牛顿第二定律速度范围F=ma这个公式适用于宏观低速,那么多大的速度不算低速,

（1）A、平衡运动系统的摩擦力时，不应把装砂的小桶通过定滑轮拴在小车上，故A错误；
B、连接砂桶和小车的轻绳应和长木板保持平行，故B正确；
C、改变小车或砂桶质量时不需要再次平衡摩擦力，故C错误；
D、实验前小车应靠近打点计时器，实验时应先接通电源再释放小车，故D正确；
故选BD．
（2）Ⅰ图象表明在小车的拉力为0时，小车的加速度大于0，说明合外力大于0，说明平衡摩擦力过渡，即把长木板的末端抬得过高了．故A错误B正确．
Ⅱ图象说明在拉力大于0时，物体的加速度为0，说明合外力为0，即绳子的拉力被摩擦力平衡了，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，也就是没有将长木板的末端抬高或抬高不够．故C正确而D错误．
故选BC
故答案为：（1）BD；（2）BC．

点评：
本题考点： 验证牛顿第二运动定律．

考点点评： 只有真正掌握了实验原理，才能真正顺利解决实验题目，所以在学习的过程中要深入理解和把握实验原理，这样才能真正做到以不变应万变，才能有效提高物理成绩．

①在实验前必须进行平衡摩擦力，其步骤如下：取下细线和砂桶，把木板不带滑轮的一端适当垫高并反复调节，直到轻推小车，使小车恰好做匀速直线运动．
②由题意可知两计数点的时间间隔为：T=[5/f]，根据匀变速直线运动推论有：
s₃-s₁=2a₁T²
s₄-s₂=2a₂T²
a=
(s3+s4)−(s1+s2)
100f2
利用匀变速直线运动的推论
v_B=
s1+s2
2T=0.301m/s
③用描点法画出图象如下所示：

由F=ma可知，在a-[1/M]图象中，图象的斜率表示物体所受合外力的大小，有图象可知其斜率为k=0.3，故所受合外力大小为0.3N．
④实验前没有平衡摩擦力，所以当拉力F达到一定值后，小车才产生加速度．
砂和砂桶的质量在增加，那么砂和砂桶的质量不能远小于车的质量时，实际拉力比砂桶重力小得多，桶实际的加速度比理论值小得多，图线向下弯曲．故选C．
故答案为：
①轻推小车，使小车恰好做匀速直线运动
②
(s3+s4)−(s1+s2)
100f2，0.301．
③如图所示，0.3
④C

点评：
本题考点： 验证牛顿第二运动定律．

考点点评： 书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．实验的图象描绘，物理结合数学的应用都值得注意．

实验时要求小车质量M要远远大于砂及砂桶的质量m，只有B中M与m相差最大，所以B组测量时所画出的a-F图线较准确，其中50g是数值最大的，在本组的数据中，这是误差最大的．
故答案为：B，50g．

点评：
本题考点： 探究加速度与物体质量、物体受力的关系．

考点点评： 教科书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．比如为什么要平衡摩擦力，为什么要让M＞＞m等．

(1)①小车和轨道间存在摩擦力，为了平衡摩擦力要把长木板不带滑轮的一端垫高，让小车重力沿斜面向下的分力等于小车所受摩擦力。

②只有砂桶的质量m远远小于小车的质量M，砂桶的重力才近似的等于小车受到的拉力。

(2)打A点时小车的瞬时速度；由可得，小车加速度的大小

(3)①采用描点法作图。先根据表格中每组数据，在坐标轴上描点，再用平滑的曲线将点拟合起来，a—F的图线如下图

②有图可知图线与横轴有交点，表示只有当拉力增大到一定只是小车才有加速度，说明实验时没有平衡摩擦力或平衡摩擦力时木板倾角过小；由于a—F的图线是一条直线，所以实验中小车质量没有发生变化。

故选AB

(1) ①把长木板不带滑轮的一端垫高，形成斜面以平衡摩擦力
②让砂桶的质量m远远小于小车的质量M
(2) 0.864   0.640  
(3) ①a—F的图线如下图
 
②AB


<>

（1）A、平衡摩擦力时，不需砝码和小桶，但小车后面必须与纸带相连，因为运动过程中纸带受到阻力．故AB正确；
C、平衡摩擦力时打点计时器需要通电，根据纸带上点的疏密分布判断小车是否是匀速运动，故C错误；
本题选不正确的，故选：C．
（2）根据牛顿第二定律，有
对重物，有 mg-T=ma
对小车，有 T=Ma
解得：a=[mg/M+m]，
所以a₁=g．
随着外力F的增大，砝码的质量越来越大，最后出现了不满足远小于小车质量的情况，因此图线出现了偏折现象，因此小桶与砝码的总质量不满足远远小于小车与钩码的总质量，加速度不可能一直均匀增大，加速度的增大幅度将逐渐减小，最后趋近与定值g．
故答案为：（1）C（2）g，小桶与砝码的总质量不满足远远小于小车与钩码的总质量．

