（2011•宣城模拟）如图，一次函数y=kx+2的图象与反比例函数y=[m/x]的图象交于点P，点P在第一象限．PA⊥x

对线框进入或穿出磁场过程，设初速度为v₁，末速度为v₂．由动量定理可知：B
.
IL△t=mv₂-mv₁，又电量q=
.
I△t，得
m（v₂-v₁）=BLq，
得速度变化量△v=v₂-v₁=[BLq/m]
由q=[△∅/R] 可知，进入和穿出磁场过程，磁通量的变化量相等，则进入和穿出磁场的两个过程通过导线框横截面积的电量相等，故由上式得知，进入过程导线框的速度变化量等于离开过程导线框的速度变化量．
设完全进入磁场中时，线圈的速度大小为v′，则有
v₀-v′=v′-v，
解得，v′=
v0+v
2
故选：B．

点评：
本题考点： 法拉第电磁感应定律．

考点点评： 根据动量定理求解电量或速度的变化是常用的方法，还要掌握感应电荷量公式q=[△∅/R]，即可进行分析．

（Ⅰ）由正弦定理化简已知等式得：（b-a）（b+a）=c（b-c），
即b²+c²-a²=bc，
∴cosA=
b2+c2−a2
2bc=[1/2]，
∵A为三角形的内角，
∴A=[π/3]，
∵cosC=

3
3，
∴sinC=
1−cos2C=

6
3，
∴sinB=sin（A+C）=sinAcosC+cosAsinC=

3
2×

3
3+[1/2]×

6

点评：
本题考点： 正弦定理；余弦定理．

考点点评： 此题考查了正弦、余弦定理，以及三角形面积公式，熟练掌握定理及公式是解本题的关键．

7.8×10³×（19×60+35）=9.165×10⁶≈9.17×10⁶．
故选C．

点评：
本题考点： 科学记数法与有效数字．

考点点评： 此题考查科学记数法的表示方法，以及用科学记数法表示的数的有效数字的确定方法．

（1）以小物块为研究对象，由牛顿第二定律得：
μmg=ma₁
解得：a₁=μg=2m/s²
以小车为研究对象，由牛顿第二定律得：
F-μmg=Ma₂
解得：a2＝
F−μmg
M＝0.5m/s2
故小物块的加速度为a₁=2m/s²，小车的加速度为a₂=0.5m/s²．
（2）由运动学公式：a₁t=v₀+a₂t
解得：t＝
v0
a1−a2＝1s
则：x1＝
1
2a1t2＝1m
x2＝v0t+
1
2a2t2＝1.75m
L=x₂-x₁=0.75m
故小车的长度是0.75m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 对于这类有两个物体组成的系统，在研究各自的运动情况时，要正确分析各自所受摩擦力情况，弄清运动形式，把握速度相等和相对位移这两个关系．

（1）长颈漏斗和锥形瓶是实验室常用的仪器，故答案为：长颈漏斗，锥形瓶．
（2）如果用过氧化氢和二氧化锰制氧气或用石灰石和稀盐酸制二氧化碳，就不需要加热；过氧化氢在二氧化锰做催化剂的条件下生成水和氧气；碳酸钙和盐酸反应生成氯化钙和水和二氧化碳，配平即可．故答案为：2H₂O₂

MnO2
.
2H₂O+O₂↑，CaCO₃+2HCl=CaCl₂+H₂O+CO₂↑．

点评：
本题考点： 常用气体的发生装置和收集装置与选取方法；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 本考点主要考查气体的制取装置和收集装置的选择，同时也考查了化学方程式的书写，综合性比较强．气体的制取装置的选择与反应物的状态和反应的条件有关；气体的收集装置的选择与气体的密度和溶解性有关．本考点是中考的重要考点之一，主要出现在实验题中．

（1）电路最大电流约为：I=[E/R]=[4.5/10]=0.45A，电流表应选B，为方便实验操作，滑动变阻器应选F．
（2）由图示螺旋测微器可知，螺旋测微器的读数等于：0+0.01×26.7mm=0.267mm．
（3）把电流计改装成电压表，需要串联电阻的阻值：R=[U
Ig-Rg=
4.5/0.003]-120=1380Ω；为得到较大的电压调节范围，滑动变阻器用分压式接法；由于待测电阻的电阻值较小，电流表采用外接法．如图所示．

（4）通过待测电阻的电流为：I=I₂-I₁，待测电阻两端的电压为：U=I₁（R_g+R₀），
待测电阻阻值：R_X=[U/I]=
I1(Rg+R0)
I2−I1，
由电阻定律可知，电阻：R=ρ[L/S]=ρ[L
π(
d/2)2]，
解得：ρ=
πd2I1(Rg+R0)
4(I2−I1)L；
故答案为：（1）B；F；（2）0.267；（3）1380；电路图如图所示；（4）
πd2I1(Rg+R0)
4(I2−I1)L．

