灯炮的亮度是由什么决定的

A、当滑动变阻器滑片P向左移动，其接入电路的电阻增大，电路总电阻R_总增大，电流I减小，灯泡的功率P=I²R_L，R_L不变，则灯泡变暗．故A错误．
B、当内、外电阻相等时，电源的输出功率功率最大．灯炮L的电阻大于电源的内阻，当R增大时，电源的输出功率减小．故B错误．
C、变阻器两端电压增大，电容器与变阻器并联，电容器上电压也增大，则其电荷量增大，故C错误．
D、电流表读数变小，电压表读数U=E-Ir变大．故D正确．
故选D

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 本题的难点在于确定电源的输出功率如何变化，可以用数学证明，当内外电阻相等时，电源的输出功率最大，这是很重要的结论．对于电容器，关键确定电压，记住这个结论很有必要：电容器与与它并联的电路电压相等．

（1）灯泡正常发光时的电压为6V，由乙图可知正常发光时的电流为1A，
灯泡正常发光时电阻R_L额=
UL额
IL额=[6V/1A]=6Ω．
（2）由乙图可知，当电流表的示数I=0.5A时，灯泡两端的电压U_L=2V，
滑动变阻器两端的电压U_R=U-U_L=9V-2V=7V，
滑动变阻器接入电路的电阻R=
UL
I=[7V/0.5A]=14Ω；
（3）当电流表的示数为0.5A时，
小灯泡的实际电功率P_L=U_LI=2V×0.5A=1W；
（4）由图乙可知，当电压表的示数为3V时，电路中的电流I=0.7A，
整个电路10s内消耗的电能W=UIt=9V×0.7A×10s=63J．
答：（1）小灯炮正常发光时电阻为6Ω；
（2）当电流表的示数为0.5A时，滑动变阻器连入电路的电阻为14Ω；
（3）当电流表的示数为0.5A时，小灯泡的实际电功率为1瓦；
（4）当电压表的示数为3V时，整个电路10s 内消耗的电能是63焦耳．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功的计算；电功率的计算．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是根据图象读出电压表对应的电流和电流表对应的电压．

（1）①灯泡的额定电压为3.8V，因此电压表量程选择0～15V，电流从“+”接线柱流入从“-”接线柱流出；
②滑动变阻器要串联在电路中，接线柱选择要“一上、一下”，实物图如下：

（2）①连接电路时开关必须断开，滑动变阻器下面选择的是A接线柱，因此最大阻值处在滑片移到B端时；
②小灯泡不亮，说明电路中断路的地方，电压表示数为4.5V等于电源电压，说明电压表的两个接线柱和电源连接的部分没有断路，从实物图上不难看出，故障是小灯泡处断路了．
故答案为：断开；B；灯座断路（或灯丝断了或灯泡坏了或灯泡与灯座接触不良）．
（3）当U=3.8V时，电流表的量程为0～0.6A，分度值为0.02A，因此I=0.28A，
∴灯的额定功率：P=UI=3.8V×0.28A=1.064W．
故答案为：3.8；1.064．

点评：
本题考点： 电功率的测量；实物的电路连接；电流表、电压表在判断电路故障中的应用；电功率的计算．

考点点评： 注意两个问题：
（1）电路图和实物电路的连接，重点是电表和滑动变阻器的连接；
（2）额定功率的计算：找到额定电压下对应的电流就是额定电流，额定电压和额定电流的乘积就是额定功率

看我的

（1）由I-U图象可知，小灯泡正常发光时，
电路中电流I=I_L=1A，
滑动变阻器两端电压
U_滑=U-U_L=9V-6V=3V，
此时滑动变阻器连入电路的电阻为
R_滑=
U滑
I=[3V/1A]=3Ω；
答：当小灯炮正常发光时，滑动变阻器连入电路的电阻为3Ω．
（2）由I-U图象可知，当电流表的示数为0.5A时，小灯泡两端电压U_L′=2V；
小灯泡的电功率P_L′=U_L′I′=2V×0.5A=1W，
答：当电流表的示数为0.5A时，小灯泡的电功率为1W．
（3）由I-U图象可知，当电压表的示数为3V时，
电路中的电流I″=I_L=0.7A，
整个电路10s内消耗的电能
W=UI″t=9V×0.7A×10s=63J；
答：当电压表的示数为3V时，整个电路10s内消耗的电能是63J．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电功；电功率的计算．

