登山队给队员准备了一批矿泉水,若每人发2瓶,则剩余5瓶：若每人发4瓶,则有一人有矿泉水,但不足4瓶,求登山队员人数及矿泉

（1）气压与海拔高度有关，海拔越高，气压越低，沸点越低；因为高原上，气压小于一个标准大气压，所以，水的沸点低于100℃，水在未达到100℃时开始沸腾．
（2）锅内气体对锅盖的作用力为：F=PS=1.6×10⁵Pa×4.5×10^-2m²=7.2×10³N．
故答案为：（1）未达到；（2）7.2×10³N．

点评：
本题考点： 沸腾及沸腾条件；沸点及沸点与气压的关系；压强的大小及其计算．

考点点评： 本题主要考查了沸点及沸点与气压的关系和压强大小的计算，了解、掌握气压的大小与什么因素有关，以及沸点与气压的关系．熟记液体沸腾的条件及压强的计算公式，并且能够对其变形公式灵活应用．

设上山用x小时，则下山就用8-x小时，
7x=9×（8-x），
7x+9x=72-9x+9x，
16x÷16=72÷16，
x=4.5，
7×4.5×2÷8=7[7/8]（千米），
答：这个登山队上、下山的平均速度是7[7/8]千米．

点评：
本题考点： 平均数的含义及求平均数的方法．

考点点评： 本题用到的知识点为：平均速度=总路程÷总时间；要注意求平均速度不能用“速度和÷2”，因为这是求速度的平均值．

设上山用x小时，则下山就用8-x小时，
7x=9×（8-x），
7x+9x=72-9x+9x，
16x÷16=72÷16，
x=4.5，
7×4.5×2÷8=7[7/8]（千米），
答：这个登山队上、下山的平均速度是7[7/8]千米．

点评：
本题考点： 平均数的含义及求平均数的方法．

考点点评： 本题用到的知识点为：平均速度=总路程÷总时间；要注意求平均速度不能用“速度和÷2”，因为这是求速度的平均值．

设登山人数为x，由题意得，
0＜2x+3-3（x-1）＜3，
解不等式得，3＜x＜6，
故x=4或5．
当x=4时，2×4+3=11，
当x=5时，2×5+3=13．
答：登山人数为4人时，有水11瓶；登山人数为5人时，有水13瓶．

点评：
本题考点： 一元一次不等式组的应用．

考点点评： 考查一元一次不等式组的应用；理解“有一人所带矿泉水不足3瓶”是解决本题的关键．

设登山人数为x，由题意得，
0＜2x+3-3（x-1）＜3，
解不等式得，3＜x＜6，
故x=4或5．
当x=4时，2×4+3=11，
当x=5时，2×5+3=13．
答：登山人数为4人时，有水11瓶；登山人数为5人时，有水13瓶．

点评：
本题考点： 一元一次不等式组的应用．

考点点评： 考查一元一次不等式组的应用；理解“有一人所带矿泉水不足3瓶”是解决本题的关键．

（1）运用描点连线的方法作图即可；

（2）根据图象，可以看出大气压随高度变化的数量关系大致为：高度越高，气压越小．
（3）根据图象可知：当高度为1km时，大气压约为0.9×10⁵pa，当高度为3000km时，已到了大气层的边缘，此处的大气压约为0pa．
故答案为：（1）见上图；（2）高度越高，气压越小；（3）0.9×10⁵；0．

点评：
本题考点： 大气压强与高度的关系．

考点点评： 本题主要考查学生对：气压的大小和什么因素有关的了解和掌握．

（1）根据题意得：150-32-43+205-30+25-20-5+30+75-25=330米，
500-330=170米．
（2）根据题意得：150+32+43+205+30+25+20+5+30+75+25=640米，
640×0.04×5=128升．
答：（1）他们没能最终登上顶峰，离顶峰害有170米；（2）他们共使用了氧气128升．

点评：
本题考点： 有理数的加法；正数和负数．

考点点评： 此题不但考查了正数和负数在实际生活中的应用，而且用到了有理数的加法，需同学们熟练掌握．

随着高度的增加出现的是：气压低、气温低、空气含氧低、地球引力增加等，故正确的是②③④⑤．
故选D

点评：
本题考点： 燃烧与燃烧的条件．

考点点评： 此题主要考查大气压强、温度、含氧量、与高度的关系和物体势能的变化，属于与物理的相互渗透，都是基础知识，必须掌握．

氧气能供给呼吸，能支持燃烧，登山队员备有氧气瓶是利用氧气供给呼吸，燃料燃烧是利用氧气支持燃烧的性质；
故答案为：供给呼吸；支持燃烧．

点评：
本题考点： 氧气的化学性质．

考点点评： 明确氧气的用途是解答本题关健，本题注重考察基础，题目较易．

设上山用x小时，则下山就用8-x小时， 7x=9×（8-x）， 7x+9x=72-9x+9x，16x÷16=72÷16， x=4.5，7×4.5×2÷8=778（千米），答：这个登山队上、下山...

