大电力约为0.4A，则电流表应选择E；
（2）由图2所示电源U-I图象可知，图象与纵轴交点坐标值是1.5，则电源电动势E=1.5V；
电源内阻r=[△U/△I]=[1.5−1.0/0.4]=1.0Ω；
故答案为：（1）C；E； （2）1.5；1.0．

点评：
本题考点： 测定电源的电动势和内阻．

考点点评： 本题考查了实验器材的选择、求电源电动势与内阻，要掌握应用图象法处理实验数据的方法，电源U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻．

、、1）电源两极电压是 路端电压、、是不等於电动势的、、因为电池有内阻、、对吧、、路端电压是外电路的电阻分担的电压、、就是电源两级的电压、
、、2）电动势和体积无关、、电动势是电池把其他能 转换 成 电能 的能力大小的能力、、
明白了、、（给分吧、）

（1）电池组的总电动势为E=4ɛ 1 =4×2V=8V总内阻为r=4r 1 =4×0.5Ω=2Ω（2）当电键K 1 闭合，K 2 断开时，电阻R 3 与R 2 并联后与R 1 串联．电阻R 3 与R 2 并联电阻为R 23 = R 2 R 3 R 2 ...

代数和就是不管数值是正值还是负值,全部以加法计算和值.

解题思路：闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析电阻R0两端的电压，再根据路端电压的变化，分析电阻R0两端的电压变化量，并比较与△U的关系，确定电容带电量变化量．电压表的示数U和电流表的示数I的比值等于R．电压表示数变化量△U和电流表示数变化量△I的比值等于R0+r．

A、根据闭合电路欧姆定律得：U=E-I（R₀+r），由数学知识得知，[△U/△I]=R₀+r，保持不变．故A正确．
B、由图，[U/I]=R，R增大，则电压表的示数U和电流表的示数I的比值变大．故B错误．
C、D、闭合开关S，增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，由欧姆定律分析得知，电阻R₀两端的电压减小，R两端的电压增大，而它们的总电压即路端电压增大，所以电阻R₀两端的电压减小量小于△U．电容器两极板间的电压等于R两端的电压，可知电容器板间电压增大，带电量增大，增大量为C△U．故C错误，D正确．
故选：AD．

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 此题中两电表读数的比值要根据欧姆定律和闭合电路欧姆定律来分析，注意△U△I≠R，R是非纯性元件．

应该是"不用电流表"
只有电压表时,必须要有定值电阻或电阻箱,这样才能计算未知的电流I.故实验器材是:
待测电源,定值电阻(至少)两只R1、R2或电阻箱一只,电压表,导线,电键等.
E=U1+U1r/R1 (式中U1/R1=I1)
E=U2+U2r/R2 (式中U2/R2=I2)
联立即可解得E、r.

解题思路：在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，变阻器并联电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中总电流的变化，确定电流表示数的变化、R₀的功率变化和路端电压的变化．根据电源内外电阻的关系分析电源输出功率的变化．

在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，变阻器并联总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律分析可知，电路中总电流I先减小后增大，则电流表的读数先减小后增大，R₀的功率先减小后增大．路端电压先增大后减小，则电压表的读数先增大后减小．由于电源的内阻与外电阻的关系未知，无法判断电源输出功率如何变化．
故选BD

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．

考点点评： 本题中变阻器两侧电阻并联，滑片滑到中点时，并联电阻最大．考查分析电路动态变化问题的能力．

条件是不是多了,给了线速度,又给了角速度,这两个可以互相换算的.
电动势等于B(rb-ra)(ua+ub)/2,(由于转动切割过程中,每处切割的速度不同,所以取了一个平均）

解题思路：（1）根据电路图连接实物电路图．
（2）应用描点法作出电源的U-I图象．
（3）电源的U-I图象与纵轴的交点坐标值是电源的电动势，图象斜率是电源内阻．

（1）根据图1所示电路图连接实物电路图，先把电源、开关、电流表、滑动变阻器串联接入电路，然后把电压表并联在滑动变阻器与电流表串联电路两端，实物电路图如图所示．

（2）根据表中实验数据在坐标系内描出对应点，然后用一条直线把描出各点连起来作出电源的U-I图象如图所示．

（3）由电源的U-I图象可知，电源的U-I图象与纵轴交点坐标值是1.5，则电源电动势：E=1.5V，
图象斜率的绝对值等于电源内阻，由图象可知，电源内阻r=[△U/△I]=[1.5−0/3.0]=0.5Ω．
故答案为：（1）实物电路图如图所示；（2）U-I图象如图所示；（3）1.5；0.5．