点评：
本题考点： 测定金属的电阻率．

考点点评： 解决本题的关键掌握螺旋测微器的读数方法，以及知道电流表内外接的区别，滑动变阻器分压和限流接法的区别．

当P与A₁点重合，Q与C₁点重合时，BP⊥DQ，
故①正确；
由①正确，可得空间中任意直线与BP，DQ夹角相等时，
夹角最小值为45°，
故②错误；
设平面A₁B₁C₁D₁两条对角线交点为O，则易得PQ⊥平面OBD，
平面OBD将四面体BDPQ可分成两个底面均为平面OBD，
高之和为PQ的棱锥，故四面体BDPQ的体积一定是定值，
故③正确；
若|PQ|=1，则四面体BDPQ的表面积不是定值；
四面体BDPQ在上下两个底面上的投影是对角线互相垂直且对角线长度均为1的四边形，其面积为定值，
四面体BDPQ在四个侧面上的投影，均为上底为

2
2，下底和高均为1的梯形，其面积为定值，
故四面体BDPQ在该正方体六个面上的正投影的面积的和为定值，
故⑤正确；
故答案为：①③⑤．

点评：
本题考点： 棱柱的结构特征．

考点点评： 本题考查的知识点是棱柱的几何特征，是空间异面直线关系，棱锥体积，投影的综合应用，难度较大．

设平均每次降价的百分率为x，则第一次降价后每件300（1-x）元，第二次降价后每件300（1-x）²元，
由题意得：300（1-x）²=243
解得：x₁=0.1，x₂=1.9（不符合题意舍去）
所以平均每次降价的百分率为：10%．
故答案为：10%．

点评：
本题考点： 一元二次方程的应用．

考点点评： 此题主要考查了一元二次方程的应用中增长率的问题，一般公式为原来的量×（1±x）2=后来的量，其中增长用+，减少用-．

过A点作AF⊥CD于F点，交BE于G点，则AG⊥BE
又∵AB=AE
∴BE=2BG（2分）
在Rt△ABG中，tanα=[AG/BG＝
3
4]
设AG=3a，BG=4a
∴CD=BE=8a，BC=DE=GF=4a（5分）
根据勾股定理，AB=AE=
AG2+BG2＝5a（6分）
∴2（5a+4a+8a）=16
解得a=[8/17]（8分）
∴AF=AG+FG=7a＝
56
17≈3.3cm（9分）
答：帐篷的点A到底CD的距离即AF大约3.3cm（10分）

点评：
本题考点： 解直角三角形的应用．

考点点评： 本题把三角函数的概念在里面，以框架的总长为线索，设出AG为3a，BG为4a，列式从而求得a的值，进一步从而求得AF的值．

由程序框图知：算法的功能是求S=2¹+2²+…+2ⁱ+i的值，
∵跳出循环的i值为5，
∴输出S=2¹+2²+2³+2⁴+4=1+4+8+16+4=33．
故选：D．

点评：
本题考点： 程序框图．

考点点评： 本题考查了循环结构的程序框图，根据框图的流程判断算法的功能是关键．

（1）①将粗铁粒投入某浓度硝酸中，发现反应进行一段时间后，反应开始逐渐加快，可从2个方面答：其一是温度原因，其二是形成原电池，故答案为：反应放热，一段时间后溶液温度升高，反应速率加快； ②由于铁中含杂质铜，反应时形成Fe-Cu 微型原电池，加快反应速率；
（2）可以选择硫氰酸钾来检验三价铁离子，存在三价铁离子时，溶液变红色，亚铁离子具有还原性，可以被高锰酸钾氧化为三价铁离子，导致高锰酸钾褪色，故答案为：
步骤 操作 现象与结论 可能的离子方程式
第1步 若溶液变红色，则溶液含有Fe³⁺；
若无现象，则不含Fe³⁺ Fe³⁺+3SCN^-=Fe（SCN）₃
第2步 另取少量溶液装于试管，向试管里滴加几滴酸性高锰酸钾溶液 5Fe²⁺+MnO₄^-+8H⁺=5Fe³⁺+Mn²⁺+4H₂O（3）装置乙中NO₂与Na₂S溶液反应，可看作是先生成硝酸，硝酸在与Na₂S溶液反应生成S沉淀，故可验证NO₂的存在并除去NO₂，故答案为：验证NO₂的存在并除去NO₂；
（4）由于NO₂与水反应也能生成NO，故不能确定气体Y中含NO，可以在乙和丙装置间加一个检验NO₂是否除尽装置，故答案为：不能确定，由于NO₂与水反应也能生成NO，故不能确定气体Y中含NO；
（5）由5NO₂^-～2 MnO₄^-，故2n（NO₂^-）=7.5×10^-3 mol，设NO、NO₂的物质的量分别为x、y mol，则有：x+y=10×10^-3 mol，2x+[1/2]（y-x）=7.5×10^-3，
解得：x=2.5×10^-3 mol，y=7.5×10^-3 mol，气体Y中NO、NO₂的体积比为1：3，
故答案为：1：3．

