将100微安表(表头内阻为2000欧姆)改装成50毫安表,计算出并联的分流电阻R(S)值

令狐南风2022-10-04 11:39:541条回答

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axjllingmy 共回答了16个问题 | 采纳率81.3%
扩大倍数n=50mA/100μA=500
R(s)=R(G)/(n-1)=2000/499=4.01(Ω)
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电流表分不同量程是根据分流原理,即在动圈线圈旁并联电阻进行分流,但只能在一个较小的范围之内.
将100微安的微安表改装成①1MA的电流表②10V的电压表.
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事实上不论是电流表还是电压表 实质就是一个表头 通过串联或者并联改装成电流表或电压表 ①若改为电流表将量程变大 即满偏电流变大 应该总电阻变小 应该并联一个小电阻R如果设原来的电阻为r则r和R并联后应变为r的十分之一 rR/(r+R)=r/10即R=r/9②改装为电压表应将原来的电阻变大 使它分得的电压更大 所以应该串联一个较大的电阻R楼主可能忘了把原来电阻r的值写出来了应该有原来的满偏电流等于改装后的满偏电流所以10的-4次方等于10/(r+R)得出来R=10的5次方-r这两个问题的本质就是对电流表和电压表组成 掌握 多看看关于这方面的专题 多思考就可以了
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(2)hν0 =hc/λ=w=3.6×1.6×10^(-19) =5.76×10^(-19)J
λ极=6.63 ×10^(-34)×3×10^8 /5.76×10^(-19) =3.5×10^(-7)m
(3)E(A极)-E(K极) = eU ,E(K极)=hν-w
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因为在运输过程中表的指针会动,这样影响使用.连接接线柱使得产生安培力来减轻震动带来的影响.但必须正接线柱接正接线柱,负接负,否则无用.
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(10分)某同学在探究性实验中需要精确地测量某灵敏电流计(微安表)的内电阻,设计了如图甲所示的电路,实验室可供他使用的器材如下:

A待测电流计(量程500uA,内阻约1kΩ) B电阻箱R(阻值1Ω~9999Ω)
C滑动变阻器R 1 (最大阻值10Ω) D滑动变阻器R 2 (最大阻值1kΩ)
E电源(电动势3V,内阻不计) F开关一只,导线若干
①请你用笔画代替导线,按图甲的方案将图乙中的实物图连成可供测量的实验电路;

②在某一次测量中,得到了如上图所示的数据,则R= Ω;I= uA;
③实验时,该同学把滑动变阻器的滑片调至适当位置处,而后保持滑动变阻器的阻值不变,通过调节电阻箱阻值R,使流过灵敏电流计的示数I发生变化,为使测量出的R g 值误差较小,需保证在调节电阻箱阻值R时,尽可能不改变R与电流计两端的电压值之和,则滑动变阻器应选择 (填“R 1 ”或“R 2 ”);
④若操作过程中得到如图丙所示的(1/I—R)图线,若已知斜率为k,纵截距为b,则根据图线,求得电流表内阻R g = (请用字母表示);
shanghaijugend1年前1
爱着月亮的云 共回答了12个问题 | 采纳率83.3%
解题思路:

①实物连线如图:

R="1750"ΩI="240"uA;③在调节电阻箱阻值R时,尽可能不改变R与电流计两端的电压值之和,则滑动变阻器应该选用阻值较小的R1;④由欧姆定律,设电流计和电阻箱两端的电压之和为U,则U=I(R+Rg),整理可得:,由题意可得:

解得

①连线图见解析;②1750 ; 240;③ R 1


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(2013•海淀区二模)为了较准确地测量一只微安表的内阻,采用如图1所示实验电路图进行测量,实验室可供选择的器材如下:
(2013•海淀区二模)为了较准确地测量一只微安表的内阻,采用如图1所示实验电路图进行测量,实验室可供选择的器材如下:

