血红素铁主要存在于动物性食品中吗?

合成血红素得原料是甘氨酸、琥珀酰辅酶a和铁
所以是C、甘氨酸、琥珀酰CoA和Fe2+

选D,KAl(SO4)2是复盐,CuSO4·5H2O是胆矾,两者都不是配合物

HisF8（近端组氨酸）与亚铁相连,卟啉环的微小位移通过它的构象变化引起血红素亚基之间的变位效应,从而改变其与氧的亲和力.HisE7(远端组氨酸）主要有两个作用,一个是防止相邻的血红素亚铁相互接触引起二价亚铁氧化成...

A,
血红蛋白是由血红素和珠蛋白两部分组成,其中珠蛋白部分是它的蛋白质部分,而血红素是它的非蛋白部分也就是所谓的辅基.

是自动络合
但是常温没有酶的催化反应非常的慢,酶可以大大加速反应

（1）每个血红蛋白分子中铁原子的个数为
68000×0.33%÷56≈4
（2）①乳酸亚铁中铁元素的质量分数为

56
234 ×100%≈23.9%
②22.4mg/100mL=0.224mg/mL=0.224g/L
1L铁强化剂酱油中含乳酸亚铁的质量为
0.224g÷（
56
234 ×100%）=0.936g
③14mg×（1-80%）÷0.224mg/mL=12.5mL
故答案为：（1）4，（2）①23.9%，②0.936，③12.5．

血红素能活化网织红细胞中珠蛋白的翻译表达,以满足蛋白质与辅基协同合成.
机制：血红素可抑制网织红细胞内的一种蛋白激酶.该激酶是一种翻译起始抑制剂,也称血红素调节性抑制剂（heme controled inhibitor,HCI）.
当血红素下降：
该蛋白激酶活力增强,使eIF-2磷酸化,磷酸化的eIF-2与eIF-2B的复合物对GTP的亲和力下降 ,不能再循环参与翻译起始.

这两者一点都不类似吧,从颜色上看,叶绿素吸收的是红橙光和蓝紫光,血红素吸收的是绿光和蓝紫光；叶绿素中含有镁,而血红素中含有的是可变价的铁；叶绿素是吸收光子分解水的,血红素是携带氧分子的.两者的结构式的主体都是卟啉环,的确很像,但也仅此而已.

解题思路：（1）同周期自左而右元素电负性增大，且元素非金属性越强电负性越大；结合能量最低原理、泡利不相容原理和洪特规则书写电子排布图；
（2）根据N原子的价电子排布式2s²2p³，若N原子形成3个共价键，则氮原子周围还有一对孤对电子，即此时无配位键，该氮原子为sp³杂化，如NH₃．若N原子形成4个共价键，则必有一个是配位键，若还存在双键（双键视为单键），则该氮原子为sp²杂化，如本题中的，若都为单键，则该氮原子为sp³杂化；
（3）N₂H₄分子中含有4个N-H键，若该反应中有4mol N-H键断裂，则参加反应的N₂H₄为1mol，计算生成氮气的物质的量，每个氮气分子含有2个π键，进而确定形成π键物质的量；
（4）CN^-与N₂互为等电子体，故CN^-中C原子与N原子之间形成三对共用电子对；O₂²⁺与N₂互为等电子体，二者结构相似，氧原子之间形成O≡O三键；
（5）A．同周期自左而右元素第一电离能呈增大趋势，但处于半满、全满、全空时能量最低，元素第一电离能较高；
B．同主族自上而下，金属性增强；
C．同主族自上而下非金属性减弱，非金属性越强，与氢气反应更容易；
D．同主族自上而下非金属性减弱，非金属性越强，最高价含氧酸的酸性越强．

