ansys中施加载荷问题：define loads-apply-pressure-on lines 力的大小为150N,

运载火箭点火后，燃气对空气有向下的推力，由于力的作用是相互的，空气对火箭产生向上的反作用力，火箭向空中飞去，所以使火箭上升的力是空气施加的．
故答案为：空气．

点评：
本题考点： 力作用的相互性．

考点点评： 此题考查的是力的作用的相互性，属于易错题，容易错误的认为：使火箭上升的力是燃气施加的．

A、根据题干中：一定条件下给水施加一个弱电场，常常压下水结成冰，俗称“热冰”，所以在常温常压下可建成溜冰场．故A说法正确．
B、水变成冰分子之间间隔变大，故B说法正确；
C、水结成冰由液态变为固态，固体是有序排列的，分子运动的范围比较小，液态的水分子运动的范围大呈无序状，故C说法正确；
D、发生物理变化时分子本身不变，变化的是分子之间的间隔，所以原子个数也不变；故D说法错误；
故选D．

点评：
本题考点： 微粒观点及模型图的应用；利用分子与原子的性质分析和解决问题．

考点点评： 解答本题的关键是水由液态变为固态，在这一变化过程中分子本身不变，变化的是分子之间的间隔或距离．还需要结合固体、液体分子运动的特点考虑．

A、在2s～3s这段时间内，F逐渐增大，整体加速度逐渐增大，隔离对B分析，B的合力逐渐增大，即B所受的摩擦力逐渐增大，故A错误；
B、对整体分析，整体的加速度与F的方向相同，B物体所受的合力为摩擦力，故摩擦力的方向与加速度方向相同，即与F的方向相同，故B正确；
C、2s末时A对B的摩擦力为零，故A对B的摩擦力对B做功的瞬时功率也为零，故C错误；
D、在0-2s内整体向右做加速运动，加速度先增大后减小；2-4s内加速度反向，做减速运动，因为两段时间内受力是对称的，所以4s末速度变为零，在0-4s内一直向右运动，然后又重复以前的运动，故D错误；
故选B．

点评：
本题考点： 功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的图像；力的合成与分解的运用．

考点点评： 解决本题的关键会根据物体的受力情况判断物体的运动情况，以及掌握整体法和隔离法的运用．

设撤去外力F时物体的速度大小为v，根据动量定理得
（F-mgsin37°-μmgcos37°）t=mv
代入解得，v=10m/s
物体匀加速运动位移大小为x₁=[vt/2]=4m
设撤去F后物体能上滑的最大距离为x₂，由动能定理得
-mgx₂sin37°-μmgcos37°•x2＝0−
1
2mv2
代入解得，x₂=5m
设物体返回斜面底端时的速度大小为V，则有
（mgsin37°-μmgcos37°）（x₁+x₂）=
1
2mV2
解得V=2
15m/s
答：物体返回斜面底端时的速度大小为2
15m/s．

点评：
本题考点： 动能定理的应用；动量定理．

考点点评： 本题是多过程问题，运用动量定理和动能定理结合处理，也可以根据牛顿定律和运动学结合研究．

（1）因为OC大于OA，所以应该在C端做垂直于OC竖直向上的力．

（2）因为拉重物绳子的条数为：n=
900N
300N＝ 3，所以需要3条绳子提升重物，根据奇动偶定的原则可得，应该将绳子的一端固定在动滑轮上，然后将绳子按要求绕好即可．
如图所示：

点评：
本题考点： 杠杆中最小力的问题；滑轮组的设计与组装；力臂的画法．

考点点评： 会根据杠杆平衡的条件确定杠杆中最小力，会根据奇动偶定的原则设计和组装滑轮组．

物体初速度为零，经过4s时间位移为16m，
由匀变速直线运动的位移时间关系式：x=[1/2]at²，
解得：a=2m/s²
此过程物体水平方向仅受向前的推力F与向后的摩擦力f，
根据牛顿第二定律有：F-f=ma
解得：f=1N
当推力反向时由牛顿第二定律得：F+f=ma₁
得：a₁=4m/s²
物体在4秒末物体速度：v=at=8m/s
推力反向t₁=2s后的速度根据所速度时间关系式：v_末=v-a₁t₁=0
所以再经2s物体速度为零．
（2）前4s内的位移x₁=16m
后两秒内的位移：x₂=[v+0/2]×2s=8m
在前6s内推力对物体所做的总功为
W_F=Fx₁-Fx₂=24J
答：（1）再经2s物体的速度为0（2）在前6s内推力对物体所做的总功为24J

