电热杯标有“220V 500W”的字样，将它接在家庭电路中，电热杯的电阻是______Ω，通过电热丝的电流是_

（1）观察表中数据不难看错，单位时间内水温升高值最大的是4～7min；
相同时间内，由W=Pt可得，消耗的电能相等，水温变化越大，水吸收的热量越多，由η=
Q吸
W知，4～7min内电热杯的效率最大，由于7min后温度变化量大于4min前温度的变化量，因此电热杯的效率由小变大后略变小；
（2）10min消耗的电能：W=Pt=300W×10×60s=1.8×10⁵J；
水吸收的热量：Q_吸=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×0.3kg×（95℃-11℃）=1.06×10⁵J；
则电热杯的效率：η=
Q吸
W×100%=
1.06×105J
1.8×105J×100%≈58.8%．
答：（1）单位时间内水温升高值最大的是4～7min；电热杯的效率由小变大后略变小；
（2）整个加热过程中（0～10min）电热杯的效率为58.8%．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题考查了学生分析实验数据的能力，利用好吸热公式、电功公式W=Pt、效率公式是本题的关键．

∵电热杯正常工作，
∴P=P_额=500W，
电热杯产生的热量：
Q=W_电=Pt=500W×3×60s=9×10⁴J．
故答案为：9×10⁴．

点评：
本题考点： 电功的计算；电热．

考点点评： 本题考查了电流做功产生热量的计算，知道电热器正常工作时P=P额，电热器产生的热量Q=W电=Pt．

∵c=4.2×10³J/（kg•℃），m=500g=0.5kg，△t=t-t₀=100℃-20℃=80℃，
∴Q_吸=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×0.5kg×80℃=1.68×10⁵J，
而转盘转过200r实际消耗的电能为：
W=[200r/3000r/kW•h]=[200/3000kW•h=2.4×10⁵J，
实际效率为：η=
Q
W]×100%=
1.68×105J
2.4×105J×100%=70%．
答：该电热杯的实际效率为70%．

点评：
本题考点： 电能表参数的理解与电能的求法．

考点点评： 本题考查了热量的计算，消耗电能的计算，关键是公式及其变形的应用，要学会对电能表参数的理解，解题过程中要注意单位的换算．

将它接在家庭电路中正常工作，
由公式P=UI得，通过电热丝的电流：
I=[P/U]=[500W/220V]≈2.27A，
通电10min产生的热量：
Q=W=Pt=500W×10×60s=3×10⁵J．
故答案为：2.27；3×10⁵．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算；电功率与电压、电流的关系．

考点点评： 本题考查了电功率公式、电功公式的灵活运用，关键是铭牌参数含义的连接与掌握．

（1）电热杯消耗的电能：W=PT；
水吸收的热量：Q=cm△t=cm（t-t₀）；
电热杯的效率：η=
Q/W]×100%=
cm(t−t0)
PT×100%．
（2）用电热水杯加热时，总有一部分热量损耗，所以电热杯烧水的效率总是小于1；
（3）从表中的数据可以看出，在第5-8min内，每分钟温度升高的值较大，表明该阶段相同时间内产生的热量多，故在这一阶段电热杯的功率大于整个加热过程中的平均功率；
（4）从表中数据可以看出，水的沸点低于100℃，所以此时的大气压强小于1个标准大气压．
故答案为：（1）
PT
cm(t−t0)×100%；（2）热量损耗；（3）大于；（4）小于．

点评：
本题考点： 控制变量法与探究性实验方案．

考点点评： 本题考查了学生分析实验数据的能力，利用好吸热公式、电功公式W=Pt、效率公式是本题的关键．

将它接在家庭电路中正常工作，
由公式P=UI得，通过电热丝的电流：
I=[P/U]=[500W/220V]≈2.27A，
通电10min产生的热量：
Q=W=Pt=500W×10×60s=3×10⁵J．
故答案为：2.27；3×10⁵．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算；电功率与电压、电流的关系．

考点点评： 本题考查了电功率公式、电功公式的灵活运用，关键是铭牌参数含义的连接与掌握．

转盘转动15转消耗电能：W=[1/3000]×15kW•h=0.005kW•h=1.8×10⁴J，
t=1min=60s，
用电器的功率：P=[W /t]=
1.8×104J
60s=300W．
故选A．

点评：
本题考点： 电功率的计算．

考点点评： 本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，关键是要将公式掌握好．