点评：
本题考点： 测定电源的电动势和内阻．

考点点评： 要掌握描点法作图的方法，要会根据电源的U-I图象求出电源的电动势与内阻．

E=6V
r=(6-4)/4=0.5欧
(6-4.8)/0.5=4.8/R
R=2欧
B图的外电阻是2欧 （ 6*3/(6+3)=2 ）
所以B正确.

D

这样易读取及保证精确度.

解题思路：（1）由根据Em=NBSω求解磁场强度；（2）将角度代入表达式，计算即可

（1）由根据E_m=NBSω得：B=
Em
NSω=[311/100×314×0.02T＝0.5T
（2）线圈从中性面转过
5π
4]，即ωt＝
5π
4，e=311sin[5π/4]V=-311×0.707V=-220V，故电动势大小为220V
答：（1）匀强磁场的磁感应强度B是0.5T
（2）当线圈平面从中性面开始转过1.25π时，电动势的瞬时值是20V

点评：
本题考点： 正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 本题考查学生对瞬时值表达式的理解，根据瞬时值表达式可以计算在不同时刻的电动势的大小，同时要掌握住交变电流的产生的过程．

他俩和电流增大,那总电流明显增大——这句的问题,比如原来都是1A,和电流为3A
等去掉一个后,每个增大到1.2A,总为2.4A,不一定会比原来的合电流大的!

1、电流的方向规定为正电荷定向移动的方向（负电荷定向移动的相反方向）.
2、电源的正极聚集了很多正电荷,负极聚集了很多负电荷,当电路接通时,由于电力的作用,正电荷应从电源的正极出发,通过导体定向移动到负极,负电荷应从电源的负极出发,通过导体定向移动到正极,对于金属导线而言,实际上只是自由电子,从电源的负极出发,通过导线定向移动到正极,形成了电流.
3、电动势是电源内部的一种力量,它不是静电力,而是一种外来的力,通常是化学力,磁场力,等.这种力量使得电源内部,正电荷从电源的负极出发,移动到正极,负电荷从电源的正极出发,移动到负极.

小题1:E
小题2:E/R

小题1: R ₂ 的两端并联上一段电阻忽略不计的导线 L ，将会使电阻 R ₂ 短路，所以 R ₁ 两端电压为电源电动势E
小题2:导线 L 中通过的电流

总电阻R=9+1+(15xR3)/(15+R3)
总电流I=12/R
流过R3的电流I3=IX15/(15+R3)
R3消耗的电功率P=（I3）的平方XR3
得到二次函数求最大值就得到你要的结果了

设电源电压 U 电阻r
则：
（8+r）*0.12=U
（13+r）*0.1=U
U=3V
r=17欧姆

关于这道题你问的问题（电压为什么小于2.7V）的原因是如此的简单,是因为计算过程中舍去了小数的后几位.

