小涵同学利用如图所示装置研究电和磁的关系,请仔细观察图中的装置、操作和现象,然后归纳结论：

（35+45）×90%，
=80×90%，
=72（元）；
答：小涵实际用了72元．

点评：
本题考点： 百分数的实际应用．

考点点评： 本题关键是理解打折的含义，几几折，现价就是原价的百分之几十．

老虎都长有尖尖的牙齿，是通过减小受力面积的方法来增大压强；
故答案为：面积；压强．

点评：
本题考点： 增大压强的方法及其应用．

考点点评： 抓住影响压强大小的因素，关注题目中的关键字词（尖尖的牙齿）；再联系生活实际，即可解答．

（1）A、图象温度一直升高，没有温度保持不变这一特点，不符合水沸腾特点；
B、水吸收热量，温度升高，升高到一定程度，不断吸收热量，水沸腾时，温度保持不变，符合水沸腾特点，故B正确．
C、此图象表示温度开始下降，然后温度不变，不符合水沸腾特点；
D、此图象表示温度在不断下降，不符合水沸腾特点．
（2）为缩短加热时间，使水尽快沸腾，可以：①适当减少水的质量，②使用较高温度的水进行试验，③增大酒精灯的火焰．
故答案为：B；适当减少水量；用较高温度的水．

点评：
本题考点： 探究水的沸腾实验．

考点点评： 此题考查水沸腾的特点，学会观察和分析水温与时间的变化图象，是我们学习该实验时应掌握的重点内容．本题没有多大的难度，只要知识够扎实，还是很容易做对的．

（1）从表格可以看出，该物体在熔化过程中温度保持不变，有一定的熔点，所以该物质为晶体．
（2）从表格数据可以看出，冰从第4分钟开始熔化到第7分钟熔化完毕，熔化的时间是3min；
由于采用水浴法加热冰，可以增加冰的质量或者将酒精灯火焰调小，来延长加热时间；
故答案为：（1）晶体；有熔点（或熔化过程中温度保持不变）
（2）3；增加冰的质量
（3）取质量相同的碎冰和水，用酒精灯加热相同的时间，看它们的温度变化，就能够比较它们的吸热能力．（或取质量相同的碎冰和水，用酒精灯加热使它们升高相同的温度，比较它们的加热时间长短，就能够比较它们的吸热能力．）

点评：
本题考点： 熔化和凝固的探究实验．

考点点评： 像这类实验题主要考查这样几个方面：①实验数据的分析，判断晶体还是非晶体，绘制温度--时间图象，找出熔点或凝固点；②判断某个时间段物质所处的状态，熔化前固态，熔化过程中固液共存，熔化后液态；③实验中需改进的地方，一般常考缩短加热时间的方法，也是从烧杯加盖、火焰、水量方面考虑．

（1）A、一盏灯断路，另一盏灯完好，电路断路，闭合开关后两盏灯都不亮，符合题意；
B、一盏灯短路，另-盏灯完好，闭合开关后，电路是通路，短路的灯不亮，完好的灯发光，
但由于电源电压大于灯泡额定电压，很快完好的灯被烧坏，电路断路，两灯都不亮，不符合题意；
C、一盏灯断路，另一盏灯短路，电路断路，两灯都不亮，符合题意；
虽然AC都符合题意，但A的可能性最大，故A正确，答案为A．
（2）两盏灯熄灭的原因是其中的一盏灯有故障，
用①规格相同的灯泡逐一替换两个灯泡，可检测出电路故障；
把②符合要求的电压表分表并联在灯泡两端，可以检测出出现故障的灯泡；
用③符合要求的电流表检测时，电源电压3V恒定，在检测过程中，当把电流表并联在断路的灯两端时，
将导致另一只完好的小灯泡因电压过大而被烧坏，因此不能用③符合要求的电流表检测电路故障．
（3）结论l：“串联电路中电流处处相等”的结论是正确的；
由于实验中小涵使用规格相同的灯泡进行实验，得出了“：串联电路中各部分电压相等”的错误结论，
应换用不同规格的灯泡进行多次实验，然后分析实验数据得出结论，使实验结论具有普遍性．
故答案为：（1）A；（2）③；电源电压3V恒定，在检测过程中，当把电流表并联在断路的灯两端时，将导致另一只完好的小灯泡因电压过大而被烧坏，而其余两种器材不存在这种情况；
（3）结论l正确，结论2中“串联电路中各部分电压也相等”是错误的．
应换用不同规格的灯泡多做几次实验再总结规律，使实验结论具有普遍性．