（1）同周期元素从左到右元素的电负性逐渐增大，则有电负性C＜N＜O，且元素非金属性越强电负性越大，故H的电负性最小；基态Fe原子的核外价电子排布式为[Ar]3d⁶4S²，
故答案为：H；[Ar]3d⁶4S²；
（2）根据N原子的价电子排布式2s²2p³，若N原子形成3个共价键，则氮原子周围还有一对孤对电子，即此时无配位键，该氮原子为sp³杂化，如NH₃．若N原子形成4个共价键，则必有一个是配位键，若还存在双键（双键视为单键），则该氮原子为sp²杂化，如本题中的，若都为单键，则该氮原子为sp³杂化，如NH₄⁺，
故答案为：sp²、sp³；；
（3）N₂H₄分子中含有4个N-H键，若该反应中有4mol N-H键断裂，则参加反应的N₂H₄为1mol，生成氮气的物质的量为1mol×[3/2]=1.5mol，每个氮气分子含有2个π键，故形成π键物质的量=1.5mol×2=3mol，
故答案为：3mol；
（4）CN^-与N₂互为等电子体，故CN^-中C原子与N原子之间形成三对共用电子对，其电子式为：，O₂²⁺与N₂互为等电子体，二者结构相似，氧原子之间形成O≡O三键，故1mol O₂²⁺中含有的π键数目为2N_A，
故答案为：；2N_A；
（5）A．P和S属于第三周期元素，同周期自左而右元素第一电离能呈增大趋势，但P元素2p轨道容纳3个电子，为半满稳定状态，能量较低，第一电离能高于S元素，故A错误；
B．Na和Rb属于第ⅠA族元素，同主族自上而下，金属性增强，故Rb失电子能力比Na强，故B正确；
C．C和Si属于第ⅣA族元素，同主族自上而下非金属性减弱，故C比Si更容易和氢气反应，故C错误；
D．Cl和Br属于第ⅦA族元素，同主族自上而下非金属性减弱，非金属性越强，最高价含氧酸的酸性越强，故D错误，
故答案为：B．

点评：
本题考点： 位置结构性质的相互关系应用；配合物的成键情况．

考点点评： 本题是对物质结构与性质考查，涉及核外电子排布、化学键、杂化轨道、等电子体、元素周期律等，需要学生熟练掌握基础知识，难度中等．

渗透压*V=n*R*T

解题思路：化学式表示的意义有：表示这种物质、这种物质有哪些元素组成、一个分子、一个分子有哪些原子构成，原子的个数比等．C₃₄H₃₂O₄N₄Fe组成元素有五种，碳、氢、氧、氮、铁的个数比为34：32：4：4：1，煤气中毒就是：血红蛋白与CO的结合，CO能破坏血红蛋白与氧气的结合，导致人缺氧而窒息．

A、C₃₄H₃₂O₄N₄Fe组成元素有五种，正确但不符合题意，故选项错误；
B、碳、氢、氧、氮、铁的个数比为34：32：4：4：1，不是质量比，符合题意，故选项正确；
C、煤气中毒就是：血红蛋白与CO的结合，CO能破坏血红蛋白与氧气的结合，导致人缺氧而窒息．，正确但不符合题意，故选项错误；
D、1个血红素分子中原子个数=34+32+4+4+1=75，正确但不符合题意，故选项错误；
故选B．

点评：
本题考点： 化学式的书写及意义；元素质量比的计算．

考点点评： 本考点考查了化学式表示的意义，要注意根据化学式的有关计算，还要加强有关知识点的记忆，在理解的基础上，进行应用．本考点主要出现在选择题和填空题中．

参考网上的答案,本题选BDE
您的问题分类有误~恕我也不知道为什么选这三个~

首先要清楚铁离子和亚铁离子的区别.亚铁离子化学性质比较活泼,具有较强的还原性,而人体血液中的血红蛋白主要成分是亚铁离子,之所以它具有运输氧气的功能,正是利用了亚铁离子这一性质,在运送时,先由亚铁离子与氧气结合,到达需要氧气的部位以后,再经过一系列的化学变化,将氧气释放出来,而3价铁离子与氧气的结合能力弱,难以运输氧气.
所以准确的说,是亚铁离子有利于血液中氧气的运输,而并不是铁离子对人体有害.
我所知道的只有这些,希望能给你帮助!