可能会有 .转360度变化为零但是这期间有电势产生

电动势 1.电动势：electromotive force (emf)
电路中因其他形式的能量转换为电能所引起的电位差,叫做电动势.用字母E表示,单位是伏特.在电路中,电动势常用符号δ表示.
2.原理：电动势是描述电源性质的重要物理量.电源的电动势是和非静电力的功密切联系的.非静电力是指除静电力外能对电荷流动起作用的力,并非泛指静电力外的一切作用力.非静电力有不同的来源.在化学电池（干电池、蓄电池）中,非静电力是一种与离子的溶解和沉积过程相联系的化学作用；在温差电源中,非静电力是一种与温度差和电子浓度差相联系的扩散作用；在一般发电机中,非静电力起源于磁场对运动电荷的作用,即洛伦兹力.变化磁场产生的有旋电场也是一种非静电力,但因其力线呈涡旋状,通常不用作电源,也难以区分内外.
在电源内部,非静电力把正电荷从负极板移到正极板时要对电荷做功,这个做功的物理过程是产生电源电动势的本质.非静电力所做的功,反映了其他形式的能量有多少变成了电能.因此在电源内部,非静电力做功的过程是能量相互转化的过程.电源的电动势正是由此定义的,即非静电力把正电荷从负极移到正极所做的功与该电荷电量的比值,称电源的电动势.
3.公式：E＝W／q(E为电势能）E=-U
4.物理意义：由上式可知,在电源内部,非静电力把单位正电荷从负极移送到正极时所做的功.
5.区别：电动势与电势差（电压）是容易混淆的两个概念.前面已讲过,电动势是表示非静电力把单位正电荷从负极经电源内部移到正极所做的功；而电势差则表示非静电力把单位正电荷从电场中的某一点移到另一点所做的功.它们是完全不同的两个概念.
6.闭合电路欧姆定律：电源的路端电压是指电源加在外电路两端的电压,是静电力把单位正电荷从正极经外电路移到负极所做的功.电源的电动势对一个固定电源来说是不变的,而电源的路端电压却是随外电路的负载而变化的.它的变化规律服从含源电路的欧姆定律,其数学表达式为：U＝E－Ir式中U为路端电压,Ir为电源的内电压,也叫内压降.对于确定的电源来说,电动势E和内电阻r都是一定的,从上式可以看出,路端电压U跟电路中的电流有关系.电流I增大时,内压降Ir增大,路端电压U就减小；反之,电流I减小时,路端电压U就增大.
7.可变电路：在电源放电的情况下,当外电路中没有反电动势时,路端电压U＝IR（R是外电路的总电阻）.根据含源电路的欧姆定律可得I＝E／（R＋r）,即电流I的大小随外电阻R而变化.因此,路端电压U也随外电阻R而变化.R增大时,I减小,U增大；R减小时,I增大,U减小.当外电路断开时,R变为无限大,I变为零,内压降Ir也变为零,这时路端电压等于电源的电动势.
但是不能认为路端电压一定小于电动势.在电源被充电时,电源内部的电流是从电源正极流向负极,内压降的方向与电动势的方向相反,电源的电动势是反电动势,这时路端电压等于电动势与内压降之和,即U＝E＋Ir,路端电压大于电动势.
感应电动势我们知道,要使闭合电路中有电流,这个电路中必须有电源,因为电流是由电源的电动势引起的.在电磁感应现象里,既然闭合电路里有感应电流,那么这个电路中也必定有电动势,在电磁感应现象中产生的电动势叫做感应电动势.产生感生电动势的那部分做切割磁力线运动的导体就相当于电源.
感生电动势的大小跟穿过闭合电路的磁通量改变的快慢有关系.理论和实践表明,长度为l的导体,以速度v在此感应强度为B的匀强磁场中做切割磁感应线运动时,在B、l、v互相垂直的情况下导体中产生的感应电动势的大小为：ε=Blv 式中的单位均应采用国际单位制,即伏特、特斯拉、米、米每秒.
电磁感应现象中产生的电动势.常用符号e表示.当穿过某一不闭合线圈的磁通量发生变化时,线圈中虽无感应电流,但感应电动势依旧存在.当一段导体在匀强磁场中做匀速切割磁感线运动时,不论电路是否闭合,感应电动势的大小只与磁感应强度b、导体长度l、切割速度v及v和b方向间夹角θ的正弦值成正比,即e＝blvsinθ.
在导体棒不切割磁感线时,但闭合回路中有磁通量变化时,同样能产生感应电流应用楞次定律可以判断电流方向.

匀强磁场通过某一平面的磁通量φ定义为φ=BScos(B,n),其中B是磁感强度大小,S是平面面积,(B,n)时φ为负值.磁通量的单位是韦伯(Wb),匀强磁场通过某一曲面的磁通量,等于BSn,Sn是曲面在与磁场方向垂直的平面上的投影面积.
在非匀强磁场中,通过某一面积S的磁通量等于通过许多小面积的磁通量之和φ=∑△φ,而△φ=B△Scos(B,n),DS是小面积,B是DS上的磁感强度
垂直切割磁感线,投影面积S最大,所以成90度时感应电动势最大.

