把车停放在门口用英文怎么说

（1）小车固定时，物块恰好停在C点，整个过程只有重力和摩擦力做功，根据能量守恒：
mg（h+R）=μmgs_BC
代入数据解得：s_BC=4m
（2）小车不固定时，当物块运动到B点时，由于摩擦力作用，小车向右运动，最终二者速度相等设为V，由系统动量守恒：
mv=（M+m）V
根据动能定理，
1
2mv2−
1
2(M+m)V2＝μmgs
联立解得：s=3m
即物块在此停在距B点的距离3m．
答：（1）水平轨道BC长度为4m；
（2）小车不固定时物块再次停在小车上时距小车B点的距离为3m；

点评：
本题考点： 动量守恒定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；动能定理．

考点点评： 本题关键考查能量守恒和动能定理及牛顿第二定律的综合应用，难度适中．

答：在烈日照射下，车胎内空气温度升高，空气体积变大，当体积大到一定程度时不再增大，气体温度继续升高，车胎内空气压强变大，大于外界大气压，车胎内外受力不平衡，车胎胀破．

点评：
本题考点： 气体压强跟体积的关系．

考点点评： 本题考查气体压强跟体积的关系，应了解自行车爆胎的原因，暴晒后温度升高，轮胎内气压增大，轮胎内外气压差大于轮胎所能承受的压强，导致轮胎爆裂．告诫学生自行车爆胎是很危险的，自行车放置在荫凉处，夏天轮胎不要充气太足．

（1）物块从静止释放至B的过程中小车不动，对物体由机械能守恒定律有：
mg（h+R）=[1/2m
v2B]…①
解得：v_B=2
gR…②
在B处时，由牛顿第二定律有：N-mg=m

v2B
R…③
解得：N=5mg…④
（2）物块滑上水平轨道至B与小车相对静止的过程中，对系统由动量守恒和能量守恒有：
mv_B=（m+M）v_共…⑤
[1/2m
v2B]=[1/2(M+m)
v2共]+2μmgL…⑥
解得：L=[3R/4μ]…⑦
（3）物块滑上水平轨道至将弹簧压缩至最短的过程中，对系统由动量守恒和能量守恒有：
mv_B=（m+M）v′_共…⑧
[1/2m
v2B]=[1/2(M+m)v
′2共]+μmgL+E_pmax…⑨
解得：E_pmax=[3/4mgR…⑩
答：（1）物块下落后由A滑至B处时，对轨道的压力大小是5mg；
（2）水平轨道BC段的长度是
3R
4μ]；
（3）压缩弹簧过程中，弹簧所具有的最大弹性势能是
3
4mgR．

点评：
本题考点： 动量守恒定律；动能定理；机械能守恒定律．

考点点评： 本题首先要分析物理过程，确定研究对象，其次要把握解题的规律，运用用机械能守恒、牛顿运动定律、动量守恒和能量守恒结合研究，难度适中．

A、在2s内人相对于河岸的位移为4m，则人的平均速度
.
v人＝
x人
t＝
4
2m/s＝2m/s．故A正确，B错误．
C、船的位移大小为1m，则船的平均速度
.
v船＝
x船
t＝
1
2m/s＝0.5m/s．故C、D错误．
故选A．

点评：
本题考点： 平均速度．

考点点评： 解决本题的关键理清人和船相对于河岸的位移，以及掌握平均速度的定义式.v＝xt．

设四轮小轿车有x辆，双轮摩托车有y辆，
（x+y）：（4x+2y）=2：5，
（4x+2y）×2=5（x+y），
8x+4y=5x+5y，
8x-5x=5y-4y，
3x=y，
所以，y：x=3：1，
答：摩托车与四轮小轿车的比是3：1．
故选：B．