人体内的血红素由四个亚基构成,分别为两个α亚基和两个β亚基,在与人体环境相似的电解质溶液中血红素的四个亚基可以自动组装成α2β2的形态.血红素的每个亚基由一条肽链和一个血红素分子构成,肽链在生理条件下会盘绕...

解题思路：①原子的表示方法，用元素符号来表示一个原子，表示多个该原子，就在其元素符号前加上相应的数字．
②血红素中与氧结合离子符号是铁离子．
③化合价的表示方法，在其化学式该元素的上方用正负号和数字表示，正负号在前，数字在．
④由化合物化学式的书写方法进行书写即可．

①由原子的表示方法，用元素符号来表示一个原子，表示多个该原子，就在其元素符号前加上相应的数字，故2个氦原子表示为：2He．②血红素中与氧结合离子符号是铁离子，其离子符号为：Fe3+．③由化合价的表示方法，在其...

点评：
本题考点： 化学符号及其周围数字的意义．

考点点评： 本题难度不大，主要考查同学们对常见化学用语（原子符号、化学式、化合价、离子符号等）的书写和理解能力．

只能是C了吧
其他3种都是细胞,只有这个可能与他是同类物质
有问题一起讨论解决哦~

当然是血红素的亲氧性强

B是正确的
血红蛋白有4个亚基,每个亚基都有一个血红素辅基.
肌红蛋白与血红蛋白功能相似,但是只有一个亚基.
血红蛋白的辅基是铁卟啉,不含脂类物质

常数应该指的是溶剂,
通常是水的,
摩尔沸点升高常数Kb= 2.34 K · kg · mol-1
凝固点降低常数Kf=1.86 K·Kg·mol-1

主要是CO2时,颜色暗红；主要是O2时,颜色鲜红

已知血红素中各元素的质量分数为：C：66.2％,H：5.2％,0：10.4％,Fe：l9.1% 则氮元素的质量分数＝1－(66.2%＋5.2%＋10.4％＋9.1％）＝9.1％ 结合各元素的相对原子质量大小进行分析,可知血红素分子中铁原子数最少.设1个血红素分子中有n个铁原子.则血红素的相对分子质量＝ =615.4n 又血红素的相对分子质量＜1 000,故n只能为1,血红素的相对分子质量为615.1个血红素分子中各元素的原子个数分别为：C：=34 H：=32
O：=4 N：=4
1.血红素的化学式是C34 H32O4N4Fe
2.血红素的相对分子质量为：12×34＋1×32＋16×4＋14×4＋56×1＝616

解题思路：（1）由血红蛋白的相对分子质量乘以铁元素的质量分数，再除以铁元素的相对原子质量，就可以得到本小题答案．
（2）①计算公式为：
化合物中某元素的质量分数=[该化合物中该元素的相对原子质量×该化合物一个分子中该原子的个数/该化合物的相对分子质量]×100%
=[该化合物中某元素的质量/该化合物的质量]×100%
②上述公式变形为：化合物的质量=该化合物中某元素的质量÷该化合物中该元素的质量分数
③由已知条件知：每天需摄入14mg铁元素，其中由药物补充（1-80%），因此求出每天药补的铁元素质量，再除以每毫升酱油中铁元素的质量，就可以得到酱油的毫升数．

（1）每个血红蛋白分子中铁原子的个数为
68000×0.33%÷56≈4
（2）①乳酸亚铁中铁元素的质量分数为
[56/234]×100%≈23.9%
②22.4mg/100mL=0.224mg/mL=0.224g/L
1L铁强化剂酱油中含乳酸亚铁的质量为
0.224g÷（[56/234]×100%）=0.936g
③14mg×（1-80%）÷0.224mg/mL=12.5mL
故答案为：（1）4，（2）①23.9%，②0.936，③12.5．