这里面是详细解答过程!如有疑问,欢迎继续追问,若无,恳请采纳,祝你学习进步,谢谢

解题思路：本题首先要认识电路的结构：电流表的内阻不计，R₂和R₃被电流表短路，根据闭合电路欧姆定律去求电流表的读数．电容器并联在R₁的两端，电容器两端的电压等于R₁两端的电压，根据Q=CU₁求电容器所带的电荷量．

电流表的内阻不计，R₂和R₃被电流表短路，根据闭合电路欧姆定律：I=[E
R1+r=
4/3+1]A=1A
电容器两端的电压等于R₁两端的电压，则电压为U₁=IR₁=1×3V=3V
故选C

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律；电容．

考点点评： 本题中电流表是理想电流表，抓住R2和R3被电流表短路，是分析和求解的关键，还要掌握闭合电路欧姆定律．

解题思路：当R₅的滑动触点向图中a端移动时，R₅变小，外电路总电阻变小，根据欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，确定电流表A₁和电压表的读数变化．再分析并联部分的电压变化，判断电流表A₂读数变化．

当R₅的滑动触点向图中a端移动时，R₅变小，外电路总电阻变小，则由闭合电路欧姆定律知，总电流I变大，路端电压变小，则有I₁变大，U变小．电路中并联部分电压变小，则I₂变小．
故选C

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 本题电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部”的顺序进行分析．

是EI-Ir^2
IE是总功率,Ir^2可以叫内耗功率、热功率
总功率-内耗功率=输出功率,也叫路端功率

Uz=Iz*Rz 则 Iz=1.5/(0.12+1.38)=1A
U外=Iz*R外=1*1.38=1.38V

解题思路：（1）用欧姆表检查电路故障时，应把各电路元件断开，用电流表检查电路故障时，应把电流表串联接入电路，用电压表检查电路故障时，电压表与被检查电路并联．
（2）用电压表检查电路故障，电压表有示数，则与电压表并联部分电路断路，电压表没有示数，则与电压表并联部分电路短路或电压表并联电路之外电路断路．
（3）由欧姆定律求出图象所对应的函数表达式，然后根据图象求出电源的电动势与内阻．

（1）由题意可知，用多用电表 检查电路故障时多用电表并联在电路某两点间进行检查，因此应选用多用电表的电压档，即V档进行检查．
（2）闭合开关，电流表没有示数，说明电路存在断路；将电压表解在A、B两点时，电压表有示数，说明电压表与电源两极相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，则与电压表并联电路存在断路，即电流表断路，应更换电流表．
（3）由闭合电路欧姆定律E=I（R+r）变形得，[1/I]=[1/E]R+[r/E]，
根据数学知识得知，图象[1/I]--R的斜率等于[1/E]，纵轴截距等于[r/E]，
则由图象读出斜率为k=[5−1/6]=[2/3]，则电动势E=[1/k]=1.5V．
纵轴截距为b=[r/E]=1.0，电源内阻r=Eb=1×1.5=1.5Ω．
故答案为：（1）V；（2）电流表；（3）1.5；1.5．

点评：
本题考点： 测定电源的电动势和内阻．

考点点评： 测定电源的电动势和内电阻的原理是闭合电路欧姆定律，本题采用转换法思维，将I-R的非线性关系转换成[1/I]-R的线性关系，便于直观读图研究．

解题思路：电灯恰能正常发光，故回路中电流等于电灯的额定电流，电动机输出的机械功率等于电源总功率减去回路中的热功率．

电灯恰好正常发光 I=
PL
UL＝
12
6A=2A
设电动机两端电压为U_M，则有：E=U_灯+U_M+Ir
电动机输出功率：P_M出=U_MI-I²R
代入数据联立解得，P_M出=36W
答：电动机输出的机械功率为36W．

点评：
本题考点： 电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 本题是电机电路问题，关键明确电动机不是纯电阻，其输出的机械功率等于输入功率与热功率之差．

