（2013•鹰潭一模）已知双曲线x2a2-y2b2=1（a＞0，b＞0）的离心率e=2，过双曲线上一点M作直线MA，MB

（1）电刺激后，右后肢迅速出现缩腿反射，说明神经调节具有快速的特点，通过对左右后肢变化的分析可知，神经调节具有准确的特点．（2）要想使骨骼肌收缩促使肌细胞大量合成并分泌IL一6，首先必须在骨骼肌细胞中先合...

点评：
本题考点： 神经、体液调节在维持稳态中的作用；体温调节、水盐调节、血糖调节．

考点点评： 本题主要考查了神经调节的基本特点、血糖调节及转录和翻译的有关知识，以及设置对照试验的方法等內容．对学生理解图片內容的能力和应用所学知识解决实际问题的能力要求较高．

A、根据两个点电荷q₁、q₂电场中等势面分布的对称性可知，圆轨道上的电势处处相等，故A正确．
B、根据电场线的分布情况可知：圆轨道上电场线疏密处处相同，电场强度的大小处处相等，但方向不同，所以电场强度不相同．故B错误．
C、D、带电小球做匀速圆周运动，合外力提供向心力，由于两个电荷的电荷量相等，q₁离带电小球比q₂近，库仑力较大，水平方向的分力较大，则q₁对小球的库仑力必定是吸引力，小球所受两个电荷的库仑力的合外力指向圆心的分力提供向心力，由于q₁对带电小球的库仑力较大，水平方向的分力较大，q₁、q₂可能为异种电荷，则q₂对小球的库仑力可能是斥力，故C正确，D错误．
故选：AC．

点评：
本题考点： 电势；库仑定律；电场强度．

考点点评： 本题要抓住电场线和等势线分布的对称性分析场强和电势的关系，知道匀速圆周运动的向心力同由合外力提供，运用动力学的方法分析向心力的来源．

由题意知

AC=λ

AB（λ∈R），

AD=μ

AB（μ∈R）且[1/λ]+[1/μ]=2，
故A，B，C，D四点共线，
若M是线段AB的中点，

AC＝
1
2

AB，∴λ＝
1
2，
1
μ＝0（不可能），故A错误，
若M，N可能同时在线段BA的延长线上，
则λ＜0．μ＜0，
∴[1/λ+
1
μ＜0与
1
λ]+[1/μ]=2矛盾．故B错误，
若M，N可能同时在线段AB上，
则0＜λ＜1，0＜μ＜1，
∴[1/λ+
1
μ＞2，与
1
λ]+[1/μ]=2矛盾．故C错误
若M，N不可能同时在线段AB的延长线上，
假设M，N同时在线段AB的延长线上，
则λ＞1．μ＞1，
∴[1/λ+
1
μ＜2，与
1
λ]+[1/μ]=2矛盾．故假设不成立，所以M，N不可能同时在线段AB的延长线上．
故D正确．
故选：D．

点评：
本题考点： 向量加减混合运算及其几何意义．

考点点评： 本题主要考查了向量共线定理和反证法，属于基础题．

∵n=3
∫
π
2−
π
2cosxdx=3sinx
|
π
2−
π
2=3sin[π/2]-3sin（-[π/2]）=6，
∴f（x）=（[1/2]x-
2）ⁿ=(
1
2x−
2)6，
Tr+1＝
Cr6(
1
2x)6−r(−
2)r=(−
2)r•(
1
2)6−r•
Cr6•x6−r，
由6-r=2，得r=4．
∴f（x）的展开式中x²的系数为(−
2)4×(
1
2)2×
C26＝15．
故选：A．

点评：
本题考点： 定积分．

考点点评： 本题考查了定积分，考查了二项展开式的通项，是基础的计算题．

A、豌豆由于自花传粉，只有隐性个体；玉米可进行异株间的异花传粉，有显性个体和隐性个体，A错误；
B、豌豆都为隐性个体，玉米既有显性又有隐性，B错误；
C、豌豆都为隐性个体，玉米可进行同株的异花传粉，又可进行异株间的异花传粉，比例不能确定，C错误；
D、豌豆都为隐性个体，玉米既有显性又有隐性，D正确．
故选：D．

点评：
本题考点： 基因的分离规律的实质及应用．

考点点评： 本题考查基因分离定律应用的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力．

对于①，数列1，2，3，4，5，具有“变换P性质”，数列{b_n}为3，2，1，5，4，具有“P性质”，
∴数列{a_n}具有“变换P性质”；
对于②，∵11，4都只有与5的和才能构成完全平方数，
∴1，2，3，…，11，不具有“变换P性质”．
对于③，当n≥2时，a_n=S_n-S_n-1=n²-n
∵a₁=0，∴a_n=n²-n．
∴a_i+i=i²（i=1，2，3，…）为完全平方数
∴数列{a_n}具有“P性质”；
故选：D．

点评：
本题考点： 数列的应用．

考点点评： 本题考查新定义，考查学生分析解决问题的能力，正确理解新定义是关键．

①设A气体的体积为V，由玻意耳定律得：
P_AV=P_A′（V+△V），
P_BV=P_B（V-△V），
P_A=P_B，解得：△V=[1/4]V，
A部分气体体积与原来的体积之比为5：4；
②A部分气体温度不变，气体内能不变，气体体积变大，气体膨胀对外做功，由热力学第一定律可得：气体从外界吸收热量．
答：①求此时A部分气体体积与原来体积之比为5：4；
②A部分气体是吸热．