点评：
本题考点： 化合物中某元素的质量计算；元素的质量分数计算．

考点点评： 本题主要考查有关化学式的计算，难度较小．关键有二：
一、明确“元素的质量÷该元素的相对原子质量=该元素的原子个数”
二、明确“化合物中某元素的质量÷化合物中该元素的质量分数=该化合物的质量”

解题思路：（1）根据构造原理写出基态铁原子核外电子排布式，根据Fe在周期表中的位置判断；
（2）同一周期元素的第一电离能随着原子序数的增大而增大，但第五主族元素的第一电离能大于第六主族元素的；根据每个N原子含有的σ 键个数与孤电子对数之和判断其杂化方式；配位键由提供孤电子对的原子指向提供空轨道的原子；
（3）由等电子体定义可知CO的一种常见等电子体为氮气，CO为极性分子熔点高；断裂配位键后，配体变为CO，中心原子结合成金属晶体；
（4）利用均摊法计算γ晶体晶胞中所含有的铁原子数；先判断δ、α两种晶胞中铁原子的配位数，再计算其比值．

（1）铁是27号元素，其原子核外有27个电子，根据构造原理其核外电子排布式为[Ar]3d⁷4s²，则价层电子排布式为3d⁷4s²，Fe属于第VIII族元素，在周期表8属于d区元素，故答案为：3d⁷4s²；d；
（2）同中周期元素f第中电离能随着原子序数f增大而增大，但第五主族元素f第中电离能大于第的主族元素f，所以C、N、O得种元素f第中电离能由小到大f顺序是C、O、N；血红素8N原子有f含有3个σ 键和中个孤电子对，属于s口³杂化；有f含有3个σ 键，属于s口² 杂化方式；配位键由提供孤电子对f原子指向提供空轨道f原子，Fe²⁺f配位键为；
故答案为：C、O、N；s口² s口³；；
（3）COf等电子体为氮气，氮气f结构式为N≡N，对于相对分子质量相等f分子晶体而言，极性分子沸点高，CO为极性分子，氮气为非极性分子，COf沸点高；此配体f8心原子为金属原子，由于断裂f是8心原子和配体之间f配位键，所以断裂后配体形成CO，8心原子间形成金属键成为金属晶体；
故答案为：N≡N；CO；金属键；
（4）该晶胞8顶点上含有f原子数=[1/8]，面心上含有f原子数=[1/2]，所以中个晶胞8含有4个原子；δ、α两种晶胞8铁原子f配位数分别是8个和7个，所以δ、α两种晶胞8铁原子f配位数之比是4：3，故答案为：4；4：3．

点评：
本题考点： 原子轨道杂化方式及杂化类型判断；元素电离能、电负性的含义及应用；化学键；配合物的成键情况；“等电子原理”的应用；晶胞的计算．

考点点评： 本题涉及的基态电子排布式、第一电离能的比较、配位键、晶胞的计算等，题目涉及的知识点较多，侧重于基础知识的应用的考查，难度中等，注意会运用均摊法计算晶胞中含有的原子个数，明确同一周期中元素的第一电离能的反常现象是解（2）题的关键．

这是一个化学平衡问题.选择C
对于可逆反应,改变条件,平衡向降低该条件的方向移动.
右侧氧化物浓度代表携氧量.
A.高压氧气下.氧气浓度增高,则平衡向正向移动.
B.山顶人会感觉缺氧,氧气浓度降低.平衡向增加氧气浓度方向即逆向移动,则,血红素携氧量降低.
C.ph为碱性,中和方程式右侧氢离子.则,平衡向增加氢离子方向即正向移动.使血红素携氧量增加.
D..运动时,血液中二氧化碳增多,从而降低了氧气浓度.平衡向增加氧气方向即逆向移动.使携氧量降低.