A.待测微安表(量程500μA,内阻约 300Ω)
B.电阻箱(最大阻值999.9Ω)
C.滑动变阻器R1(最大阻值为10Ω)
D.滑动变阻器R2(最大阻值为1kΩ)
E.电源(电动势为2V,内阻不计)
F.保护电阻R0(阻值为120Ω)
①实验中滑动变阻器应选用______(填“C”或“D”);
②按照实验电路在如图2所示的方框中完成实物图连接.
③实验步骤:
第一,先将滑动变阻器的滑片移到最右端,调节电阻箱R的阻值为零;
第二,闭合开关S,将滑片缓慢左移,使微安表满偏;
第三,保持滑片不动,调节R的电阻值使微安表的示数正好是满刻度的[2/3]时,此时接入电路的电阻箱的示数如图3所示,阻值R为______Ω.
第四,根据以上实验可知微安表内阻的测量值RA为______Ω
④若调节电阻箱的阻值为R′时,微安表的示数正好是满刻度的[1/2],认为此时微安表内阻就等于R′.则此时微安表内阻的测量值R′与微安表的示数正好是满刻度的[2/3]时微安表内阻的测量值RA相比,更接近微安表真实值的是______.(填“R′”或“RA”)
wd25261年前1
扁7 共回答了20个问题 | 采纳率95%
解题思路:此题采用了类似半偏法测电表的电阻.滑动变阻器的选择关键是如何保证调整R0的阻值时测量电路电压基本不变.利用电阻箱和微安表串联和微安表上读数的位置找出微安表的内阻和电阻箱阻值的关系.

(1)根据题意要求测量部分电压不变,即要求测量部分与滑动变阻器右半部分并联的总电阻不变,据并联电路特点知,当 R<<R时,并联的总电阻由R决定,微安表的内阻约1kΩ,改变电阻箱的阻值时,测量部分与滑动变阻器右半部分电阻并联后阻值几乎不变,故选用R1.
(2)如图

(3)微安表的内阻远远大于滑动变阻器右半部分电阻,它们并联后的阻值略小于滑动变阻器右半部分电阻.
开始时电阻箱R0的阻值为零,将滑片P缓慢左移,使微安表上电流满偏,通过微安表电流为I;
调整R0的阻值,使微安表上读数正好是满刻度的[2/3],通过微安表电流为[2/3]I;
电阻箱和微安表串联的总电阻增大,它们与滑动变阻器右半部分电阻并联后阻值基本不变,我们可以近似认为电阻箱和微安表串联的电路两端电压基本不变,通过微安表电流为[2/3]I,电阻箱和微安表串联的总电阻增大到原来的[3/2],
即[3/2]R=R+448.2Ω,得出:R=896.4Ω.
电阻箱和微安表串联的总电阻增大,它们与滑动变阻器右半部分电阻并联后阻值略增大,那么电路总电阻略增大,
总电流略减小,分压器上分到的电压略增大,通过微安表电流为[2/3]I,电阻箱和微安表串联的总电阻略大于原来的[3/2],即 R+448.2Ω>[3/2]R,得出:R<896.4Ω.所以测量值比真实值偏大.
故答案为:①C;②实物电路图如图所示;③145.5;291;④RA

点评:
本题考点: 伏安法测电阻.

考点点评: 测量电压表和电流表内阻时,一般不能直接用伏安法进行测量,因为电流表电阻太小,其两端电压太小用电压表测误差太大,同理,电压表电阻太大,其上通过的电流太小,电流表测误差太大.故电流表.电压表内阻测量常用半偏法或类似半偏法.

(2011•西乡县模拟)为了较精确地测量一只微安表的内阻,要求按照图所给出的电路进行商量,实验室中可供选择的器材如下表所
(2011•西乡县模拟)为了较精确地测量一只微安表的内阻,要求按照图所给出的电路进行商量,实验室中可供选择的器材如下表所示:
器材 规格
待测电流表 量程200μA,内阻约1KΩ
电阻箱R 阻值0-9999.9Ω
滑动变阻器R1 阻值0--10Ω
滑动变阻器R2 阻值0-1KΩ
电源 电动势为6V,内阻不计
开关一只、导线若干