点评：
本题考点： 验证牛顿第二运动定律．

考点点评： 解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚．

A. 平均速度公式只适用于匀变速直线运动；错误

B. 牛顿第二定律的内容：物体加速度的大小跟作用力成正比，跟物体的质量成反比，加速度的方向跟作用力的方向相同；正确

C. 公式中，△v是速度变化量，与加速度方向相同；正确

D. 作用力与反作用力作用在不同的物体上，但二力平衡作用在同一物体上；错误

故选BC

BC


<>

（1）①根据图象（b）可知，当没有悬挂砂桶时，小车已经产生加速度，由此可知在操作个过程中，平衡摩擦力过度即长木板的倾角过大，图中a₀表示的是未挂砂桶时小车的加速度大小．
故答案为：长木板的倾角过大，未挂砂桶．
②根据刻度尺的示数可知△s=s_DG-s_AD=3.90cm-2.10cm=1.80cm，注意需要估读，时间间隔为T=0.06s，代入公式△x=aT²可以求出加速度为：a=5.0m/s²．
故答案为：1.80，5.0；
（2）①欧姆表测电阻时要将待测电阻从电路中断开，在使用前要机械调零，选择档位后要进行欧姆调零，根据题意可知灯泡电阻R=
U2
P=
(2.5V)2
0.6W=10.4Ω，因此选择×1档位，欧姆表的读数为表盘示数乘以档位，故该灯泡电阻为R=8.0×1=8.0Ω．
故答案为：s₂，1，8.0；
②将选择开关置于直流电压档，闭合S₁、S₂时，多用表与灯泡并联，因此此时测量的是小电珠两端的电压．
故答案为：小电珠；
③为了小电珠的电流，应将选择开关置于直流电流档，然后将多用电表与小电珠与串联，即将S₁闭合S₂断开，然后将红、黑表笔分别接S₂的左、右接线柱即可．
故答案为：S₁，S₂．

点评：
本题考点： 验证牛顿第二运动定律．

考点点评： （1）在“验证牛顿第二定律”的实验用控制变量法，本实验只有在满足平衡摩擦力和小车质量远大于钩码质量的双重条件下，才能用钩码重力代替小车所受的合力．
（2）查多用表的使用，会选择不同的档位，明确基本做法和电阻、电压和电流表的读数方法，属于难度不大的题目．

（1）在连续相等时间内的位移之差为0.51cm，根据△x=aT²得，加速度a=
△x
T2＝
0.51×10−2
0.01＝0.51m/s2=0.510m/s²．
P点的速度为：vP＝
(6.19+6.70)×10−2
0.2m/s＝0.6445m/s≈0.645m/s．
（2）图象不过原点，F不等于零，加速度a仍然为零，知未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．
图象上段弯曲是未满足沙桶的总质量不是远远小于小车的总质量，不能认为沙桶的重力等于绳子的拉力．
故答案为：（1）0.510，0.645．
（2）未平衡摩擦力或平衡摩擦力不足，沙桶的总质量不是远远小于小车的总质量

点评：
本题考点： 验证牛顿第二运动定律．

考点点评： 解决本题的关键知道实验的原理，掌握处理纸带的方法，会通过纸带求解瞬时速度和加速度．

（1）平衡摩擦力的本质就是使小车的重力沿斜面方向的分力与小车所受的阻力相平衡，其目的是使小车所受的合力等于细绳对小车的拉力．
正确操作是将小车静止地放在水平长木板上，把木板不带滑轮的一端慢慢垫高，当小车带动纸带匀速下滑时说明平衡摩擦力．
（2）据所提供数据，采用描点法得出图象如下所示：
（3）由牛顿第二定律：F=ma得：当小车质量m一定时，a与F应成正比，
即a=[F/m]，所以图象应该是一条倾斜的直线，且斜率k=[1/m]，即为：小车的总质量的倒数．
故答案为：（1）将小车静止地放在水平长木板上，把木板不带滑轮的一端慢慢垫高，当小车带动纸带匀速下滑时说明平衡摩擦力．
（2）如图
（3）[1/m]，即小车的总质量的倒数．

点评：
本题考点： 验证牛顿第二运动定律．

考点点评： 在“验证牛顿第二定律”的实验用控制变量法，本实验只有在满足平衡摩擦力和小车质量远大于钩码质量的双重条件下，才能用钩码重力代替小车所受的合力，同时加强基础物理知识在实验中的应用，加强解决实验问题的能力．

①为了减小长木板对小车摩擦力的影响，必须在长木板远离滑轮的一端下面垫一块木板，反复移动木板的位置，直至小车能单独在长木板上做匀速直线运动．
②为了验证小车的加速度与其质量的定量关系，必须采用控制变量法．
③由图二乙图所示纸带可知，计数点间的时间间隔为：t=0.02s×5=0.1s，
加速度为：a=
x3−x1
2t2=
0.0353−0.0193
2×0．12=0.8m/s²
故答案为：①远离；②控制变量；③0.8．

点评：
本题考点： 验证牛顿第二运动定律．

考点点评： 本题考查了验证牛顿第二定律实验的基础知识，有平衡摩擦力的方法、图象的处理等．要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，要掌握应用图象法处理实验数据的方法．