（1）在元素周期表中同一周期从左到右元素的电负性逐渐增强，同一主族从上到下元素的电负性逐渐减弱，可知电负性强弱顺序为H＜C＜N＜O．
电负性大的元素呈负价，电负性小的元素呈正价，H ₂ N-CHO中C的化合价为（+2）+（+1）+（-1）=+2，N的化合价为-3．
根据核外电子排布规律，可得Fe原子的核外电子排布式为1s ² 2s ² 2p ⁶ 3s ² 3p ⁶ 3d ⁶ 4s ² 或[Ar]3d ⁶ 4s ²
根据N原子的价电子排布式2s ² 2p ³ ，若N原子成三个共价键，则N原子周围还有一对孤对对子，即此时无配位键，该N原子采取sp ³ 杂化，若N原子成四个共价键，必有一个配位键，如还存在双键，则该N原子采用sp ² ，由图可知，这两种情况都存在．
故答案为：H＜C＜N＜O；+2-3；1s ² 2s ² 2p ⁶ 3s ² 3p ⁶ 3d ⁶ 4s ² 或[Ar]3d ⁶ 4s ² ；sp ² sp ³ ；
（2）因相对分子质量BrI＞ICl＞Cl ₂ ，则范德华力BrI＞ICl＞Cl ₂ ，即沸点BrI＞ICl＞Cl ₂ ．
因I ₃ ⁺ 可看成II ₂ ⁺ ，孤电子对数由
1
2 （a-xb）=
1
2 （7-1-2×1）=2，σ键数为2，则I ₃ ⁺ 的空间构型为V形．
RbICl ₂ 加热时会分解为晶格能相对较大的卤化物A和卤素互化物或卤素单质，氯离子的半径小于碘离子的半径，则RbCl的离子键长小于RbI的离子键长，则RbCl的晶格能较大，
则A为RbCl．
因非金属性Cl＞Br＞I，非金属性越强，则对应的最高价氧化物的酸性越强，则①的酸性最强，在②③中都是碘元素的含氧酸，非羟基氧个数越多，酸性越强，则酸性到为②＞③．酸性由强到弱的顺序为①②③．
故答案为：BrI＞ICl＞Cl ₂ ；V形；RbCl；①②③
（3）CCl ₄ 、苯是非极性分子，配合物Ni（CO） ₄ 常温为流态，易溶于CCl ₄ 、苯．根据相似相溶原理，结合熔点低，可判断配合物Ni（CO） ₄ 为分子晶体．
观察图乙可知，配合物Ni（CO） ₄ 分子内的作用力除共价键外，还存在氢键和配位键．
故答案为：分子；AD
（4）根据X元素原子的2p能级的电子排布图，可知X为C元素，Y元素原子的价电子排布式为3s ² ，则Y为Mg元素，
根据晶胞图丙可知，C原子为体心，原子数为1，Mg原子位于顶点上，原子数为8×
1
8 =1，Ni原子位于面心上，原子数为6×
1
2 =3，所以该晶体的化学式为MgCNi ₃ ．
故答案为：MgCNi 3

1年前

3

正常血浆中不会出现血红蛋白,血红蛋白是红细胞破坏后释放到血浆中.
血液中衰老的红细胞在肝脾等器官被破坏,血红蛋白及其他血红素蛋白中的血红素在巨噬细胞或其他网织内皮细胞及肝细胞中产生的代谢产物就是胆红素.呈棕黄色.
所以血浆的颜色主要是由胆红素（或者说血红素）决定的.胆红素高血浆呈黄色到棕黄色,甚至黄褐色.胆红素低,血浆呈淡黄色.