(1)实验中滑动变阻应选用______
(2)按照电路图将图中实物连成实验电路
(3)先将滑动变阻器R’上的滑片移到最右端,调整电阻箱R为零,合上开关,再将滑动片P缓慢左移,使微安表上电流满偏,固定滑片P不动,调整变阻箱R的阻值,使微安表上读数正好是满刻度的一半,记下此时R的电阻为998.2Ω,则微安表的内阻为______,该实验中存在着系统误差,设RA的测量值为R测,真实值为R,则R______R(填“大于”、“小于”或“等于”).
小樱不乖1年前1
贾阿材 共回答了17个问题 | 采纳率82.4%
解题思路:(1)为了方便调节,变阻器采用分压接法时,总电阻较小好.
(3)合上开关,将滑动片P缓慢左移,使微安表电流满偏,固定滑片P不动,滑动变阻器输出电压基本不变,微安表上读数正好是满刻度的一半时,微安表的内阻与电阻箱电阻相等,由电阻箱读出微安表的内阻.根据这个原理,分析误差的原因.

(1)本实验中,变阻器采用分压接法,为方便调节,变阻器选阻值较小的R1’.
(2)按照电路图连接实物图如图.
(3)微安表的内阻为998.2Ω.
实验中,滑片P固定不动,调整变阻箱R的阻值时,微安表与电阻箱的总电压增大,当微安表上读数正好是满刻度的一半时,微安表与电阻箱的总电阻大于微安表内阻的2倍,即电阻箱的电阻大于微安表的内阻,现用电阻箱的电阻代替微安表的内阻,测量值比真实值要偏大.即R<R
故本题答案是
(1)R1
(2)略
(3)998.2Ω;小于.

点评:
本题考点: 伏安法测电阻.

考点点评: 本实验采用等效替代的方法来测量微安表内阻,要控制条件:第一次滑动变阻器R′,调整电阻箱R为零.而第二次变阻器不动,调节电阻箱.

(2014•浙江模拟)图甲是利用两个电流表A1(微安表)和A2(毫安表)测量干电池电动势E和内阻r的电路原理图.图中S为
(2014•浙江模拟)图甲是利用两个电流表A1(微安表)和A2(毫安表)测量干电池电动势E和内阻r的电路原理图.图中S为开关.R为滑动变阻器,固定电阻Rl和A1内阻之和为l0000Ω(比r和滑动变阻器的总电阻都大得多),A2为理想电流表.

①按电路原理图在图乙虚线框内各实物图之间画出连线.
②在闭合开关S前,将滑动变阻器的滑动端c移动至______(填“a端”、“中央”或“b端”).
③闭合开关S,移动滑动变阻器的滑动端c至某一位置,读出电流表A1和A2的示数I1和I2.多次改变滑动端c的位置,得到的数据为
I1(mA) 0.120 0.125 0.130 0.135 0.140 0.145
I2(mA) 480 400 320 232 140 68
在图丙所示的坐标纸上以I1为纵坐标、I2为横坐标画出所对应的I1--I2曲线.
④利用所得曲线求得电源的电动势E=______V,内阻r=______Ω
海的滔滔1年前1
缘妙不可言 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
解题思路:①原理图已知,按电流的流向在实物图中依次连接,注意不能交叉;
②滑动变阻器应保证电路的安全,开始时应接到最大电阻处;
③选择合适的坐标值,标点后用直线将各点相连,误差较大的点可以舍去;
④图象与纵坐标的交点为电动势;由闭合电路欧姆定律可求是内阻.

①由原理图可知,电路为基本的限流接法,故按原理图串联即可;连线如下图所示;

②为保证安全,开始时滑动变阻器应接到最大值,故应接b端;
③将各点依次描出,连线如下图所示.

④由图示可知,电源电动势E=I1(Rl+RA1)=149×10-6×10000=1.49V,
电源内阻r=
△I1(R1+RA1)
△I2=
(149−120)×10−6×10000
480×10−3≈0.60Ω;
故答案为:①实物电路图如图所示;②b端;③图象如图所示;④1.49;0.60.

点评:
本题考点: 测定电源的电动势和内阻.

考点点评: 测定电动势和内阻的实验中要注意数据的处理时主要应用了图象法,在学习中要掌握读数及画图的能力,要结合公式理解图象中点、线、交点及截距的意义.