点评：
本题考点： 热力学第一定律；气体的等温变化．

考点点评： 熟练应用玻意耳定律、热力学第一定律即可正确解题，本题难度不大，是一道基础题．

（1）
A．水对红光的折射率最小，临界角最大，根据折射定律和几何知识得知光源在水中视深与实际深度的关系是h视＝
h实
n，所以从空气中看处于水中同一深度的红、黄、绿、蓝四盏灯，感觉红色灯离水面最远．故A正确．
B．光从真空射入同一介质中，不可能发生全反射．故B错误．
C．红光的波长最长，对于相同的障碍物，红光的衍射现象最明显．故C正确．
D．在双缝干涉实验中，双缝前分别加上蓝光和绿光滤光片，分别透过蓝光和绿光，这束光频率不同，在屏上将看不到干涉现象，但有亮光．故D错误．
故选AC
（2）①由图象可知，波长λ=2m
波速v＝
x
△t1＝
6
0.6m/s＝10m/s
由v＝
λ
T，得T＝
λ
v＝0.2s
②图示时刻x=-0.5m处的波峰传到P点的距离为△s=7.5m，该波峰传到O点的时间为
△t=[△s/v]=[7.5/10]s=0.75s
所以P点到达波峰的时刻为△t+0.1=0.85s
由题意可知t=0时刻波刚好传到O点，起振方向向下，即O点振动了t=0.85st=4T+[1/4]T
所以y₀=-2cm，路程s₀=4.25×4A=4.25×4×2cm=34cm
答：（1）AC；（2）①该列波的周期T=0.2s；
②从t=0时刻起到P点第一次达到波峰时止，O点对平衡位置的位移y₀=-2cm，其所经过的路程s₀为34cm．

点评：
本题考点： 波长、频率和波速的关系；横波的图象；电磁波谱．

考点点评： 本题第（1）问中经验公式h视＝h实n，可以根据折射定律和数学知识推导．第（2）问运用波形平移的方法理解．

A、由速度时间图象可以知道在2-3s的时间内，物体匀速运动，处于受力平衡状态，所以滑动摩擦力的大小为2N，
在1-2s的时间内，物体做匀加速运动，直线的斜率代表加速度的大小，所以a=[2−0/1]=2m/s²，由牛顿第二定律可得F-f=ma，所以m=[F−f/a]=[3−2/2]kg=0.5kg，所以A错误；
B、由f=μF_N=μmg，所以：μ=[f/mg]=[2/5]=0.4，所以B错误；
C、第二秒内物体的位移是：x=[1/2]at²=[1/2]×2×1=1m，摩擦力做的功为：W=fx=-2×1J=-2J，故克服摩擦力所做的功为2.0J；故C正确；
在第一秒内物体没有运动，只在第二秒运动，F也只在第二秒做功，F的功为：W=Fx=3×1J=3J，所以前2S内推力F做功的平均功率为：P=[W/t]=[3/2]W=1.5W，所以D错误．
故选：C．

点评：
本题考点： 功率、平均功率和瞬时功率；动摩擦因数；功的计算．

考点点评： 对于速度图象类的题目，主要是要理解斜率的含义：斜率代表物体的加速度；速度正负的含义：速度的正负代表物体运动的方向；速度图象与时间轴围成的面积的含义：面积代表物体的位移．

（1）浓硫酸随反应进行浓度变稀后不再与铜反应，所以剩余硫酸，
故答案为：剩余；稀H₂SO₄与Cu不反应，随着反应进行，H₂SO₄越来越稀，所以H₂SO₄一定有剩余；
（2））①得到较纯净晶体的方法是：冷却结晶后过滤、洗涤、干燥，
故答案为：过滤、洗涤、干燥；
②实验中为准确测定结晶水的值，应分别测定坩埚的质量、坩埚与晶体的总质量，以此测定晶体的质量，然后称量加热后坩埚与固体总质量，之后再加热一次以判断晶体是否完全分解，总共称量4次，
故答案为：4；
③依据实验基本操作，物质加热失水至恒重最后两次称量的质量差不超过0.1g，
故答案为：两次称量不超过0.1g；
④该实验晶体的质量为22.7g-11.7g=11g，硫酸铜的质量为18.6g-11.7g=6.9g，水的质量为22.7g-18.6g=4.1g，则n（CuSO₄）=[6.9g/160g/mol]=0.043mol，
n（H₂O）=[4.1g/18g/mol]=0.23mol，所以x=[0.23/0.043]=5.28，
故答案为：5.28；
（3）二氧化硫与氢氧化钠溶液反应而被快速吸收，因此装置乙作为安全瓶起到防止倒吸的作用，
故答案为：防止丙中液体倒吸入甲中；
（4）a．甲装置使用的玻璃仪器有：酒精灯、玻璃管、分液漏斗、圆底烧瓶，故a错误；
b．KMnO₄溶液用于尾气处理，二氧化硫是污染性气体不能排放到大气中，高锰酸钾溶液可以吸收二氧化硫，故b正确；
c．当把品红溶液滴入到锥形瓶中，溶液中如果溶有SO₂则品红褪色，若无SO₂则不褪色，但并不能说明无NaHSO_，3．故c错误；
d．当把品红溶液滴入到锥形瓶中，若品红褪色，说明溶液中含有二氧化硫，过量的二氧化硫和氢氧化钠全部反应，说明NaOH已完全转化为NaHSO₃，故d正确；
e．若把品红溶液换成酸性高锰酸钾溶液，并滴入到锥形瓶中，不显紫红色，高锰酸钾发生反应，其中亚硫酸钠、亚硫酸氢钠、二氧化硫都可以和高锰酸钾反应，不能说明NaOH已完全转化为NaHSO₃，故e错误；
故答案为：bd．

点评：
本题考点： 浓硫酸的性质实验．

考点点评： 本题考查铜与浓硫酸的反应，题目难度较大，注意（2）实验测定步骤和注意问题为易错点，掌握实验操作和实验原理，分析实验现象是解题关键．

（1）n=30.06＝50t＝30.06＝50，x＝50×0.04＝2，y=1-0.04-0.38-0.34-0.06=0.18，z=50×0.38=19．（4分）（2）设第5组的3名学生分别为A1，A2，A3，第1组的2名学生分别为B1，B2，则从5名学生中抽取两位学生有：（A1，...