点评：
本题考点： 动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律．

考点点评： 注意在应用功能关系时解题思路一定要宽广，完全可以把功能关系与匀变速直线运动规律相结合来解题，这样就会使复杂的问题迎刃而解．

对小球B进行受力分析如图所示

当B球向右缓慢运动过程中，由于AB与竖直方向夹角越来越大，因此水平拉力F越来越大，绳子AB拉力越来越大；将AB做为一个整体进行受力分析，如图所示

由于绳子AC与竖直方向夹角不变，绳子拉力的竖直分量等于等于两个物体有总重量，因此不变，由于拉力F越来越大，因此越来越大，只有B正确，ACD错误。

B


<>

（1）过支点O向阻力F₂的作用线作垂线，支点到垂足的距离就是阻力臂；动力最小，即动力臂最长，由图知OA最长，所以OA作动力臂最长，过A点与OA垂直向下作垂线就得到动力F₁的方向，如下图所示．
（2）电流从左侧流向右侧，依据安培定则可判断出螺线管的右端为N极，左端为S极，磁感线在磁体外部是由N极指向S极的；由磁极间的相互作用可知，小磁针的左端为S极，右端为N极；如图所示．
（3）电源由两节干电池串联组成，电源电压为3V，两灯并联，两灯的电阻均大于10Ω，由欧姆定律可知每一条支路的电流都小于0.3A，干路电流小于0.6A，电流表的量程用0～0.6A量程；补充连接实物图如图所示：

点评：
本题考点： 杠杆中最小力的问题；力臂的画法；磁感线及其特点；实物的电路连接．

考点点评： （1）根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力．
（2）考查了右手螺旋定则和磁极间的相互作用规律及磁感线的特点．右手螺旋定则：让四指弯曲，跟螺线管中电流的方向一致，则大拇指指的方向是通电螺线管的N极；磁极间的相互作用规律：同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引．
（3）利用欧姆定律确定电流表的量程是关键．

AB轴固定不动，所以AB是定滑轮．由图知，此滑轮组由3段绳子承担物重．水泥块在绳端．
根据G_水泥=
1
3F2，F₂=3G_水泥=3×7800N=23400N．
故答案为：定滑轮；23400．

点评：
本题考点： 滑轮组及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算；定滑轮及其工作特点．

考点点评： 此题主要考查了定滑轮的特点及滑轮组的省力计算．

（1）物体恰能在水平地面上匀速运动，则受力平衡：
F=μmg=10N
（2）对物体进行受力分析，物体受到重力，支持力，推力F和滑动摩擦力，力的示意图如图所示：
竖直方向受力平衡，则有：
N=mg+Fsinθ
由f=μN=μ（mg+Fsinθ）
代入数据得：f=12.5N
答：（1）F的大小是10N；
（2）若物体在运动过程中，突然将F改为大小不变，方向与水平方向成θ角斜向下推物体此刻物体受到的摩擦力的大小是12.5N．

点评：
本题考点： 共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．

考点点评： 本题主要考查了同学们受力分析正交分解的能力，知道竖直方向受力平衡，难度不大，属于基础题．

整体水平方向受两推力而做匀加速直线运动，由牛顿第二定律可得：
a=
Fa+Fb
ma+mb；
对a由牛顿第二定律可得：
F_a+T=m_aa
T=-F_a+ma
Fa+Fb
ma+mb=-
mbFa−maFb
ma+mb；
若m_bF_a＞m_aF_b，T为负值，b对a为推力；
若m_bF_a＜m_aF_b，T为正值值，则b对a为拉力；
故选：C．

点评：
本题考点： 牛顿运动定律的应用-连接体．

考点点评： 本题考查整体法与隔离法的应用，一般先用整体法求出整体加速度或表达式，再选取其中一个物体进行分析即可求出；本题的难点在于最后对公式的分析．

A、B物体受到向右恒力和滑动摩擦力，做匀减速直线运动．滑动摩擦力大小为f=μF_N=μG=3N，根据牛顿第二定律得，
a=[F+f/m]=[2+3/1]m/s²=5m/s²，方向向右．
物体减速到0所需的时间t=
v0
a=[10/5]s=2s，故B正确，A错误．
C、D减速到零后，F＜f，物体处于静止状态．故C正确，D错误．
故选BC

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．

考点点评： 本题分析物体的运动情况和受力情况是解题的关键，运用牛顿第二定律和运动学公式研究物体运动时间，根据恒力与最大静摩擦力的关系，判断物体的速度为零后的状态．