将11.5t硬质酸甘油酯进行皂化,若有质量分数为百分之85的

（1）小明在电路中连入R₀的目的是防止电流过大而烧坏电流表，起到保护电路的作用；
（2）如图所示，当不拉拉环时R_ab=25Ω，定值电阻R₀=5Ω，定值电阻R₀与可变电阻R_ab组成串联电路，电源电压U=3V，
电流表的示数为：I=[U
Rab+R0=
3V/25Ω+5Ω]=0.1A，所以拉力计表盘上的零刻度应标在电流表表盘的0.1A处．
（3）拉环在b处时，电路中电阻R_ab=0Ω，弹簧伸长5cm，由图乙可知此时拉力的大小为500N，
此时电路电流I′=[U
R0=
3V/5Ω]=0.6A；
故应标为500N．
答：（1）小明在电路中连入R₀的目的是保护电路．
（2）当不拉拉环时，电路中的电流为0.1A，若小明将电流表的表盘改为拉力计的表盘此时指针的位置表示拉力为0N；
（3）当把拉环拉至b时，电流为0.6A，此处对应的拉力为500N．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用．

考点点评： 能否通过图甲准确判断定值电阻R0与可变电阻Rab的电路关系，了解滑片在不同位置时电路所处的状态，并转化成拉力所对应的示数是本题的解题关键．

对O点受力分析，受重力和两个杆沿着杆的拉力，若从图示位置将圆环顺时针缓慢旋转90°，相当与重力反向（逆时针）转动90度，如图；

从图可以看出，当重力方向等效逆时针转动时，两个杆的弹力的合力也逆时针转动，杆AO的弹力先增加后减小，而杆BO的弹力一直减小；
若从图示位置将圆环逆时针缓慢旋转90°，相当与重力反向（顺时针）转动90度，如图；

从图可以看出，当重力等效顺时针转动时，杆OA弹力减小，杆OB弹力也减小；
故答案为：先变小后变大，一直减小．

点评：
本题考点： 共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．

考点点评： 本题是三力平衡的动态分析问题，关键是等效为两个杆的弹力方向不变，而重力方向逆时针或者顺时针缓慢转动90度进行分析，这样作图较为简便．

（1）∵当不拉拉环时，金属滑片P刚好处于b端，电阻R全连入，
根据I=[U/R]得，
I=[U
R+R0＝
6V/50Ω+10Ω]=0.1A，
此时电压表的示数为U₀=IR₀=0.1A×10Ω=1V，
即拉力计表盘上的零刻度 应标在电压表表盘的1V处；
（2）当电压表的示数U₀′=2V时，
I′=
U0′
R0＝
2V
10Ω=0.2A，
所以电阻线连入电路的电阻值：R′=
U−U0′
I′＝
6V−2V
0.2A=20Ω；
（3）已知R是一根长为5cm的均匀电阻线并且阻值跟长度成正比，其最大阻值为50Ω，所以阻值与长度的对应关系为[50Ω/5cm]=10Ω/cm；
由图象知，当弹簧受到拉力F₁=200N时，弹簧伸长2cm，所以此时电阻线接入电路的长度为L₁=5cm-2cm=3cm，
接入电路的电阻为R₁=10Ω/cm×3cm=30Ω；
当弹簧受到拉力F₂=400N时，弹簧伸长4cm，所以此时电阻线接入电路的长度为L₁=5cm-4cm=1cm，
接入电路的电阻为R₂=10Ω/cm×1cm=10Ω；
两种情况下电路消耗的功率之比为
P1
P2＝

U2
R总1

U2
R总2＝
R总2
R总1＝
R2+R0
R1+R0＝
10Ω+10Ω
30Ω+10Ω＝
1
2．
答：（1）当不拉拉环时，拉力计表盘上的零刻度应标在电压表表盘的1V处；
（2）闭合开关，当电压表的指针指在2V时，滑动变阻器R_ab接入电路的电阻为20Ω；
（3）作用在拉环上拉力为200N和400N时电路消耗的功率之比为1：2．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电功率的计算．