我觉得应该是指"化学本质"
血红素haem 卟啉和二价铁的络合物.别名亚铁卟啉（ferr－oporphyrin）、亚铁血红素（ferroheme）、还原态羟高铁血红素（reduced hematin）等.狭义的是原卟啉的二价铁络合物（亚铁原卟啉）,亦称原血红素（protoheme）,是相当于血红蛋白的色素部分的物质.用碱处理氯高铁血红素,使之变成羟高铁血红素,将此化合物还原就可得到血红素.它的吸收光谱的主要吸收带在581（α带）,545（β带）,415（γ带）毫微米．中心的铁原子显有进一步和二个碱基形成配位键的八面体的强烈倾向．特别是和吡啶、喹啉、烟碱、4-甲基咪唑等三级氨基的二个构成比较稳定的血色原（例如吡啶血色原）．这时基于铁原子的3d电子能级结构的永久磁性消失．它的主吸收带为尖峰,在557、525、430毫微米附近．如果把氰酸作为碱基,就生成一个氰酸和二个结合体．还常和蛋白质结合,吸收带多在560、530、430毫微米附近,一般说血红素和血色原自动氧化性强．能和氧发生反应,容易被氧化成三价铁的羟高铁血红素．但一如血红蛋白那样,可与蛋白质（珠蛋白）中的组氨酸结合,被包围在疏水环境里时是比较稳定的,很难发生自动氧化.

用测渗透压的方法最好,因为对血红素（C34H32N4FeO4）这种相对分子量较大的物质来说,相对误差最小.
（渗透压方程式π=cRT,π为渗透压）

这个中心铁离子已经是+3价了,以其空轨道与周边四个吡咯N形成配位键,另两个配位键垂直于吡咯环平面,其中一个连组氨酸的咪唑基N,另一个结合水或氧（无氧状态结合H2O,形成去氧血红蛋白；有氧时结合O,形成氧合血红蛋白）,两种情况均不牵涉铁离子的价态改变.

3.尿卟啉原和粪卟啉原的生成：在胞液中,四分子PBG脱氨缩合生成一分子尿卟啉原Ⅲ(uroporphyrinogen Ⅲ,UPG Ⅲ).此反应过程需两种酶即尿卟啉原合酶(uroporphyrinogen synthetase)又称卟胆原脱氨酶(PBG deaminase)和尿卟啉原Ⅲ同合酶(uroporphyrinogen Ⅲ cosynthase).首先,PBG在尿卟啉原合酶作用下,脱氨缩合生成线状四吡咯.再由尿卟啉原Ⅲ同合酶催化,环化生成尿卟啉原Ⅲ.无尿卟啉原Ⅲ同合酶时,线状四吡咯可自然环化成尿卟啉原Ⅰ(UPG-Ⅰ),两种尿卟啉原的区别在于：UPGⅠ第7位结合的是乙酸基,第8位为丙酸基；而UPg Ⅲ则与之相反,第7位是丙酸基,第8位是乙酸基.正常情况下UPG－Ⅲ与UPG－Ⅰ为10000：1.
式中A代表乙酸基,P代表丙酸基
　　尿卟啉原Ⅲ进一步经尿卟啉原Ⅲ脱羧酶催化,使其四个乙酸基(A)脱羧变为甲基(M),从而生成粪卟啉原Ⅲ(coproporphyrinogen Ⅲ,CPG Ⅲ).
　　4.血红素的生成：胞液中生成的粪卟啉原Ⅲ再进入线粒体中,在粪卟啉原氧化脱羧酶作用下,使2、4位的丙酸基(P)脱羧脱氢生成乙烯基(V),生成原卟啉原IX.再经原卟啉原IX氧化酶催化脱氢,使连接4个吡咯环的甲烯基氧化成甲炔基,生成原卟啉IX.最后在亚铁螯合酶(ferrochelatase)催化下和Fe2＋结合生成血红素.(图10-18).

配离子大多有颜色:d区元素离子在配体的作用下,d轨道发生分裂,因d电子可发生d-d跃迁而显色,不同的元素跃迁的能量不同,显色为吸收一部分可见光剩下的补光

人血红蛋白由2对珠蛋白组成四聚体,每个珠蛋白(亚基)结合1个血红素,其亚铁离子可逆地结合1个氧分子.