点评：
本题考点： 平均数的含义及求平均数的方法．

考点点评： 本题用到的知识点为：平均速度=总路程÷总时间；要注意求平均速度不能用“速度和÷2”，因为这是求速度的平均值．

（-20）-（-47）=27（℃），
27÷0.6×100=45×100=4500（米），
8000-4500=3500（米）．
答：一号营地的海拔是3500米．

点评：
本题考点： 有理数的混合运算．

考点点评： 根据升高的温度即可求出下降的海拔高度，然后求出一号营地的实际海拔高度，理清解题思路是解决本题的关键．

①列式：5050+550-5450=150米，
或5450-（5050+550）=-150米．
答：第二天下退了150米或第二天攀登了-150米；
②5450+300+428=6178米，
或5050+550-150+300+428=6178米．
答：顶峰的高度是海拔6178米．

点评：
本题考点： 有理数的加减混合运算．

考点点评： 本题主要考查有理数的加法运算法则．

根据题意得：y=5-6x．
故答案为：y=5-6x．

点评：
本题考点： 根据实际问题列一次函数关系式．

考点点评： 本题考查根据实际问题列一次函数式，关键知道气温随着高度变化，某处的气温=地面的气温-降低的气温．

氧气能供给呼吸，能支持燃烧，登山队员备有氧气瓶是利用氧气供给呼吸，燃料燃烧是利用氧气支持燃烧的性质；氧气在体内与葡萄糖发生氧化反应，生成二氧化碳和水，同时放出能量，维持人的生命活动，化学方程式为：C₆H₁₂0₆+60₂═6C0₂+6H₂0．
故答案为：供给呼吸；C₆H₁₂0₆+60₂═6C0₂+6H₂0；支持燃烧．

点评：
本题考点： 氧气的用途；氧气的化学性质；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 明确氧气的用途及糖类在体内的氧化过程是解答本题关健．

（1）

（2）根据图象，可以看出大气压随高度变化的数量关系大致为：高度越高，气压越小．
（3）根据图象可知：当高度为1km时，大气压约为0.9×10⁵pa，当高度为3000km时，已到了大气层的边缘，此处的大气压约为0pa．
（4）除了高度，大气压的大小可能还与天气有关．

点评：
本题考点： 大气压强与高度的关系．

考点点评： 本题主要考查学生对：气压的大小和什么因素有关的了解和掌握．

登山队必备的物品之一是氧气瓶，此时氧气的作用是供给呼吸．氧气与体内的葡萄糖发生反应，提供人体活动所需的能量，并生成二氧化碳和水，该反应的文字表达式：氧气+葡萄糖→二氧化碳+水．燃料燃烧也需要氧气，这是利用了氧气的 支持燃烧性质．
故答为：供给呼吸，氧气+葡萄糖→二氧化碳+水，支持燃烧．

点评：
本题考点： 氧气的用途；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 本题难度不大，掌握氧气的性质与用途、文字表达式的书写方法等是正确解答本题的关键．

（-20）-（-47）=27（℃），
27÷0.6×100=45×100=4500（米），
8000-4500=3500（米）．
答：一号营地的海拔是3500米．

点评：
本题考点： 有理数的混合运算．

考点点评： 根据升高的温度即可求出下降的海拔高度，然后求出一号营地的实际海拔高度，理清解题思路是解决本题的关键．

（-20）-（-47）=27（℃），
27÷0.6×100=45×100=4500（米），
8000-4500=3500（米）．
答：一号营地的海拔是3500米．

点评：
本题考点： 有理数的混合运算．

考点点评： 根据升高的温度即可求出下降的海拔高度，然后求出一号营地的实际海拔高度，理清解题思路是解决本题的关键．

珠穆朗玛峰海拔为8844.43米．根据在山地，大致海拔每升高100米，气温约下降0.6℃．计算得出山顶的气温为：（8844.43m-3500m）÷100×0.6℃≈32℃，10℃-32℃=-22℃．
故选：B．

点评：
本题考点： 影响气候的主要因素．

考点点评： 考查地形地势对气候的影响，要理解记忆．