点评：
本题考点： 探究串并联电路中的电流特点实验；探究串、并联电路中的电压规律实验．

考点点评： 本题考查了电路故障分析爱、选择电路故障检测方法、实验结论评价等问题；检测电路故障时，应保证电路安全，检测电路故障时，不应损坏电路；实验时，为了使实验结论具有普遍性，应换用不同规格的实验器材，进行多次实验．

（1）小涵站在平面镜前0.5m，小涵在平面镜中成像，小涵的像和小涵到平面镜的距离相等，所以小涵的像到平面镜的距离也是0.5m．
故答案为：0.5．

点评：
本题考点： 平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案．

考点点评： 平面镜成像特点：物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，物像连线与镜面垂直，物像到平面镜的距离相等．平面镜成像特点是平面镜成像习题的基础内容，一定要熟练掌握．

含钾元素50%的碳酸钾和硫酸钾的混合物7.8g中K元素质量=7.8g×50%=3.9g．
根据氯化钾的化学式KCl，其中K、Cl元素质量比=39：35.5，则生成的氯化钾中Cl元素质量=[3.9g/39]×35.5=3.55g，此质量亦为氯化钡中氯元素质量．
100克氯化钡溶液中氯化钡BaCl₂的质量=3.55g÷[35.5×2/208]×100%=10.4g．
则该氯化钡溶液中溶质质量分数=[10.4g/100g]×100%=10.4%．
故选D．

点评：
本题考点： 根据化学反应方程式的计算；有关溶质质量分数的简单计算．

考点点评： 根据化学变化前后元素质量不变，由钾元素-氯元素-氯化钡三者间的质量关系，使得看似无处下手的问题得以解决，需要很强的分析问题的能力．

（1）根据图象得
0～6s内电梯的加速度大小a1＝
△v
△t1＝
4.8
6＝0.8(m/s2)
16～19s内电梯的加速度大小a2＝
△v
△t2＝
4.8
3＝1.6(m/s2)
（2）0～19s内电梯运动的位移大小x=
10+19
2×4.8m＝69.6m
答：（1）电梯在0～6s内的加速度大小a₁=0.8m/s²；在16～19s内的加速度大小a₂；=1.6m/s²．
（2）0～19s内电梯运动的位移大小为69.6m．

点评：
本题考点： 匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 本题第（2）问也可以分成三段，用运动学公式分别求出位移，再求解总位移．
0～6s内 x1＝12a1t12＝14.4m
6～16sx2=vt=48m
16～19sx3＝12a2t22＝7.2m
总位移x=x1+x2+x3=69.6m

216×[1/6]÷2×7÷216，
=36÷2×7÷216，
=18×7÷216，
=126÷216，
=[7/12]．
或：7÷（2÷[1/6]）=[7/12]；
答：他一星期能看这本书的[7/12]．

点评：
本题考点： 分数四则复合应用题．

考点点评： 解决此题的关键是依据题目条件先求出每天看的页数，进而再求七天看的页数，最后即可得出七天看的页数占总数的几分之几．

（1）当小涵同学将玻璃管逐渐浸入水中时，橡皮膜会逐渐向内凹，且随着浸入的深度的增加凹陷的越明显；因为受到水对其向上的压强；
（2）设水的密度是ρ，玻璃管的内截面积是S，橡皮膜距水面的深度是h
根据图乙的讨论分析，利用丙图装置在小涵同学（甲）的基础上进行实验探究，实验操作是：向玻璃管中倒水，直至橡皮膜变平
推导：对橡皮膜进行受力分析：
它受到玻璃管中水向下的压力即F_向下和烧杯中水向上的压力即F_向上
因为橡皮膜处于二力平衡状态，受平衡力．所以F_向下=F_向上
即：G=PS
因此p=[G/S]=[mg/S]=[ρVg/S]=[ρShg/S]=ρgh
故答案为：
（1）橡皮膜向内凹，且随着浸入的深度的增加凹陷的越明显；液体有向上的压强，且液体的压强随深度的增加而增大；
（2）向玻璃管中倒水，直至橡皮膜变平．
推导：对橡皮膜进行受力分析：
它受到玻璃管中水向下的压力即F_向下和烧杯中水向上的压力即F_向上
因为橡皮膜处于二力平衡状态，受平衡力．∴F_向下=F_向上
即：G=PS
p=[G/S]=[mg/S]=[ρVg/S]=[ρShg/S]=ρgh．