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(2009•河西区一模)为了较精确地测量一只微安表的内阻,要求按照如图所示给出的电路进行测量,实验室中的可供选择的器材如下:
A.待测微安表(量程500μA,内阻约1kΩ)
B.电阻箱R0(阻值0~999.9Ω)
C.滑动变阻器R1(阻值O~10Ω)
D.滑动变阻器R2(阻值0~1kΩ)
E.电源(电动势2V,内阻不计)

(1)实验中滑动变阻器应选用______.
(2)按照电路图将实物图连成实验电路.
(3)在实验过程中步骤如下:先将滑动变阻器R的滑片P移到最右端,调整电阻箱R0的阻值为零,合上开关S,再将滑片P缓慢左移,使微安表上电流满偏,固定滑片P不动,调整R0的阻值,使微安表上读数正好是满刻度的2/3,记下此时R0的电阻为448.2Ω,那么微安表内阻的测量值应为______,测量值比真实值______(填“偏大”、“偏小”或“相等”).
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解题思路:此题采用了类似半偏法测电表的电阻.滑动变阻器的选择关键是如何保证调整R0的阻值时测量电路电压基本不变.利用电阻箱和微安表串联和微安表上读数的位置找出微安表的内阻和电阻箱阻值的关系.

(1)根据题意要求测量部分电压不变,即要求测量部分与滑动变阻器右半部分并联的总电阻不变,据并联电路特点知,当 R<<R时,并联的总电阻由R决定,微安表的内阻约1kΩ,改变电阻箱的阻值时,测量部分与滑动变阻器右半部分电阻并联后阻值几乎不变,故选用R1.
(2)如图
(3)微安表的内阻远远大于滑动变阻器右半部分电阻,它们并联后的阻值略小于滑动变阻器右半部分电阻.
开始时电阻箱R0的阻值为零,将滑片P缓慢左移,使微安表上电流满偏,通过微安表电流为I;
调整R0的阻值,使微安表上读数正好是满刻度的[2/3],通过微安表电流为[2/3]I;
电阻箱和微安表串联的总电阻增大,它们与滑动变阻器右半部分电阻并联后阻值基本不变,我们可以近似认为电阻箱和微安表串联的电路两端电压基本不变,通过微安表电流为[2/3]I,电阻箱和微安表串联的总电阻增大到原来的[3/2],
即 [3/2]R=R+448.2Ω,得出:R=896.4Ω.
电阻箱和微安表串联的总电阻增大,它们与滑动变阻器右半部分电阻并联后阻值略增大,那么电路总电阻略增大,
总电流略减小,分压器上分到的电压略增大,通过微安表电流为[2/3]I,电阻箱和微安表串联的总电阻略大于原来的[3/2],
即 R+448.2Ω>[3/2]R,得出:R<896.4Ω.所以测量值比真实值偏大.
故答案为:(1)R1(或C)
(2)如图:变阻箱与微安表串联后与滑动变阻器部分电阻并联,采用滑动变阻器的分压式连接,要注意电表的正负.
(3)896.4Ω 偏大.

点评:
本题考点: 欧姆定律;串联电路和并联电路.

考点点评: 测量电压表和电流表内阻时,一般不能直接用伏安法进行测量,因为电流表电阻太小,其两端电压太小用电压表测误差太大,同理,电压表电阻太大,其上通过的电流太小,电流表测误差太大.故电流表.电压表内阻测量常用半偏法或类似半偏法.