点评：
本题考点： 列举法计算基本事件数及事件发生的概率；频率分布表．

考点点评： 本题考主要查古典概型问题，可以列举出试验发生包含的事件和满足条件的事件，列举法，是解决古典概型问题的一种重要的解题方法，属于基础题．

2molC和2molD相当于2molA和4molB，即乙容器内的气体的物质的量为甲容器内的气体的物质的量的2倍，而乙容器的体积为甲容器的体积的2倍，在相同温度下达到相同平衡状态，甲、乙容器内对应物质的浓度相同，各组分的含量相同．
A、该反应正反应为放热反应，升高温度，平衡向逆反应进行，达到新的平衡后，乙中气体质量减小，物质的量不变，平均相对分子质量减小，故A错误；
B、保持温度和乙中压强不变，向乙中再加入2 mol D，乙的体积变为原来的1.5倍，若各物质的物质的量不变，反应前后气体体积不变，平衡不移动，但D的物质的量增大，所以平衡向逆反应进行，但达到新平衡后，B的浓度比原平衡状态浓度低，即c（B）_乙＜c（B）_甲，故B错误；
C、甲、乙两容器平衡常数相同，平衡时两容器内对应各物质的浓度相同：
对于甲容器：A（s）+2B（g）⇌C（g）+D（g）
开始（mol）：1 2 0 0
变化（mol）：x 2x x x
平衡（mol）：1-x 2-2x x x
反应前后气体体积不发生变化，用物质的量代替浓度代入平衡常数计算，则：
x2
(2−2x)2=1，解得x=[2/3]，所以甲中B的转化率为

2
3×2mol
2mol×100%=66.7%；
平衡时，甲容器中C的物质的量为[2/3]mol，平衡时两容器内对应各物质的浓度相同，故乙容器内C的物质的量为[4/3]mol，所以乙容器内C的转化率为
2mol−
4
3mol
2mol×100%=33.3%，故C错误；
D、保持温度和活塞位置不变，在甲中再加入1molA和2molB，则相当于在原来的基础上增大压强，A是固体，反应前后气体体积不变，平衡不移动，反应物的转化率不变，达到平衡时，甲中B的浓度等于原来的2倍，即等于乙中B的浓度的2倍，故D正确；
故选：D．

点评：
本题考点： 化学平衡的计算；化学平衡的影响因素．

考点点评： 本题考查化学平衡移动的影响因素、等效平衡、平衡计算等，难度中等，注意从等效平衡的角度分析起始时甲乙两容器内的气体的平衡状态，在此基础上从平衡移动的角度分析．

（Ⅰ）当n=2，a=-1，b=1时，f₂（x）=
x-x+1，x≥0，
f′₂（x）=
1
2
x-1，x≥0，
由f′₂（x）＞0，解得0＜x＜[1/4]，此时函数单调递增，
由f′₂（x）＜0，解得x＞[1/4]，此时函数单调递减，
故当x=[1/4]时，函数f₂（x）取得极大值，无极小值．
（Ⅱ）若n≥2，a=1，b=-1，得：f_n（x）=x
1
n+x-1，
∴易得：f_n（0）f_n（[1/2]）＜0，于是f_n（x）在区间（0，[1/2]）内存在零点；
又当x∈（0，[1/2]）时，f′_n（x）=[1/nx
1−n
n]+1＞0恒成立
∴函数f_n（x）在区间（0，[1/2]）内是单调递增的
故f_n（x）在区间（0，[1/2]）内存在唯一的零点．
（Ⅲ）：数列x₂，x₃，…，x_n，…是单调递减的．理由如下：
由（Ⅱ）设x_n （n≥2）是f_n（x）在（0，[1/2]）内唯一的零点，
则f_n（x_n）=x_n
1
n+ax_n-1=0，
又f_n+1（x_n+1）=xn+1
1
n+1+x_n+1-1，x_n+1∈（0，[1/2]），
于是f_n（x_n）=0=f_n+1（x_n+1）=xn+1
1
n+1+x_n+1-1＞

点评：
本题考点： 利用导数研究函数的极值；利用导数研究函数的单调性．

考点点评： 本题主要考查函数极值和函数零点的应用，根据导数的应用是解决本题的关键．综合性较强，难度较大．

（1）细胞器甲乙都有双层膜，乙的名称是线粒体，物质c是一种含3个碳原子的化合物即为丙酮酸，在线粒体基质被彻底分解，置于清水中，则其内膜破裂晚于于外膜．
（2）叶绿体内部的一些脂质颗粒，随着叶绿体的生长而变小，原因可能是颗粒中的脂质参与叶绿体中的膜结构．
（3）从图二分析可知，该植物的呼吸速率可表示为A，实际光合速率可表示为．在13℃～16℃之间，随着温度的升高，呼吸作用强度增强，实际光合作用的强度也增强．
（4）从结果可以看出，在14℃温度下，维持10小时光照，10小时黑暗，该植物叶片增重最多，净光合作用=总光合作用-呼吸作用=（3+2）×10-2×10=30mg．
故答案为：
（1）线粒体基质或线粒体基质晚
（2）颗粒中的脂质参与叶绿体中的膜结构
（3）A增强增强
（4）1430

点评：
本题考点： 光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化；细胞呼吸的过程和意义．

考点点评： 本题以图象为载体，主要考查光合作用和呼吸作用相关知识，意在考查考生对相关知识的理解，把握知识间内在联系的能力．

∵等比数列{a_n}，a₃a₄=12
∴a₁a₆=12而公比q＞1，且a₁+a₆=8
解得a₁=2，a₆=6
则
a6
a1=q⁵=3
∴
a2012
a2007=q⁵=3
故选B．

点评：
本题考点： 等比数列的通项公式．

考点点评： 本题主要考查了等比数列的性质，解题的关键利用a3a4=a1a6，同时考查了转化能力，属于基础题．

解（Ⅰ）∵cosC=
a2+b2−c2
2ab，
∴代入已知等式得：2b•
a2+b2−c2
2ab=2a-c，
整理得：a²+c²-b²=ac，
∴cosB=
a2+c2−b2
2ac=[1/2]，
∵B∈（0，π），
∴B=[π/3]；
（Ⅱ）由B=[π/3]得，C=[2π/3]-A，
∴sinAsinC=sinAsin（[2π/3]-A）=