点评：
本题考点： 比的应用．

考点点评： 解答此题的关键是，根据题意设出未知数，并根据数量关系写出比例，再根据比例的基本性质作答．

（1）弹性势能变为动能 即：
Ep＝
1
2mv2，
解得：
v＝

2Ep
m＝

2×16
2＝4m/s，
此时小球受到重力和轨道支持力，其合力充当向心力，则：
N−mg＝m
v2
r，
解得：
N＝mg+m
v2
r＝2×10+2×
42
0.2＝180N．
由牛顿第三定律可知，小球对轨道Q处的压力为180N．
（2）临界状况是小球在P点刚好没出来，此时小球与A的速度相同，
对小球和A由动量守恒可得：
mv=mv′+Mv′，
解得：
v′＝
mv
M+m＝
2×4
2+2＝2m/s，
由Q到P由动能定理可得：
−mgR＝
1
2(M+m)v′2−
1
2mv2
解得：
R=0.4m．
即R不能小于0.4m．
（3）由（2）可知，小球的最终速度与圆弧型槽的半径没有关系，故改变圆弧型槽的半径，圆弧型槽的半径对小车的最终速度没有影响．
答：
（1）小球刚滑到Q处时，小球对轨道Q处的压力为180N；
（2）改变圆弧型槽的半径，小球不从P处冲出圆弧形槽，圆弧型槽半径满足R≥0.4m．
（3）改变圆弧型槽的半径，圆弧型槽的半径对小车的最终速度没有影响．

点评：
本题考点： 机械能守恒定律；向心力．

考点点评： 该题综合性较强，作为圆轨道问题一般的都要用到与圆周运动的公式，此种方式在综合题中很常见，故应该掌握好圆周运动这块知识；该题的难点是用动量定理来处理临界问题．

(1)能使木板能从滑块下抽出来，滑块所受摩擦力必须大于最大静摩擦力。当滑块受最大静摩擦力时，根据牛顿第二定律有：

依题意有：

用整体法，对滑块和木板组成的系统，根据牛顿第二定律有；

解得：Fm="24"N

可见恒力F的大小范围是F⩾24N。

恒力F作用下，根据牛顿第二定律有：

解得：

撤去F后，由牛顿第二定律可得：

解得：

滑块：

其加速度为：

若F作用t1后撤去，滑块继续在木板上运动的时间为t2，根据匀变速直线运动的规律，木板运动的位移：

在整个时间内，滑块的位移为：

依题意有：

欲使时间最短，滑块和木板的末速度应该相等：

联立以上各式，解得：t1="1"s。

（1）F≥24 N；（2）1 s


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小车B从开始运动到物体A刚进入小车B的粗糙部分过程中，因物体A在小车B的光滑部分不受摩擦力作用，故物体A处于静止状态，设小车B此过程中的加速度为a₁，运动时间为t₁，通过的位移为x₁，运动的速度为v₁．则
根据牛顿第二定律得：a₁=[F
mB，
根据匀变速直线运动速度时间公式得：v₁=a₁t₁，
根据位移时间公式得：x₁=
1/2]a₁t12
当物体A进入到小车B的粗糙部分后，设小车B的加速度为a₂，物体A的加速度为a₃，两者达到相同的速度经历的时间为t₂，且共同速度v₂=a₃t₂，则有
根据牛顿第二定律得：a₂=
F−μmAg
mB，a₃=μg，
根据速度时间公式得：v₁+a₂t₂=a₃t₂，
根据位移关系得：v₁t₂+[1/2]a₂t22-[1/2]a₃t32=L-x₁
综合以上各式并代入数据可得A和B间光滑部分的长度x₁=0.8 m
答：A和B间光滑部分的长度为0.8m

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 对小物体A与小车B的受力分析容易出错，而导致对运动状态的分析错误．开始阶段，由于小物体水平方向不受外力，故小物体A应处于静止状态；当小物体A进入粗糙部分后，由于两者发生了相对滑动，则小车B的受力发生了变化，对应的加速度也发生变化．