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一欧姆表内部是由1.5V内阻不计的电源,量程100微安内阻1000欧的微安表,电阻调制14000欧电阻箱构成.此时此欧姆表为*1K档,要使其变为*1档,为什么要在内部并联一个15欧的电阻.
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首先*1K档比*1档 测得电阻大,因而回路中电流小,当并联一个15欧的电阻后,内部的总电阻是以前的1/1000 所以电流是以前的1000倍,所以档位就成了*1档.
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7妹 共回答了19个问题 | 采纳率100%
准备一个互感器、一个电阻、一个转换开关即可.
不清楚你的电流和电压档值,无法给出具体的数值.
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将微安表与可变电阻R0(阻值大)、Rm(阻值小),以及电池、开关等组成如图3-4-3所示电路,就将微安表组装成了一只欧姆表.图中Ig 、Rg是微安表的量程和内阻,E、r为电池的电动势和内阻.a和b是欧姆表两表笔的接线柱.
……
可以看出,当Rm,R0,Rg和E一定时,Rx之间有一一对应关系.因此,只要在微安表电流刻度上侧标上相应的电阻刻度,就可以用来测量电阻了.
能否用万用表的电阻挡去测电池的内阻和微安表的内阻?为什么?
xueli321年前1
茶坊来客 共回答了20个问题 | 采纳率90%
不可以
1,电池的两端有直流电压,万用表的电阻档不允许被测物存在电压,否则会损坏万用表
2,微安表的表头允许流过的电流很小,万用表电阻档输出的直流电流常常会超过微安表允许的最大电流,会烧坏微安表.而且微安表的内阻很小,使用万用表测量也不准确
物理题:有一只微安表,表头内阻Rg=1000欧,满偏电流Ig=100uA.要把它改装成量程是3V的电压表,应串联多大
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2月初6 共回答了23个问题 | 采纳率91.3%
通过微安表的电流依然为Ig=100uA
串联后电阻为 R=3V/100uA=30000欧
应串上r=R-Rg=29000欧
如何共用一微安表改装成一档电流表和电压表,
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风外橘花香暗度 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
只1挡就很简单,将表头正串一个电阻到电压输入接线正表笔,用分流器,一端接表负端,另一端接开关,开关另一极接表正,就行了,测电压时,开关断开分流器,表笔串电阻到表头,测电流时,开关接通分流器,此时分流器与表头并联,电流表笔从分流器两端接出
能否把量程为100μA、内阻为900Ω的表头改装为50μA的微安表或0.1V电压表?为什么?
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如果100μA是最小量程,那么是不可以直接改为50μA的,因为你将其改小了(也是不可以直接改小的),其测量的电流不足够驱动仪器表针正常地偏转,读数不足,误差大.有条件的话你可以将信号放大2倍以上,满足电表的测量量程100μA就可.
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ejnet1年前1
zyzeng12 共回答了17个问题 | 采纳率82.4%
最大电压等于500(uA)乘以1(KΩ)等于0.5伏;
扩大量程则串联电阻
这个表的灵敏度很差
能不能将表头改装成更小量程的微安表?
能不能将表头改装成更小量程的微安表?
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菲的群 共回答了19个问题 | 采纳率94.7%
磁电系微安表的满量程电流(灵敏度),加外附分流器只能加大满量程电流,当没有外附分流器时,表头的满量程电流(灵敏度),是表头基本满量程电流(灵敏度),一般条件下无法改变满量程电流(灵敏度).
如果你具备“专业”能力,可从以下几方面考虑:
1,换游丝,减小反力矩;
2,重绕动圈,增加匝数;
3,增强磁场.
4,加外附放大器.
下列说法中正确的有(  )A.交流感应电动机是利用电磁驱动的原理工作的B.微安表在运输过程中用导线把两个接线柱连接起来是
下列说法中正确的有(  )
A.交流感应电动机是利用电磁驱动的原理工作的
B.微安表在运输过程中用导线把两个接线柱连接起来是利用了电磁阻尼的原理来保护表针
C.在感生电动势中,使电荷定向移动形成电流的是磁场力;动生电动势的产生与洛伦兹力有关
D.当某列火车以一恒定的速度驶过来时,听到它发出的汽笛声的频率越来越大
yprlq1年前1
maxlhy 共回答了19个问题 | 采纳率94.7%
解题思路:交流感应电动机是利用电磁驱动的原理工作的;连接微安表的两个接线柱利用电磁阻尼的原理保护电表.在感生电动势中,使电荷定向移动的是电场力.根据多普勒效应判断接收到频率的变化.

A、交流感应电动机利用电磁驱动使得线圈转动.故A正确.
B、将电流表的两接线柱连接,指针转动时,会产生感应电流,产生电磁阻尼,从而保护表针.故B正确.
C、在感生电动势中,使电荷定向移动形成电流的是电场力,动生电动势产生与 洛伦兹力有关.故C错误.
D、当某列火车以一恒定的速度驶过来时,接收到的频率变大,火车汽笛声发出的频率不变.故D错误.
故选AB.

点评:
本题考点: 导体切割磁感线时的感应电动势;法拉第电磁感应定律;多普勒效应.

考点点评: 解决本题的关键知道动生电动势和感生电动势形成的原因,以及掌握多普勒效应.