3
2sinAcosA+[1/2]sin²A=

3
4sin2A-[1/4]cos2A+[1/4]=[1/2]sin（2A-[π/6]）+[1/4]，
∵A∈（0，[2π/3]），∴2A-[π/6]∈（-[π/6]，[7π/6]），

点评：
本题考点： 余弦定理；三角函数中的恒等变换应用．

考点点评： 此题考查了余弦定理，两角和与差的正弦函数公式，二倍角的正弦、余弦函数公式，以及正弦函数的定义域与值域，熟练掌握余弦定理是解本题的关键．

∵以线段AP为边的正方形的面积介于
3cm²与16
3cm²之间，
∴由
1
2x2×

3
2＝
3解得x=2，
由
1
2x2×

3
2＝16
3，解得x=8，
即线段AP的长介于2cm与8cm之间
∴满足条件的P点对应的线段长8-2=6cm
而线段AB总长为20cm
故正三角形的面积介于
3cm²与16
3cm²之间的概率为[6/20＝
3
10]，
故选：D

点评：
本题考点： 几何概型．

考点点评： 本题考查的知识点是几何概型，几何概型的概率估算公式中的“几何度量”，可以为线段长度、面积、体积等，而且这个“几何度量”只与“大小”有关，而与形状和位置无关．

①用FeCl₃溶液腐蚀铜线路板的离子反应为Cu+2Fe³⁺=Cu²⁺+2Fe²⁺，故错误；
②将含等物质的量的NaHCO₃和Ba（OH）₂溶液混合的离子反应为HCO₃^-+Ba²⁺+OH^-═BaCO₃↓+H₂O，故正确；
③NH₄HSO₃溶液与足量NaOH溶液混合加热的离子反应为NH₄⁺+HSO₃^-+2OH^-

△
.
NH₃↑+SO₃^2-+2H₂O，故正确；
④将氯气溶于水制备次氯酸的离子反应为Cl₂+H₂O=H⁺+Cl^-+HClO，故错误；
⑤食醋除水垢中的碳酸钙的离子反应为CaCO₃+2HAc=Ca²⁺+H₂O+CO₂↑+2Ac^-，故错误；
⑥苯酚钠溶液中通入少量的CO₂气体的离子反应为C₆H₅O^-+CO₂+H₂O→C₆H₅OH+HCO₃^-，故正确；
故选C．

点评：
本题考点： 离子方程式的书写．

考点点评： 本题考查离子方程式的书写，明确发生的化学反应为解答的关键，为高考常见题型，注意把握量对反应的影响，注重基础知识的考查，题目难度不大．

（1）①根据题意分析可知，纯合灰色雄鸟的基因型为aaZ^BZ^B，白色雌鸟的基因型可能是_{^__}Z^bW，而一只纯合灰色雄鸟与一只白色雌鸟杂交，F₁代出现了2种颜色，根据基因型判断这只白色雌鸟的基因型应该是AaZ^bW，它们的后代的基因型及表现型是AaZ^BZ^b黑色、aaZ^BZ^b灰色、AaZ^BW黑色、aaZ^BW灰色．
②将F₁代黑色雌雄鸟AaZ^BZ^b与AaZ^BW随机交配，所得F₂代的基因型及表现型为A_{^_}Z^BZ^-黑色（[3/4]×[1/2]=[3/8]）、A_{^_}Z^BW黑色（[3/4]×[1/4]=[3/16]）、A_{^_}Z^bW白色（[3/4]×[1/4]=[3/16]）、aaZ^BZ^-灰色（[1/4]×[1/2]=[1/8]）、aaZ^BW灰色（[1/4]×[1/8]=[1/16]）、aaZ^bW白色（[1/4]×[1/8]=[1/16]）．所以F₂代中黑色：灰色：白色=（[3/8]+[3/16]）：（[1/8]+[1/16]）：（[3/16]+[1/16]）=9：3：4．F₂代黑色雄鸟的基因型是A_{^_}Z^BZ^-，其中纯合子的概率是[1/3×
1
2＝
1
6]，所以杂合子占的比例为1-

点评：
本题考点： 伴性遗传．

考点点评： 本题考查伴性遗传的相关知识点，意在考查学生对所学知识的理解与掌握程度，培养了学生分析题意、获取信息、解决问题的能力．

①CH₃CH₂CH₂CH₂CH₂CH₃中有3种H原子，其一氯代物有3种；
②（CH₃）₂CHCH（CH₃）₂中有2种H原子，其一氯代物有2种；
③（CH₃）₃CCH₂CH₃中有3种H原子，其一氯代物有3种；
④（CH₃）₃CC（CH₃ ）₃ 中有1种H原子，其一氯代物有1种．
所以一氯代物同分异构体数为①=③＞②＞④．
故选：D．

点评：
本题考点： 同分异构现象和同分异构体．

考点点评： 考查同分异构体的书写、同分异构体数目判断等，难度中等，确定分子的等效H原子是关键．

①实验时选用记录的实验数据是：电流表mA表的示数I₁，
微安表μA表的示数I₂，电阻箱的阻值R₂；通过电阻箱的电流I=I₁-I₂，
待测微安表两端电压，即并联电压U=IR₂=（I₁-I₂）R₂，
微安表内阻R_g=
U
I2=
(I1−I2)R2
I2；
②电路最小总电阻约为R=
E
IμA=
3V
500×10−6A=6000Ω，
保护电阻R₃最小阻值为R₃=R-R_μA-R_mA=6000Ω-200Ω-100Ω=5700Ω；
为保证电路安全，方便实验操作滑动变阻器R₁应选B．
③根据实物电路图甲连接实物电路图如图所示．
①mA表的示数I₁和μA表的示数I₂及电阻箱的阻值R₂；R_g=
(I1−I2)R2
I2；
②5700，B；③实物电路图如图所示．