点评：
本题考点： 探究液体压强的特点实验．

考点点评： 此题考查学生对于探究液体压强大小实验的了解和掌握，注意分析环节解答推导．

（1）根据题意得U=6V，P=18W，根据P=UI变形得：I=[P/U]=[18W/6V]=3A；
（2）当滑片处于最右端时，Rp=10Ω与电动机串联，根据题意U_M=5V，所以，调速电阻两端电压：U_R=U-U_M=6V-5V=1V，
电路中的电流：I=I_M=I_R=
UM
RP=[1V/10Ω]=0.1A；
当滑片在最右端时，电源输出功率为：P_总=UI=6V×0.1A=0.6W；
电动机消耗的功率为：P_M=U_MI_M=5V×0.1A=0.5W；
电动机能量利用率：η=
PM
P总×100%=[0.5W/0.6W]×100%≈83.3%．
（3）电动机因故障卡住无法转动，电能无法转化为机械能．消耗的电能全部转化为内能，因此产生热量，温度升高，产生焦糊的味道．
答：
（1）电流表的示数为3A；
（2）通过调速电阻的电流为0.1A；电动机的能量利用率约为83.3%；
（3）电动机被卡住，电路电流很大，线圈发热功率较大，消耗的电能全部转化为内能，会损坏电机．

点评：
本题考点： 电功率与电压、电流的关系；能量利用效率．

考点点评： 滑片P的移动，使电路的连接方式发生了改变，明确前后两次电路的连接方式是解决此题的关键．

设标价为x元，
由题意得，80%x=36，
解得：x=45，
答：标价是45元．

点评：
本题考点： 一元一次方程的应用．

考点点评： 本题考查了一元一次方程的应用，解答本题的关键是读懂题意，根据题目给出的条件，找出合适的等量关系，列出方程，再求解．

（1）S₀断开时，饮水机的功率为P₁=
U2
R2；S₀闭合时，饮水机的功率为P₂=
U2
R总；
∵R₁和R₂的并联，
∴R_总＜R₂，
∴P₁＜P₂，则温控开关S₀闭合时处于加热状态；
（2）保温时的电阻：
R₂=
U2
P保温=
(220V)2
44W=1100Ω；
（3）水烧开需要吸收热量：
Q=c_水m_水（t-t₀）=c_水ρ_水V_水（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×1.0×10³kg/m³×1×10^-3m³×（100℃-20℃）=3.36×10⁵J，
根据W=Pt可得，需要加热时间：
t=[W/P]=[Q/P]=
3.36×105J
500W=672s=11.2min；
（4）此饮水机的能量转化效率：
η=[Q
W′=
Q
Pt′=
3.36×105J/500W×15×60s]≈74.7%；
（5）经计算，即使该饮水机的热效率为100%，也不可能在5分钟内将一箱水烧开，其省时的说法没有科学依据，建议消费者在购买产品时不能轻易相信宣传资料．
答：（1）温控开关闭合时饮水机处于加热状态；
（2）R₂的阻值为1100Ω；
（3）烧开水需要吸收3.36×10⁵J；加热时间为11.2min；
（4）此饮水机的能量转化效率约为74.7%；
（5）经计算，即使该饮水机的热效率为100%，也不可能在5分钟内将一箱水烧开，其省时的说法没有科学依据，建议消费者在购买产品时不能轻易相信宣传资料．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题考查了并联电阻特点和电功率公式的应用，以及电阻、质量、吸热、加热时间、能量转化效率的计算，关键是公式的灵活运用，计算过程中还要注意单位的换算．

（1）16÷40%=40，
B等级奖品的个数为：40-3-14-16=40-33=7，
[3×50+7×30+20×14+10×16/40]=[800/40]=20；

（2）B等级的奖品个数为7，补全统计图如图；

（3）设获得A等奖的男同学为B₁，B₂，女同学为G₁，获得B等奖的男同学为B₃，B₄，B₅，女同学为：G₂，G₃，G₄，G₅，
列表如下：

A等
B等 B₁ B₂ G₁
B₃ （B₁，B₃） （B₂，B₃） （G₁，B₃）
B₄ （B₄，B₁） （B₂，B₄） （G₁，B₄）
B₅ （B₅，B₁） （B₂，B₅） （G₁，B₅）
G₂ （G₁，B₁） （B₂，G₂） （G₁，G₂）
G₃ （G₃，B₁） （B₂，G₃） （G₁，G₃）
G₄ （G₄，B₁） （B₂，G₄） （G₁，G₄）
G₅ （G₅，B₁） （B₂，G₅） （G₁，G₅）所以，总共有21种情况，且每种情况出现的可能性一样大，抽到一位男同学和一位女同学的有11种．
∴P（一男一女）=[11/21]，
即，抽到一位男同学和一位女同学的概率为[11/21]．

点评：
本题考点： 条形统计图；扇形统计图；列表法与树状图法．

考点点评： 本题考查的是条形统计图和扇形统计图的综合运用，读懂统计图，从不同的统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．条形统计图能清楚地表示出每个项目的数据；扇形统计图直接反映部分占总体的百分比大小．