考点点评： 本题考查了求电阻阻值、灯泡实际功率、电路消耗的电能，难度不大，是一道基础题，由I-U图象求出电压与电流是正确解题的关键．

你.
为什么用电流表测他们的电压
好吧 不一定 举反例就可以了
你看现在是串联
让两个灯泡电阻相同
则其电压相同

A、B、C，闭合S₂时，外电阻减小，总电流I增大，变阻器PAB部分电压增大，PA部分电压减小，电压表读数变小，电流表读数变小，灯泡变暗．故A、B错误，C正确．
D、根据数学知识得知，当电源内外电阻相等时，电源输出功率最大．由于滑动变阻器的PB部分的电阻大于电源内阻r，闭合S₂后，外电阻减小，则电源的输出功率增大．故D正确．
故选CD

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 本题充分利用数学知识处理物理问题，这是物理上常用的方法，也是高考考查的重要内容．

（1）当开关S接b点时，电阻R的值为
R=
U2
I2＝
4
1Ω＝4Ω
（2）当开关接a时，
U₁=5V，I₁=
P1
U1＝
2.5
5A＝0.5A
根据闭合电路欧姆定律得
E=U₁+I₁r ①
E=U₂+I₂r ②
联立①②联解得E=6Vr=2Ω
答：（1）电阻R的值为4Ω；
（2）电源的电动势和内阻分别为E=6V、r=2Ω．

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 本题是简单的直流电路的计算问题．对于电源的电动势和内阻，常常根据两种情况闭合电路欧姆定律列方程，联立组成方程组求解．

（1）电表选择本着安全和准确两个原则进行，安全性即不能烧坏电表，准确性要求指针偏转角度大些，即要求在其量程的三分之二左右偏转，该题中灯泡两端的额定电压为12V，因此电压表选B，额定电流为0.5A，因此电流表选择D．
故答案为：B，D．
（2）该实验要求从零开始多取几组数据，因此滑动变阻器采用分压接法，灯泡电阻较小，因此安培表外接，故原理图如下所示：

（3）当灯泡两端电压为9.0V时，由小灯泡的U-I图线可知，此时电流为：I=0.45A；
因此小灯泡的电阻为：R＝
U
2＝20Ω；
小灯泡的实际消耗功率：P=UI=9.0V×0.45A=4.05W
故答案为：20Ω，4.05W．
（4）由图可知当电流为I=0.32A时，灯泡电压大约为3.6V，此时电阻电压为：20×0.32=6.4V，此时灯泡和电阻两端电压正好为10V，这说明灯泡工作的电压为3.6V，电流为0.32A，因此电阻消耗的功率为：P=6.4×0.32A=2.05W．
故答案为：2.05．

点评：
本题考点： 描绘小电珠的伏安特性曲线．

考点点评： 仪器选择、电路设计、连接实物图是电学实验经常考查的重点知识，从U-I图象可以得出的信息：知道一定电压下的通过灯泡的电流，然后根据电学基础知识进行求解，对于这部分知识主要在平时加强训练．

因为闭合开关后，有一盏灯泡发光，因此电路发生短路故障；又因为电压表有示数，并且等于电源电压，所以L₂被短路．
故选B．

点评：
本题考点： 电流表、电压表在判断电路故障中的应用．

考点点评： 此题考查了用电流表、电压表来判断电路故障，对两表的用法和特征要会运用．

（1）因灯泡的额定电压为12V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于12V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用0～15V，内阻约为25kΩ的电压表，故选B；
由P=UI得，灯泡的额定电流I=[P/U]=[6/12]=0.5A；故电流表应选择0～0.6A的量程，故选D；
（2）由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，灯泡的电阻约为R=
U2
P＝24Ω，跟电流表内阻接近，所以用电流表外接法，实物图连接如图所示．
（3）根据U-I图象读出电压为9.0V时的电流为0.45A，根据欧姆定律得：R=
U
I＝
9
0.45＝20Ω，P=UI=9×0.45=4.05W；
（4）当灯泡接入电动势为3V、内阻为2.5Ω的电源中时，
由闭合电路欧姆定律E=U+IR得：
U=10-20I
画出U-I图象，与该小灯泡的伏安特性曲线的交点表示该灯泡接入电路中的电压和电流，由图读出通过灯泡电流为0.3A，两端电压为4.0V，
所以电阻两端的电压为U=10-4=6V，通过电阻的电流与灯泡电流相等，所以电阻的功率为P=UI=6×0.3=1.8W．
故答案为：（1）B、D；（2）如图所示；（3）20、4.05；（4）1.8．

点评：
本题考点： 描绘小电珠的伏安特性曲线．

考点点评： 本题考查实验中的仪表选择及接法的选择；应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同时还应明确内外接法的不同及判断．