点评：
本题考点： 伏安法测电阻．

考点点评： 知道两种实验设计的实验原理是正确解题的前提与关键，知道实验原理后，应用串并联电路特点、欧姆定律即可正确解题．对于实验题，一定要知道其实验原理．

Ⅰ．通常状况下，X、Y和Z是三种气态单质．X的组成元素是第三周期原子半径最小的元素（稀有气体元素除外），则X为Cl₂；Y和Z均由元素R组成，反应Y+2I^-+2H⁺═I₂+Z+H₂O常作为Y的鉴定反应，由元素守恒可知，Y、Z为O元素的同素异形体，R为O元素；可推知Y为O₃、Z为O₂；W是短周期元素，最外层电子数是最内层电子数的三倍，最外层电子数为6，则W为S元素，则：
（1）由上述分析可知，Z的化学式为O₂，故答案为：O₂；
（2）将O₃和二氧化硫分别通入品红溶液，都能使品红褪色．简述用褪色的溶液区别O₃和二氧化硫的实验方法为：加热褪色后的溶液，若溶液恢复红色，则原通入气体为SO₂；若溶液不变红，则原通入气体是O₃，
故答案为：加热褪色后的溶液，若溶液恢复红色，则原通入气体为SO₂；若溶液不变红，则原通入气体是O₃；
（3）说明Cl₂的氧化性比D单质氧化性强的化学方程式为：H₂S+Cl₂═S+2HCl，
故答案为：H₂S+Cl₂═S+2HCl；
Ⅱ．（1）NH₄Al（SO₄）₂为强酸弱碱盐，其溶液呈酸性，升高温度促进水解，导致溶液酸性增强，溶液的pH减小，
故答案为：I；
（2）根据电荷守恒得2c（SO₄^2-）-c（NH₄⁺）-3c（Al³⁺）=c（H⁺）-c（OH^-）=10^-3 mol•L^-1-10^-11mol•L^-1=（10^-3-10^-11）mol•L^-1，
故答案为：（10^-3-10^-11）mol•L^-1；
（3）a、b、c、d四个点，根据反应量的关系，a点恰好消耗完H⁺，溶液中只有（NH₄）₂SO₄与Na₂SO₄；b、c、d三点溶液均含有NH₃•H₂O，（NH₄）₂SO₄可以促进水的电离，而NH₃•H₂O抑制水的电离，b点溶液呈中性，故a点水的电离程度最大，
b点溶液含有（NH₄）₂SO₄、Na₂SO₄、NH₃•H₂O三种成分，a点时溶液中（NH₄）₂SO₄与Na₂SO₄各是0.05mol、0.05mol，a点时c（Na⁺）=c（SO₄^2-），故b点时c（Na⁺）＞c（SO₄^2-），根据N元素与S元素的关系，可以得出c（SO₄^2-）＞c（NH₄⁺），故c（Na⁺）＞c（SO₄^2-）＞c（NH₄⁺）＞c（OH^-）=c（H⁺），
故答案为：a；c（Na⁺）＞c（SO₄^2-）＞c（NH₄⁺）＞c（OH^-）=c（H⁺）．

点评：
本题考点： 位置结构性质的相互关系应用；弱电解质在水溶液中的电离平衡．

考点点评： 本题属于拼合型题目，涉及元素化合物推断、盐类水解、离子浓度大小比较等知识点，Ⅱ（3）是难点，知道图象中各个点的溶质即可解答，注意确定离子浓度大小时要结合电荷守恒、物料守恒来分析解答，题目难度中等．

A、抗原经吞噬细胞处理，呈递给T细胞，刺激T细胞增殖分化并产生淋巴因子，A正确；
B、B细胞受抗原刺激，增殖分化形成浆细胞，浆细胞产生抗体，B正确；
C、B细胞受抗原刺激，增殖分化形成浆细胞和记忆细胞，记忆细胞寿命长，对抗原十分敏感，能“记住”入侵的抗原，C正确；
D、记忆细胞受抗原刺激后，增殖分化为浆细胞和记忆细胞，浆细胞合成分泌抗体，D错误．
故选：D．

点评：
本题考点： 人体免疫系统在维持稳态中的作用．

考点点评： 本题考查体液免疫的相关知识，意在考查学生的识记和理解能力，难度不大．

由y=-lnx，得
y′=-
1
x，
∴y′|_x=1=-1．
故答案为：-1．

点评：
本题考点： 利用导数研究曲线上某点切线方程．

考点点评： 本题考查利用导数研究曲线上某点处的切线方程，过曲线上某点处的切线的斜率，就是函数在该点处的导数值，是基础题．

（1）据图分析，当胰岛素和其受体结合后，使酶磷酸化，一方面促进蛋白质、脂肪、糖原合成，另一方面使细胞膜上的葡萄糖转运蛋白增加，促进葡萄糖进入细胞，促进葡萄糖的利用，而使血糖浓度降低．
（2）激素与受体结合体现了信息的传递功能．胰岛素作用于靶细胞膜上胰岛素受体，进而降低血糖，如体内含有胰岛素受体的抗体，则胰岛素无法与受体结合，血糖浓度升高；则注射胰岛素也不能有效调节其血糖水平；治疗方法为降低免疫能力，减少抗体数量．由于免疫功能过强引起属于自身免疫病．
（2）胰岛B细胞分泌胰岛素．血糖浓度变化是影响胰岛素分泌的主要因素，一方面可以直接作用于胰岛B细胞以调节胰岛素的分泌，另外一方面刺激下丘脑调节胰岛B细胞的分泌，因此血糖平衡受神经和体液（激素）共同的调节．在血糖调节中，血糖浓度降低后的信号会反过来影响胰岛素的分泌，这种调节方式叫做反馈调节．
故答案为：
（1）蛋白质、脂肪、糖原 细胞膜上葡萄糖转运蛋白（细胞膜载体蛋白）
葡萄糖的利用（或葡萄糖的氧化分解）
（2）细胞间信息交流（传递）不能胰岛素无法与受体结合自身免疫病
（3）胰岛B血糖浓度神经和体液（激素）共同反馈调节