设内阻为R0,电源电动势为E0.则
（14+R0）×0.2=E0 （1）
（9+R0）×0.3=E0 （2）
联立（1）（2）解得：
R0=1欧姆
E0=3V

1
如同楼上所说,电动机不是纯电阻用电器,所以不能用u²/r来计算功率
根据题意电灯和电动机均为正常工作（重要）,可知这个时候的电流是2A,用电灯的正常工作时候的电流可知P灯=I灯V灯 I灯=2A ,电动机两端的电压为E1=E-I灯（r+r灯+r滑）=14-2*（1+1+1）=8(V)
2
电动机的机械功率=总功率-发热功率=E1I灯-I灯²r′=8*2-2²*0.5=14（W）
3
电路消耗的总功率=电动势*电流=14*2=28(W)
P总=E*I灯=14*2=28(W)
方法②
根据用电器来算
P总=P内+P灯+P电动机+P滑=I灯²r+P灯+I灯E1+I灯²R滑=2² * 1+4+2*8+2² *1=28(W)

你好,请你看看自感电动势的公式：E=L△I/△t.由电磁感应定律,可知自感电动势的大小与线圈中电流的变化率成正比,即与流过线圈的电流变化量成正比,与发生这个变化所用的时间成反比,自感系数L是常数.如果线圈的自感系数就是1 H,当线圈中的电流在1 s内变化1 A时,引起的自感电动势是1 V.你想想,开关S接通小灯泡正常点亮后,开关S的切断时间越短自感电动势就越高,加在灯泡两端的电压就越高,灯泡就越亮.当电流变化到零后就不再变化,也就是电流变化率为零,E也就变成了零,小灯泡就会熄灭.因此在开关S断开的瞬间小灯泡就会较亮地一闪.不知能不能帮上你.

设电动势为E,内阻为r
则列方程E/(1000+r)=1.5/1000
E/(2000+r)=0.8/1000(欧姆定律)
解方程得E=12/7(v),r=1000/7(Ω)
(感觉内阻太大了,可能题目数据有问题)

总电动势的倒数等于各电动势的倒数和
1/E总=1/E1+1/E2+1/E3……

不一定.其实只要有导体切割磁感线就有感应电动势.但是电路闭合才有感应电流,而这时得考虑电路中感应电动势是否为零.在稳定磁场中水平运动的闭合导体线圈的情形,可看成是感应电动势之和为零,故无感应电流.

这是电学上的题目,也是电工基础上的题目.最简单的串联和并联的计算题.两个4欧姆的电阻是并联,为2欧姆,加2欧姆的串联电阻,一共是5欧姆,电流是12/5=2.4A,第一种计算方法：2欧姆上的功率：2.4X2.4X2=11.52W,4欧姆上的功...

ad 和 cb 都有感应电动势,且大小相等,最终相互抵消,不产生电流
你可以认为 ad和cb是两节电池,但他们是正对正,负对负,电压又相等,所以不产生电流

总电流：I=E/（R+r）=20/（10+2）=5/3（A）.
R两端的电压即路端电压：U=E-Ir=20-2×5/3=50/3（V）.

相同.
由于本实验电路当外电路断开、电流为零时,电源两端电压等于电源电动势.
也可以用等效电源来判断：将电流表内阻等效为电源内阻的一部分,当通过电流表的电流为零时没有其它分流电路,通过电源的电流也为零,因此两端电压等于电动势.

电动势相同,但电池的电量不同,也就是所储的电能不同.电池是把化学能转化电能的东东,确切的说它们所储存的化学能量有容量上的差别,但本质上没有区别.

感生电动势,动生电动势顾名思义,是感应生成的电流,本来都是没有电流的.
霍尔效应是电子的积累作用产生的电场.

E=NΔΒS/Δt用这个公式做,你缺少条件没有面积S
第二问,I=E/(R+r)就行,R+r=1000Ω

都不对!
5A算对了,蓄电池两端电压应该为电动势减去电压降：
2-0.04*5=1.8V

设电动势是E,内阻是r
因为电源的短路电流为1.5安
所以E=1.5r
因为把它接入电阻为10欧的电路中,电路电流为0.25安
所以E=(r+10)*0.25
联立两个方程解得E=3V,r=2Ω