【提出猜想】：由硫酸中存在水分子、硫酸根离子以及氢离子进行猜想．猜想1能除去铁锈的粒子是H₂O；猜想2能除去铁锈的粒子是H⁺；猜想3能除去铁锈的粒子是SO₄^2-；
【设计实验】：

实 验 步 骤 现象 结论
（1）取一支试管，放入生锈的铁钉，并加入2ml蒸馏水，振荡 铁锈没有消失 说明H₂O不能除去铁锈
（2）取一支试管，放入生锈的铁钉，并加入2ml Na₂SO₄溶液，振荡 铁锈没有消失 说明SO₄^2-不能除去铁锈
（1）取一支试管，放入生锈的铁钉，并加入2ml稀硫酸，振荡 铁锈消失 你得出的结论是H⁺ 能除去铁锈 【反思与评价】硫酸和氧化铁反应生成硫酸铁和水，化学方程式Fe₂O₃+3H₂SO₄=Fe₂（SO₄）₃+3H₂O；
韬韬经过思考后认为第（1）步没有必要进行，他的理由是第（2）步硫酸钠溶液中含有水分子，也说明了H₂O不能除去铁锈．
故答案为：【提出猜想】：猜想2能除去铁锈的粒子是H⁺；猜想3能除去铁锈的粒子是SO₄^2-；
设计实验：（1）H₂O不能除去铁锈；（2）铁锈没有消失；（3）H⁺ 能除去铁锈；
反思与评价：Fe₂O₃+3H₂SO₄=Fe₂（SO₄）₃+3H₂O；第（2）步硫酸钠溶液中含有水分子，也说明了H₂O不能除去铁锈．

点评：
本题考点： 化学实验方案设计与评价；酸、碱、盐的鉴别；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 主要考查了酸溶液和氧化铁反应的本质，是溶液中的氢离子和氧化铁反应的结果，培养学生分析问题、解决问题的能力．

（1）W_总3=Fs=0.3N×0.6m=0.18J；
η₃=
W有3
W总3×100%=[0.10J/0.18J]×100%=55.6%；
（2）实际中，由于有用功总小于总功，所以机械效率总小于1．
而在第1、2次实验中，由表格中数据由两段绳子承担物重，所以拉力向下，由于测力计外壳本身有重力，所以此时所测拉力偏小，计算出的总功也会偏小，从而造成机械效率偏大甚至大于100%．
因为新装的定滑轮轴处有摩擦，所以不能测出原来滑轮组的机械效率；
（3）由η=
G物h
(G动+G 物)h可知，总功等于提升动滑轮和重物做的功，条件：不考虑绳重和摩擦；
由η=
W 有
W 总=
G物h
FS可知，同时考虑到动滑轮重、绳重、摩擦；
两个公式中，提起物体时有用功相同，根据η=
G物h
(G动+G 物)h计算时总功偏小，机械效率偏大．
克服动滑轮做的功：W_动=G_动h=0.2N×0.2m=0.04J；
由W_总=W_有+W_动+W_摩擦可得，克服摩擦做的功：W_摩擦=0.66J-0.6J-0.04J=0.02J．
故答案为：（1）0.18；55.6%；（2）小；因为新装的定滑轮轴处有摩擦，所以不能测出原来滑轮组的机械效率；（3）偏大；0.02．

点评：
本题考点： 滑轮（组）机械效率的测量实验．

考点点评： 此题是测量滑轮组的机械效率．考查了有关总功、机械效率的计算，滑轮组的机械效率跟提起物体的重力、绳重、摩擦、动滑轮重有关，跟物体升高的距离、提起的速度没有关系，计算时要注意条件；滑轮组一定时，增大提升物体的重，有用功在总功中比值增大，机械效率升高．

（1）研究电磁铁的磁性的强弱与电流大小的关系，就需要改变电路中电流的大小．而图示装置中没有滑动变阻器来改变电流大小，所以该同学无法探究电磁铁磁性强弱与电流大小的关系，就需要一个滑动变阻器来改变电流的大小．
（2）电磁铁磁性的强弱不能直接观察出来，要用转换的思路来认识．即转化为电磁铁所能吸引大头针的多少来判断；故其下一步的操作及要观察的是：闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，使电流表的示数与上步实验相同，此时，观察该电磁铁吸引大头针的情况．
故答案为：（1）滑动变阻器；（2）闭合开关，调节滑动变阻器使电流表示数保持不变，观察电磁铁吸引大头针的数目．

点评：
本题考点： 探究影响电磁铁磁性强弱的因素的实验．

考点点评： 要研究磁性与电流的关系，就要改变电流的大小，知道改变电路中电流大小的元件是滑动变阻器，是此题的切入点．