考点点评： 解此类题要弄清两种情况下，滑动变阻器连入的电阻值，分别利用欧姆定律和串联电路的分压关系求解；会从弹簧伸长的长度△L与所受拉力F问的关系图上找压力．

（1）观察电子拉力计的原理图发现包含以下物理知识：
①弹簧：在弹性限度内，弹簧的伸长和所受拉力成正比；
②手拉拉环需要用力：物体间力的作用是相互的；
③滑动变阻器：电阻的大小与导体的长度有关；
（2）当滑片P在a端时，拉力大小为0N，滑动变阻器接入电路中的电阻为最大值，R₀与R_ab串联，
∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
∴根据欧姆定律可得，此时电流表的读数：
I=[U
R0+Rab=
3V/10Ω+50Ω]=0.05A；
（3）当拉力的示数为400N时，由图象知，弹簧的伸长△L=4cm，则接入电路的阻值为R=[10−4/10]×50Ω=30Ω，
电路中的电流I′=[U
R0+R=
3V/10Ω+30Ω]=0.075A，
由P=UI，I=[U/R]得，P=I²R₀=（0.075A）²×10Ω=0.05625W．
答：（1）①弹簧：在弹性限度内，弹簧的伸长和所受拉力成正比；
②手拉拉环需要用力：物体间力的作用是相互的；
③滑动变阻器：电阻的大小与导体的长度有关；
（2）当拉力表示数为0N时，通过R₀的电流是0.05A；
（3）当拉力表示数为400N时，R₀消耗的功率是0.05625W．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电功率的计算．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点，电功率的计算，电路分析及图象的识别等知识，有一定难度；正确的分析电路特点和图象是解题的关键．

（1）由图可知，当滑片在R₁的a端时R₀与R₁的最大阻值串联，
∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
∴根据欧姆定律可得，电路中的电流：
I₁=[U
R0+R1=
6V/10Ω+50Ω]=0.1A；
（2）小明在电路中连入R₀的目的是：保护电路；
（3）当电流表指针指在0.15A处时，电路中的总电阻：
R=[U
I2=
6V/0.15A]=40Ω，
电阻丝接入电路的电阻：
R₁′=R-R₀=40Ω-10Ω=30Ω，
∵a、b是一根长为5cm的均匀电阻丝，阻值R₁=50Ω，
∴每1cm电阻丝的阻值为10Ω，则R₁连入电路中的长度为3cm，
滑片向右移动的距离△L=5cm-3cm=2cm，
由图乙知，作用在拉环上的力F=200N．
答：（1）当拉环不受拉力时，滑片P处于a端，闭合开关后电流表的读数是0.1A；
（2）小明在电路中连入R₀的目的是保护电路；
（3）开关S闭合后，当电流表指针指在0.15A处，作用在拉环上水平向右的拉力为200N．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电阻的串联．

考点点评： 能否通过图甲准确判断定值电阻R0与可变电阻R1的电路关系，了解滑片在不同位置时电路所处的状态，并转化成拉力所对应的示数是本题的解题关键．

（1）∵当不拉拉环时，金属滑片P刚好处于b端，电阻R全连入，
∴I＝
U
R0+R＝
3V
5Ω+25Ω＝0.1A
U₀=IR₀=0.1A×5Ω=0.5V
即拉力计表盘上的零刻度 应标在电压表表盘的0.5V处；
（2）当电压表的示数U₀′=1.5V时，
I′＝
U′0
R0＝
1.5V
5Ω＝0.3A
所以电阻线连入电路的电阻值：
R′ ＝
U−U′0
I′＝
3V−1.5V
0.3A＝5Ω
因为弹簧的伸长量：
△L＝5cm−
5Ω
25Ω×5cm＝4cm
由弹簧伸长的长度△L与所受拉力F间的关系图可知：
F=400N；
答：（1）当不拉拉环时，拉力计表盘上的零刻度 应标在电压表表盘的0.5V处；
（2）闭合开关，当电压表的指针指在1.5V时，电阻线接入电路中的电阻值为5Ω，此时，作用在拉环上竖直向上的拉力为400N

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；串联电路的电压规律．

考点点评： 解此类题要弄清两种情况下，滑动变阻器连入的电阻值，分别利用欧姆定律和串联电路的分压关系求解；会从弹簧伸长的长度△L与所受拉力F问的关系图上找压力．

A、A处于静止状态，对A进行受分析，A受到重力，B书两侧对A的两个支持力，B书两侧对A的两个摩擦力，共5个力，故A错误；
B、A受力平衡，根据平衡条件得：
f_合=mgsinθ，故B正确；
C、B的一个侧面对A的弹力N=
1
2mgcosθ，故C错误；
D、B对A的作用力大小为A的重力mg，方向竖直向上，故D错误．
故选：B．