点评：
本题考点： 体温调节、水盐调节、血糖调节．

考点点评： 本题考查了血糖平衡调节的相关知识，意在考查考生识图和理解能力，属于中档题．

f（0）=1，故此函数不是奇函数，f（[π/2]）=1，f（-[π/2]）=-1，故函数不是偶函数，故 A为真命题；
∵f′（x）=-2cosxsinx+cosx=cosx（1-2sinx），当x∈(
π
2，
5π
6)时，sinx∈（[1/2]，1），1-2sinx＜0，cosx＜0，∴f′（x）＞0，∴f（x）在(
π
2，
5π
6)上是增函数，B为真命题；
∵f（x+2π）=cos²（x+2π）+sin（x+2π）=cos²x+sinx=f（x），∴f（x）是周期函数，故C为真命题；
令cos²x+sinx=0，即-sin²x+sinx+1=0，sinx=
1+
5
2（舍去）或sinx=
1−
5
2，在[-π，0]上有两个零点，故D为假命题；
故选D

点评：
本题考点： 命题的真假判断与应用；三角函数的周期性及其求法；正弦函数的单调性．

考点点评： 本题主要考查了函数的奇偶性及其判断方法，三角函数的单调性及其判断方法，函数周期定义即三角方程的解法，属基础题

（1）F₂中60cm的基因型中应含有2个显性基因型，分别为AaBb、AAbb、aaBB．选AaBb和aabb测交，可以验证，遗传图解如下：

（2）一株65cm的基因型中应含有3个显性基因型，所以基因型为AaBB或AABb．一株60cm的基因型中应含有2个显性基因型，又杂交后代中70cm：65cm：60cm：55cm约为1：3：3：1，所以基因型为AaBb．因此杂交后代中的基因型有6种．
（3）在上述实验材料中，一株65cm和60cm杂交，如果基因型为AaBB与aaBB或AABb与AAbb杂交，则F₁出现1：1的性状分离比．
（4）发生DNA分子-RNA分子碱基互补配对的过程是转录，发生在细胞核中；发生RNA分子-RNA分子碱基互补配对的过程是翻译，发生在核糖体上．
答案：
（1）AaBb、AAbb、aaBB
AaBb和aabb测交的遗传图解如图所示：

（2）AaBB或AABbAaBb6
（3）可能
（4）细胞核核糖体

点评：
本题考点： 基因的自由组合规律的实质及应用．

考点点评： 本题考查基因分离定律和自由组合定律的相关知识，要求学生了解数量遗传的特点，意在考查学生的计算能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力．

∵当x=0时，f（x）=-

2
2＜0
∴函数在区间（-1，0）上有且仅有一条对称轴时，该对称轴处函数取得最小值-1
得ωπx-[π/4]=-[π/2]+2kπ，k∈Z，
当k=0时，x=[1/ω]•（-[1/4]）是距离y轴最近的对称轴，而x=[1/ω]•（-[1/4]+[3/2]）是y轴左侧，距离y轴第二近的对称轴
∴-1＜[1/ω]•（-[1/4]）＜0且[1/ω]•（-[1/4]+[3/2]）≤-1
解之得：[1/4]＜ω≤[5/4]
故答案为：[1/4]＜ω≤[5/4]

点评：
本题考点： 由y=Asin（ωx+φ）的部分图象确定其解析式．

考点点评： 本题给出三角函数图象在某区间上有且仅有一条对称轴，求参数的取值范围，着重考查了正弦曲线的对称性和y=Asin（ωx+φ）的图象变换等知识，属于基础题．

（1）根据题意，甜玉米的性状由基因d控制，且基因e对d起增强作用，所以普通玉米的基因为显性基因．
（2）根据题意，若d和e基因独立遗传，既遵循自由组合定律，则DdEe×ddee→DdEe、Ddee、ddEe、ddee，其中DdEe、Ddee为普通玉米，ddEe为比较甜玉米，ddee为非常甜玉米，所以普通：比较甜：非常甜=2：1：1．而实际结果，子代的表现型仅有普通和非常甜（ddee）两种，且数量大致相等，亲本超甜玉米产生的配子为de，子代有ddee，所以亲本普通玉米产生的一种配子为de，故另一种配子为DE，所以两对基因同在9号染色体上而且D、E基因在一条染色体上．
（3）根据题意，ww（♀）╳W^-w（♂），子代全部为糯性，可推知父本没有产生W基因，既染色体缺失的花粉不育．由ww（♂）╳W^-w（♀），子代有非糯性和糯性两种，比例接近1：1，可推知，母本产生W与w配子的概率相等，既染色体缺失的雌配子可育．如结论正确，则（♀）Ww^-×W^-w（♂）→Ww、ww-，比值为1：1，既子代表现型为糯性的个体所占的比例应为[1/2]．
故答案为：
（1）显性基因
（2）普通：比较甜：非常甜2：1：1 同在9号染色体上 在一条染色体上
（3）不育可育[1/2]

点评：
本题考点： 基因的分离规律的实质及应用．

考点点评： 本题考查分离规律和染色体变异知识，意在考查考生能从课外材料中获取相关的生物学信息，并能运用这些信息，结合所学知识解决相关的生物学问题．

A．元素的衰变过程属于核反应，既不是物理变化又不属于化学变化，故A错误；
B．
289115X和
285113X质子数不同，是两种不同元素的核素，故B正确；
C．核素
289115X的中子数=质量数-质子数=289-115=174，中子数与质子数之差为174-115=59，故C错误；
D．113号元素在周期表中的第7周期，第ⅢA主族，最高正价是+3价，故D错误．
故选：B．