解题思路：阅读题干可知，该题涉及到知识点是细胞膜的制备，转录和翻译过程，基因对性状的控制途径，基因分离定律和自由组合定律的实质，细胞分化的实质，血红蛋白的提取额分离实验，梳理相关知识点，然后分析选项进行解答．

（1）哺乳动物的成熟红细胞没有细胞核和细胞器，因此提取的膜成分比较单一，只有细胞膜，因此常用哺乳动物的红细胞作为材料．
（2）第二类贫血mRNA上的相应位置上的密码子是UAU或UAC，DNA模板链上相关碱基序列是ATA或ATG，因此非模板链上的碱基组成TAT或TAC；第三类贫血病个体中，第63位氨基酸对应mRNA上的密码子是CGU或CGC，反密码子与密码子碱基互补配对，因此第63位氨基酸对应的反密码子的碱基组成为GCA或GCG．
（3）镰刀型贫血病携带者体内的红细胞有两面凹的圆饼状和镰刀状2种形态．
（4）分析表格中的信息可知，该实例说明基因通过控制蛋白质的结构直接控制生物的性状，基因还可以通过控制酶的合成调节细胞代谢间接控制生物的性状；由题意知，决定α链的两对基因位于一对同源染色体上，因此单对基因遵循基因分离定律，两对基因由于位于同一染色体上，不遵循自由组合定律．
（5）分析题图曲线可知，人的个体发育过程中构成血红蛋白的各条多肽链所占百分比存在差异，说明在个体发育的不同阶段编码血红蛋白各条多肽链的基因表达的具有选择性．
（6）甲是透析装置，用于除去分子量较小的杂质；乙图是凝胶色谱法分离和纯化蛋白质，分子量大的蛋白质下移的速率快；SDS-聚丙烯酰胺凝胶电泳法，蛋白质迁移的取决于相对分子质量．
故答案为：
（1）哺乳动物的成熟红细胞没有细胞核膜和细胞器膜的干扰
（2）TAT 或TACGCA或GCG
（3）2
（4）基因通过控制酶的活性来控制生物的性状 单对基因遵循基因分离定律，两对基因由于位于同一染色体上，不遵循自由组合定律
（5）在个体发育的不同时期组成血红蛋白的多肽链存在差异 基因的表达具有选择性
（6）透析 大 相对分子质量

点评：
本题考点： 蛋白质的结构和功能的综合；细胞的分化；基因与性状的关系．

考点点评： 本题主要考查学生；理解所学知识的要点，把握知识的内在联系，并应用相关知识对某些生物学问题进行解释、推理、判断、获取结论的能力．

是错的.不是球蛋白,是珠蛋白.
血红蛋白：血红素 + 珠蛋白.
血红蛋白（haemoglobin；hemoglobin；ferrohemoglobin；Hb；HHb ） 每一血红蛋白分子由2对珠蛋白分子（2个α亚基和2个β亚基）和四分子亚铁血红素组成,珠蛋白约占96％,血红素占4％.
——————
球蛋白,是能被50%饱和度硫酸铵溶液沉淀的单纯蛋白质.

C34H32O4N4Fe 分子量为616
先算各原子数比例：
C:H:O:N:Fe＝
(66.2/12):(5.2/1):(10.4/16):(9.1/14):(9.1/56)
≈34:32:4:4:1
实验式为(C34H32O4N4Fe)n
实验式分子量为616
如果n=2,则分子量为
616×2＝1232,会超过1000,不符合题意.
因此,n=1
其分子式就是C34H32O4N4Fe.
相对分子质量为616.

因为血红蛋白的特殊结构产生的,中心离子铁在紧张态下是和蛋白质链中的组氨酸结合,成为五配位,导致氧原子和铁原子没有接触,所以可以防止铁离子氧化.
以上只是机理,具体的结构,可以参考百科.
另外,人体的还原性物质,如维生素C也可防止铁离子被氧化.
不过,一些强氧化性物质,比如氧化性强酸,是可以氧化血红蛋白中的铁离子的

CO、N2的分子个数比为21:879,就相当于物质的量之比为21:879
所以设物质的量CO为21,N2为879,O2为X
所以（16X21+32X）/(28X21+28X879+32X)=11.2%
解得X=87.5
所以CO的质量分数为(28X21)/(28X21+28X879+32X87.5)X100%=2.1%