点评：
本题考点： 物体的弹性和弹力．

考点点评： 本题的关键是能正确对A进行受力分析，注意A受力平衡，合外力为零，则B对A的作用力大小为A的重力mg，方向竖直向上．

A、若实验很成功，出现的现象是细铜丝由紫红色变为黑色，故A正确；
B、空气中氧气的体积分数约占空气体积的21%，则若实验很成功，冷却后，密闭容器内气体的体积约为40mL，故B错误；
C、空气中除了氧气，还有剩余的气体，故“该实验能证明空气是混合物”，故C错误；
D、在实验的加热过程中，交替缓慢推动两注射器的目的是 使空气中的氧气与铜充分反应，故D正确．
故选：C．

点评：
本题考点： 空气组成的测定．

考点点评： 本题考查了通过铜丝在密闭注射器里的空气中的燃烧测定了空气中氧气的体积分数．通过设计一些定量实验探究，可培养学生的开放性思维，使学生会对所学的化学原理进行综合应用．

（1）∵当不拉拉环时，金属滑片P刚好处于b端，电阻R全连入，
∴I＝
U
R0+R＝
3V
5Ω+25Ω＝0.1A
U₀=IR₀=0.1A×5Ω=0.5V
即拉力计表盘上的零刻度 应标在电压表表盘的0.5V处；
（2）当电压表的示数U₀′=1.5V时，
I′＝
U′0
R0＝
1.5V
5Ω＝0.3A
所以电阻线连入电路的电阻值：
R′ ＝
U−U′0
I′＝
3V−1.5V
0.3A＝5Ω
因为弹簧的伸长量：
△L＝5cm−
5Ω
25Ω×5cm＝4cm
由弹簧伸长的长度△L与所受拉力F间的关系图可知：
F=400N；
答：（1）当不拉拉环时，拉力计表盘上的零刻度 应标在电压表表盘的0.5V处；
（2）闭合开关，当电压表的指针指在1.5V时，电阻线接入电路中的电阻值为5Ω，此时，作用在拉环上竖直向上的拉力为400N

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；串联电路的电压规律．

考点点评： 解此类题要弄清两种情况下，滑动变阻器连入的电阻值，分别利用欧姆定律和串联电路的分压关系求解；会从弹簧伸长的长度△L与所受拉力F问的关系图上找压力．

（1）在小球从A运动到B的过程中，对小球由动能定理有：[1/2]mv_B²-0=mgl₂+F_电l₁，①
由于小球在电场中受到的静电力大小为重力的一半，即 F_电=[1/2]mg ②
代入数据可得：v_B=2.0m/s③
小球运动到管口B时的速度大小为2.0m/s．
（2）小球离开B点后，设水平方向的加速度为a，位移为s，在空中运动的时间为t，
水平方向有：a=[g/2]，④
s=v_Bt+[1/2]at²，⑤
竖直方向有：h=[1/2]gt²，⑥
由③～⑥式，并代入数据可得：s=4.5m．
故小球着地点与管的下端口B的水平距离为4.5m．

点评：
本题考点： 动能定理的应用；平抛运动．

考点点评： 本题关键对小球各个过程的运动情况分析清楚，对A到B过程，由于为曲线运动，可用动能定理，对离开B后的运动，根据运动的合成与分解，化曲为直研究！

（1）在小球A运动到B的过程中，只有重力和电场力做功．
由动能定理有：
mgR+F_电R=
1
2mvB2-0①
由题意可知F电＝
1
2mg②
联立①②式解得：vB＝
3gR=3m/s③
（2）为了满足题意，只有加方向为垂直纸面向里的匀强磁场时才行．
当洛仑兹力和重力平衡时，带电小球才可能做匀速直线运动．
故mg=Bqv_B④
由于F电＝
1
2mg⑤
联立③④⑤式得[B/E＝
2
3]
答：（1）小球运动到管口B时的速度大小为3m/s；
（2）磁场的方向为垂直纸面向里，磁感应强度大小和原匀强电场强度E的比为[2/3]．

点评：
本题考点： 动能定理的应用；共点力平衡的条件及其应用；洛仑兹力．

考点点评： 本题主要考查了带电粒子在电场磁场中的运动规律，根据动能定理及平衡条件去求解，难度适中．

A、a为地表径流，采用“可呼吸地面”之后，下渗量增大，地表径流减小，不容易出现城市内涝，故不符合题意；B、地下漏斗就是某地区因地下水被过度开采，导致地下水饱和水面（也叫潜水面）以采水点为中心，四周向中心...

点评：
本题考点： 水循环的过程和主要环节．

考点点评： 主要考查了城市化对水循环环节的影响，要求学生熟练掌握相关知识并能运用于分析解答．