点评：
本题考点： 核素；质量数与质子数、中子数之间的相互关系．

考点点评： 本题考查学生利用原子序数判断元素的位置，明确113号元素在周期表中的第7周期，第ⅢA主族是解答本题的关键，难度中等，熟悉元素周期表的结构即可解答．

因为框图是“二分法”解方程的流程图．所以判断框的内容是根的存在性定理的应用，所以填f（b）f（m）＜0；
是则直接进行验证精度，否则，在赋值框中实现b=m的交换，验证精度，满足精度输出结果结束程序，
所以③处填：是，④处为：否；
在①～④处应填写的内容分别是：f（b）f（m）＜0；b=m；是；否．
故选C．

点评：
本题考点： 循环结构；程序框图．

考点点评： 本题主要考查框图的应用，以及函数的零点与方程的根的应用，明确题目的含义是解题的关键，考查分析问题解决问题的能力，属于基础题．

A．苯环、C=O均为平面结构，且苯环与-CHO直接相连，则邻羟基苯甲醛分子中所有的原子可能在同一平面，故A正确；
B．-CHO、酚-OH均可被酸性KMnO₄溶液氧化，则酸性KMnO₄溶液直接氧化邻羟基苯甲醛不能实现反应①，故错误；
C．加入过量的NaHCO₃，与-COOH反应，则反应②中加入过量的NaHCO₃，不能提高阿司匹林的产率，故C错误；
D．说明含有酚羟基，能发生银镜反应，含有-CHO，且含苯环、一氯代物有两种，符合条件的的同分异构体有、，即有2种，故D错误；
故选A．

点评：
本题考点： 有机物的结构和性质．

考点点评： 本题考查有机物的结构和性质，题目难度中等，把握官能团及性质的关系、习题中的信息为解答的关键，同分异构体为解答的难点，题目难度不大．

∵A={x|-1＜x＜2}，B={-1，2}，
且z=xy，x∈A且y∈B
∴-2＜z＜4，
∴A×B={x|-2＜x＜4}．
故选D．

点评：
本题考点： 集合的表示法．

考点点评： 本题重点考查了集合的元素特征，理解所给信息是解题的关键，属于中档题．

A、在真核细胞的线粒体基质、叶绿体基质和细胞质基质中，均有ATP的分解，有氧呼吸的第一、二阶段分别在细胞质基质和线粒体基质，均可产生ATP，故不能合成ATP的部位只有叶绿体基质，A正确；
B、在丙酮酸的彻底氧化分解、CO₂的固定、蛋白质的合成等生化反应中，一定是在细胞器中完成的是蛋白质的合成，B正确；
C、ATP合成酶为大分子蛋白质，可通过核孔，C错误；
D、高等生物保留无氧呼吸的能力，有利于对不良环境的适应，D正确．
故选：C．

点评：
本题考点： ATP与ADP相互转化的过程；线粒体、叶绿体的结构和功能；细胞器中其他器官的主要功能；细胞核的结构和功能；无氧呼吸的概念与过程．

考点点评： 本题考查了细胞代谢和ATP的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力．

工业上以磷肥生产形成的副产物石膏（CaSO₄•2H₂O）与焦炭为原料可生产硫酸，同时可以得到硫酸钾肥料和氯化钙水合物储热材料，依据流程图分析可知，生成硫酸的步骤中，A为SO₂，B为SO₃，EF吸收氨气生成（NH₄）₂CO₃，判断EF为CO₂，H₂O，反应Ⅱ是碳酸铵和石膏反应生成碳酸钙沉淀和硫酸铵溶液，在硫酸铵溶液中加入氯化钾，利用物质溶解度分离得到硫酸钾和氯化铵，氯化铵和D反应生成氨气和氯化钙晶体，说明D为CaO，溶于水生成的氢氧化钙和氯化铵反应得到氯化钙溶液，浓缩蒸发得到CaCl₂•6H₂O；
（1）分析判断反应Ⅰ是石膏和碳在高温下反应生成氧化钙，二氧化硫，二氧化碳，水，配平书写化学方程式为：CaSO₄•2H₂O+C

高温
.
2CaO+2SO₂↑+CO₂↑+4H₂O↑；
故答案为：CaSO₄•2H₂O+C

高温
.
2CaO+2SO₂↑+CO₂↑+4H₂O↑；
（2）反应Ⅱ是石膏和碳酸铵反应生成碳酸钙沉淀和硫酸铵及水，反应的化学方程式为：CaSO₄•2H₂O+（NH₄）₂CO₃=CaCO₃↓+（NH₄）₂SO₄+2H₂O；
故答案为：CaSO₄•2H₂O+（NH₄）₂CO₃=CaCO₃↓+（NH₄）₂SO₄+2H₂O；
（3）依据图表数据分析可知，二氧化硫氧化为三氧化硫的反应是放热反应，温度低利于反应正向进行，但反应速率慢，增大压强对二氧化硫的转化率增加不大，所以为提高反应速率，在400°C-500°C，常压下，二氧化硫转化率较高，且在此温度下催化剂活性最大；
故答案为：常压、400-500℃、催化剂的条件下；
（4）检验碳酸根离子的存在，可以取少量滤液加入盐酸，根据生成气体现象分析判断碳酸根离子的存在，实验方法为：取少许滤液滴加到盐酸中产生气泡；
故答案为：取少许滤液滴加到盐酸中产生气泡；
（5）氯化钙结晶水合物（CaCl₂•6H₂O）是目前常用的无机储热材料，是因为氯化钙结晶水合物熔点低易熔化，且无毒，与易溶于水，能导电无关；
故答案为：a d；