点评：
本题考点： 探究化学反应机理；探究物质的组成或测量物质的含量．

考点点评： 本题是一道实验探究题目，考查学生分析和解决问题的能力，考查角度广，难度大．

组成物质的分子不停地做无规则的运动，物体温度越高分子运动约剧烈．当温度升高时花朵分泌的芳香油分子做无规则运动速度加快，温度的高低影响分子运动的剧烈程度．
故答案为：做无规则运动；温度的高低．

点评：
本题考点： 扩散现象．

考点点评： 本题主要考查学生对影响分子无规则运动剧烈程度与温度关系的了解和掌握，是一道基础题．

（1）根据阿基米德原理，游船受到的浮力：
F_浮=G_排=m_排g=4.86×10⁶kg×10N/kg=4.86×10⁷N，
∵游轮漂浮，
∴游轮的总重：
G_总=F_浮=4.86×10⁷N；
（2）因为游轮从长江开到海里，重力不变，受到的浮力不变，而海水的密度大于江水的密度，根据阿基米德原理F_浮=ρgV_排可知游轮排开水的体积变小，吃水深度减小．
答：（1）计算满载时游轮的总重是4.86×10⁷N；
（2）因为海水的密度大于江水的密度，所以吃水深度变小．

点评：
本题考点： 物体的浮沉条件及其应用；重力的计算；阿基米德原理．

考点点评： 本题考查了学生对重力公式、阿基米德原理和物体的漂浮条件的掌握和运用，游轮满载时的排水量是指游轮满载时排开水的质量是本体的突破口．

（1）水吸收的热量：
Q_吸=cm₁△t=4.2×10³J/（kg•℃）×250kg×（80-20）℃=6.3×10⁷J，
（2）这些热量相当于完全燃烧m₂千克干木柴：
∵Q_吸=Q_放=m₂q
∴m₂=
Q吸
q=
6.3×107J
1.2×107J/kg=5.25kg
（3）使用太阳能清洁无污染、安全．
答：（1）水吸收的热量是6.3×10⁷J；
（2）这些能量相当于完全燃烧5.25kg干木柴放出的热量；
（3）使用太阳能有清洁无污染、安全的优点；

点评：
本题考点： 热量的计算；燃料的热值；有利于节约能源的措施．

考点点评： 本题考查了太阳能热水器使用、吸热公式计算、燃料燃烧放热计算，通过做题使学生了解太阳能的优点，引导学生积极开发新能源，有意义！

（1）收藏家收藏清朝末年的铝制品至今仍保存完好，其原因是4Al+3O₂=2Al₂O₃；致密的氧化物薄膜起保护作用；
（2）用稀硫酸鉴别黄铜（铜和锌的合金）和黄金，稀硫酸与锌反应，而不与铜反应，此反应的化学方程式为Zn+H₂SO₄=ZnSO₄+H₂↑；
（3）由题意，可知反应物、生成物，反应条件，故化学方程式为：C₆H₁₀O₅+6O₂

酶
.
6CO₂+5H₂O
故答为：（1）4Al+3O₂=2Al₂O₃；
（2）Zn+H₂SO₄=ZnSO₄+H₂↑；
（3）C₆H₁₀O₅+6O₂

酶
.
6CO₂+5H₂O

点评：
本题考点： 书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 学会从题目中提取有效的信息，确定反应物、生成物、反应条件，正确书写化学方程式；并且掌握书写化学方程式的方法和步骤．

由图可知该几何体是一个四棱锥
其底面是一个对角线为2的正方形，面积S=[1/2]×2×2=2
高为1
则V=[1/3•Sh=
2
3]
故选C

点评：
本题考点： 由三视图求面积、体积．

考点点评： 本题考查的知识点是由三视图求体积，其中根据已知中的三视图判断该物体是一个底面为对角为2的正方形，高为1的四棱锥是解答本题的关键．

（1）根据表中所列实验结果可以看出：在一定范围内，随细胞分裂素浓度增高，叶绿素的含量增加，气孔阻力减小，净光合速率加快，故细胞分裂素能促进叶绿素的合成，也可以通过改变气孔阻力来影响CO₂的吸收，从而影响植物光合作用．第二，外用细胞分裂素影响水稻光合作用与其浓度有关．表中各浓度下对光合作用都是促进作用，故不能从表中数据判断细胞分裂素对水稻光合作用的影响具有两重性．（2）该实验的自变量是细胞分裂素的有无和细胞分裂素的浓度．
（3）从表中可知，在一定范围内，随细胞分裂素浓度增高，叶绿素a/b的值有变化，故细胞分裂素对叶绿素b（a或b）的合成具有更大的促进作用，SiO₂在提取色素时加入的作用是使研磨更加充分．因为叶绿素b对光能的利用率更高，故说明上述结果与细胞分裂素能提高光合作用速率有关．
故答案为：
（1）①促进叶绿素的合成 ②CO₂的吸收 不能 表中各浓度下对光合作用都是促进作用
（2）细胞分裂素的有无和细胞分裂素的浓度
（3）b 使研磨更加充分 是叶绿素b对光能的利用率更高