(2011•鹰潭一模)实验室有一块量程为500μA,内阻Rg约为200Ω的电流表(称微安表μA),需要准确测量它的电阻,
(2011•鹰潭一模)实验室有一块量程为500μA,内阻Rg约为200Ω的电流表(称微安表μA),需要准确测量它的电阻,一同学根据实验室现有的器材设计了如图(甲)和图(乙)两种实验电路.已知实验室中的部分实验器材的规格如下:
标准电流表:mA(量程1mA,内阻约100Ω)滑动变阻器A:R1(20Ω,1A)
滑动变阻器B:R1(500Ω,0.5A)
电阻箱:R2(999.9Ω,1A)
直流电源:(电动势为3V,内阻很小)不同阻值的定值电阻R3
1利用图(甲)所示的电路进行测量时,需要记录哪些实验数据?______
请用你记录的实验数据表示出测量的结果
Rg=
(I1I2)R2
I2
Rg=
(I1I2)R2
I2

②为了保证实验操作过程的安全(即使滑动变阻器R1的阻值调为0,也不会烧坏电流表),在图(乙)所示的电路中,定值电阻器R3的阻值至少应为______Ω,为了便于实验的调节,滑动变阻器R1应选______(选填“A”或“B”).
③将图(丙)所示的实物图按图(甲)所示的电路连接成实验电路.
xiaosemao1年前1
小楼吹彻 共回答了14个问题 | 采纳率78.6%
解题思路:①实验时要读出两电流表示数与电阻箱阻值,电阻箱与待测电流表并联,由并联电路特点求出通过电阻箱电流,由欧姆定律求出并联电路电压,然后求出电流表内阻.
②根据串联电路特点及欧姆定律求出滑动变阻器接入电路阻值为零时电路最小电阻,然后选择定值电阻;根据安全性原则选择滑动变阻器.
③分析清楚实验电路图,明确各电路元件的连接方式,然后根据实验电路图连接实物电路图.

①实验时选用记录的实验数据是:电流表mA表的示数I1
微安表μA表的示数I2,电阻箱的阻值R2;通过电阻箱的电流I=I1-I2
待测微安表两端电压,即并联电压U=IR2=(I1-I2)R2
微安表内阻Rg=
U
I2=
(I1−I2)R2
I2;
②电路最小总电阻约为R=
E
IμA=
3V
500×10−6A=6000Ω,
保护电阻R3最小阻值为R3=R-RμA-RmA=6000Ω-200Ω-100Ω=5700Ω;
为保证电路安全,方便实验操作滑动变阻器R1应选B.
③根据实物电路图甲连接实物电路图如图所示.
①mA表的示数I1和μA表的示数I2及电阻箱的阻值R2;Rg=
(I1−I2)R2
I2;
②5700,B;③实物电路图如图所示.

点评:
本题考点: 伏安法测电阻.

考点点评: 知道两种实验设计的实验原理是正确解题的前提与关键,知道实验原理后,应用串并联电路特点、欧姆定律即可正确解题.对于实验题,一定要知道其实验原理.

给一块微安表G串联一个电阻R,就改装成了一块电压表.今将该电压表与一标准电压表并联后去测电压,发现该表的示数总比标准表的
给一块微安表G串联一个电阻R,就改装成了一块电压表.今将该电压表与一标准电压表并联后去测电压,发现该表的示数总比标准表的示数略小一些,以下可以修正的方法有(  )
A. 在R上串联一个小阻值电阻.
B. 在R上并联一个比R大的多的电阻
C. 换一个比R的阻值略大的电阻
D. 换一个比R的阻值略小的电阻
肌肤相亲1年前1
老牛_ww 共回答了18个问题 | 采纳率77.8%
解题思路:G表头串联电阻改装成电压表,示数偏小,则说明电流偏小,应想法使电压表的总电阻变的小一点即可.

应减小改装后的电压表的内阻,可在R上并联一个比R大的多的电阻或换一个比R的阻值略小的电阻.
  则B,D正确,AC错误
故选:BD

点评:
本题考点: 把电流表改装成电压表.

考点点评: 考查电压表的改装原理明确示数大小决定于G表头的电流大小.