点评：
本题考点： 无机物的推断．

考点点评： 本题考查了物质流程分析，反应产物的判断方法，依据化学平衡原理选择生产需要的合适条件，物质性质和反应过程是解题关键，题目难度中等．

A、小球落在斜面上，竖直方向上的速度与水平方向速度的比值tanθ=
vy
v0＝
gt
v0，
解得：t=
v0tanθ
g，
在竖直方向上的位移y=
1
2gt2＝
v02(tanθ)2
2g当初速度变为原来的2倍时，竖直方向上的位移变为原来的4倍，
所以小球一定落在斜面上的e点，故A错误，B正确；
C、设小球落在斜面上速度与水平方向的夹角为β，则tanβ=
vy
2v0＝
gt′
v0，
又t=2×
v0tanθ
g=
2v0tanθ
g，所以tanβ=tanθ，所以落在斜面时的速度方向与斜面夹角也为θ．故C错误，D正确．
故选：BD．

点评：
本题考点： 平抛运动．

考点点评： 物体在斜面上做平抛运动落在斜面上，竖直方向的位移与水平方向上的位移比值是一定值．以及知道在任一时刻速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍．

①Cu与HNO₃溶液中，若为浓硝酸，发生Cu+4HNO₃═Cu（NO₃）₂+2NO₂↑+2H₂O，若为稀硝酸，则发生3Cu+8HNO₃═3Cu（NO₃）₂+2NO↑+4H₂O，故①符合题意；
②Fe与HCl溶液中，无论浓度大小都只发生Fe+2HCl=FeCl₂+H₂↑，故②不符合题意；
③Zn与H₂SO₄溶液中，若为稀硫酸，发生Zn+H₂SO₄═ZnSO₄+H₂↑，若为浓硫酸，则发生Zn+2H₂SO₄（浓）

△
.
ZnSO₄+SO₂↑+2H₂O，故③符合题意；
④铝与NaOH溶液，只生成NaAlO₂和氢气，④不符合题意；
⑤FeI₂与Br₂水，由与还原性I^-＞Fe²⁺，溴水的量不同，反应的程度不同，故⑤符合题意；
⑥NH₃与Cl₂反应，发生氧化还原反应生成氮气，可生成氯化氢或氯化铵，故⑥符合题意，
故选D．

点评：
本题考点： 氧化还原反应．

考点点评： 本题综合考查氧化还原反应知识，注意把握常见物质的性质，明确浓稀硝酸、浓硫酸具有强氧化性及发生的化学反应是解答本题的关键，难度不大．

A、由于酶的活性受温度的影响，如果温度增加到45℃，引起酶的活性部位改变，酶的活性会降低甚至失去活性，A错误；
B、由A分析可知，B正确；
C、由题意可知，题图显示的反应是分解反应，不是氨基酸的脱水缩合反应，C错误；
D、由C分析可知，D错误．
故选：B．

点评：
本题考点： 酶促反应的原理；酶的特性．

考点点评： 本题的知识点是酶促反应的机理，酶促反应的速率受温度的影响，分析题图获取信息是解题的突破口，对于酶的作用机理和作用特点的理解是解题的关键．

（Ⅰ）∵这90天中的数据中，各个数据之间存在差异，
∴这90天中抽取30天，应采取分层抽样，
则k=[30/90]=[1/3]，
则每一组抽取24×[1/3]=8天；
第二组抽取48×[1/3]=16天；
第三组抽取12×[1/3]=4天；
第四组抽取6×[1/3]=2天． …（4分）
（Ⅱ）设PM2.5的平均浓度在（75，115]内的4天记为A，B，C，D，PM2.5的平均浓度在115以上的两天记为1，2，
则从6天任取2天的情况有：
AB，AC，AD，A1，A2，
BC，BD，B1，B2，CD，
C1，C2，D1，D2，12，共15种…（8分）
记“至少有一天平均浓度超过115（微克/立方米）”为事件A，其中符合条件的有：A1，A2，B1，B2，C1，C2，D1，D2，12共9种．
所以，所求事件A的概率P（A）=[9/15]=[3/5]．…（12分）

点评：
本题考点： 古典概型及其概率计算公式；分层抽样方法．

考点点评： 此题考查了古典概型概率计算公式，分层抽样，掌握古典概型概率公式：概率=所求情况数与总情况数之比是解题的关键．

A、细菌S蛋白基因发生突变跟有没有链霉素没关系，只是链霉素能与原核生物核糖体上的S蛋白结合，从而阻止了基因表达中的翻译过程．故A错误．
B、此种细菌S蛋白上有一个氨基酸种类发生改变，导致S蛋白不能与链霉素结合．故B错误．
C、链霉素能与S蛋白结合，主要是因为S蛋白具有特定的空间结构．如果改变了S蛋白上的氨基酸，如果那个氨基酸恰好是一个连接二硫键的氨基酸，就会导致蛋白质空间结构发生手的改变，这样就结合不了了．故C正确．
b、基因缺失一个或两个碱基，若是有效基因缺失，整个基因转录过程错乱，进而产生的蛋白质不可能只有一个氨基酸改变，或者不进行基因的表达，产生不了对应的蛋白质；若是无效基因改变，则不会改变基因的表达过程，蛋白质不会改变．综合以上两种情况，即使基因缺失一或两个碱基，蛋白质不会只有一个氨基酸的种类发生改变．故b错误．
故选C．

点评：
本题考点： 蛋白质的结构和功能的综合；基因突变的特征．

考点点评： 本题考查了蛋白质的结构与功能的综合的相关内容，意在考查考生理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力．

A．利用催化设施，CO和NO反应能生成二氧化碳和氮气，故A正确；
B．沙子的成分是二氧化硅，计算机芯片的材料是硅单质，故B错误；
C．2012年2月29日，国务院同意发布新修订的《环境空气质量标准》，新标准增加了PM2.5监测指标，故C正确；
D．二氧化硫和氮的氧化物是形成酸雨的物质，防止酸雨发生的重要措施之一是使用清洁能源，减少二氧化硫和氮的氧化物的排放，故D正确．
故选B．

点评：
本题考点： 硅和二氧化硅；常见的生活环境的污染及治理．

考点点评： 本题考查硅单质和二氧化硅，常见的生活环境的污染及治理，难度不大，注意2012年2月29日，国务院同意发布新修订的《环境空气质量标准》，新标准增加了PM2.5监测指标．