微安表的最大量程是100微安,内阻1千欧,如果改装为最大量程为10毫安的表,应并联多大的电阻?
亨尔1年前1
hahazyh 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
由题意知:I0=100μA R0=1000欧
I=10mA,求R
Vr=V0=I0Ro=100×10-6×1000=0.1V
Vr=I-I0=10×10-3-100×10-6=0.0099A
r=Vr/Ir=0.1/0.0099=10.1欧
微安表内阻会有1000欧姆这么大?可我一直记得老师讲过电流表内阻非常小可忽略,
zhanghong5551年前0
共回答了个问题 | 采纳率
一量程为200毫安内阻为500的微安表若要将它的量程扩大到N倍应如何选择扩大量程?它可以测量的最大电压是多
violetzheng1年前3
duziqulvxing1982 共回答了16个问题 | 采纳率81.3%
并联电阻Rf=Rg/(n-1)=500/(n-1)
最大电压 = 200mA*500= 100V
某同学在探究性实验中需要精确地测量某灵敏电流计(微安表)的内电阻,设计了如图甲所示的电路,实验室可供他使用的器材如下:
某同学在探究性实验中需要精确地测量某灵敏电流计(微安表)的内电阻,设计了如图甲所示的电路,实验室可供他使用的器材如下:

A.待测电流计(量程500uA,内阻约1kΩ)B.电阻箱R(阻值1Ω~9999Ω)
C.滑动变阻器R1(最大阻值10Ω)D.滑动变阻器R2(最大阻值1kΩ)
E.电源(电动势3V,内阻不计) F.开关一只,导线若干
①请你用笔画代替导线,按图甲的方案将图乙中的实物图连成可供测量的实验电路;
②在某一次测量中,得到了如图所示的数据,则R=______Ω;I=______uA;

③实验时,该同学把滑动变阻器的滑片调至适当位置处,而后保持滑动变阻器的阻值不变,通过调节电阻箱阻值R,使流过灵敏电流计的示数I发生变化,为使测量出的Rg值误差较小,需保证在调节电阻箱阻值R时,尽可能不改变R与电流计两端的电压值之和,则滑动变阻器应选择______(填“R1”或“R2”);
④若操作过程中得到如图丙所示的([1/I]-R)图线,若已知斜率为k,纵截距为b,则根据图线,求得电流表内阻Rg=
[b/k]
[b/k]
(请用字母表示).
yy版越狱1年前1
11365 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
解题思路:①根据电路图去连接实物图,注意电表的量程与极性,及滑动变阻器的分压式连接;
②由电阻箱的读数,算出电阻阻值,并读出电流表示数;
③根据所测电阻的阻值,结合滑动变阻器分压式,从而选定其阻值的大小;
④先根据闭合电路欧姆定律列式,求出图象的函数表达式,根据图象的函数表达式与图象分析答题;

①从正极开始分支,一支经上面电流表和变阻箱,另一支经下边滑动变阻器,两支路汇合一起经另一开关回到负极,如下图所示:

②根据变阻箱示数可读得,R=1×1000+7×100+5×10+0×1=1750Ω
而电流表示数为:量程为毫安,则读数为:I=240μA;
③由所测电流计的阻值约1kΩ可知,需保证在调节电阻箱阻值R时,尽可能不改变R与电流计两端的电压值之和,则滑动变阻器应选择小阻值的量程,因此选取最大阻值10Ω,即为滑动变阻器R1
④根据电路图,由闭合电路欧姆定律可得:E=I(Rg+R),则:[1/I]=
Rg
E+[1/E]R,
解得:电流表内阻Rg=Eb=[b/k].
故答案为:①如图;②R=1750Ω;I=240uA;③R1;④[b/k].

点评:
本题考点: 伏安法测电阻.

考点点评: 本题考查根据电路图连接实物图,关键是明白电路中各个用电器的连接情况,平时要注意多加练习,注意正负极,同时掌握如何读数,并能理解图象的含义与物理规律的综合应用,及会选取滑动变阻器的阻值大小.

伏安特性曲线实验在i测定二极管反向特性时,电压不到1伏,微安表已超量程,为什么?
chenbenny1年前1
几万英镑 共回答了16个问题 | 采纳率75%
二极管漏电流太大了