点评：
本题考点： 植物激素的作用；叶绿体色素的提取和分离实验．

考点点评： 本题主要考查光合作用与呼吸作用的相关知识，意在考查考生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理做出合理判断并得出正确结论的能力．

吊车提升玻璃时的机械效率：
η=
W有
W总=[Gh/Fs]=[Gh/Fnh]=[G/Fn]=[375N/3×250N]=50%．
故答案为：50%．

点评：
本题考点： 滑轮（组）的机械效率．

考点点评： 本题考查了滑轮组机械效率的计算，关键是得出滑轮组机械效率的表达式η=[G/Fn]．

（1）（2）可通过推断各物质的名称，结合其性质解决，A为单质，且从图中看出A可以与氧气、酸和盐溶液反应．又由B、D为红色固体；E为黑色固体，所以我们就可以得出A为铁，B为氧化铁，C为氢气，E为四氧化三铁．
（3）铁可以被磁铁吸引，也可与硫酸铜反应，因此可用这两种方法区分；铁在氧气中燃烧是很剧烈，火星四射生成四氧化三铁．
故答案为：Fe；Fe₂O₃+3CO

高温
.
2Fe+3CO₂；Fe+CuSO₄═FeSO₄+Cu；3Fe+2O₂

点燃
.
Fe₃O₄；用磁铁能吸引②中的固体 或将②中固体加入到稀盐酸中有气泡产生；剧烈燃烧，火星四射，生成黑色固体

点评：
本题考点： 金属的化学性质；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 在做推断题时若能记住常见物质的颜色及特性，就能很容易很简单的推断出要推断的物质．

A、利用氦气填充气球，主要是因为氦气的密度小，气体密度大小不需要发生化学变化就能表现出来，是物理性质，所以错误．
B、利用稀有气体作保护气，是利用稀有气体化学性质不活泼，一般不和其它物质发生反应，是利用的化学性质中的稳定性，所以正确．
C、利用稀有气体制霓虹灯是因为不同的稀有气体吸收或反射的光的波长不同，不通过发生化学变化就能表现出来，是物理性质，所以错误．
D、导热系数影响物质的导热性，导热性和电阻大小不是通过化学变化反映出来的，不属于化学性质，所以错误．
故选B．

点评：
本题考点： 化学性质与物理性质的差别及应用；常见气体的用途．

考点点评： 物理性质与化学性质是初中化学最基本的概念，是考查的热点之一，正确理解定义，明确二者的本质区别：是否通过化学变化表现出来，是解题的关键所在．

把函数f（x）=sinx（x∈[0，2π]）的图象向左平移[π/3]后，得到g（x）=sin（x+[π/3]），
联立可得交点为（[π/3]，

3
2），（[4π/3]，-

3
2），
∴f（x）与g（x）的图象所围成的图形的面积为
∫
4π
3
π
3[sinx−sin(x+
π
3)]dx=[-cosx+cos（x+[π/3]）]
|
4π
3
π
3=2．
故选：D．

点评：
本题考点： 定积分在求面积中的应用．

考点点评： 本题主要考查了积分的求解，解题的关键是积分基本定理及积分的几何意义的应用．

A．碳酸根离子和铵根离子相互促进水解，硫酸铵中只有铵根离子水解，所以c（NH₄⁺）相等的（NH₄）₂SO₄溶液和（NH₄）₂CO₃溶液　c[（NH₄）₂SO₄]＜[（NH₄）₂CO₃]，故A正确；
B．任何电解质溶液中都存在电荷守恒，根据电荷守恒得c（HCOO^-）+c（OH^-）=c（H⁺），故B正确；
C．任何电解质溶液中都存在物料守恒，根据物料守恒得c（Na⁺）=c（A^2-）+c（HA^-）+c（H₂A），故C正确；
D.10mL0.5mol/L CH₃COONa溶液与6mL1mol/L盐酸混合时，盐酸有剩余，溶液中的溶质是氯化钠、盐酸和醋酸，溶液呈酸性，所以c（H⁺）＞c（OH^-），故D错误；
故选D．

点评：
本题考点： 离子浓度大小的比较．

考点点评： 本题考查了离子浓度大小的比较，明确溶液中的电解质及其性质是解本题关键，并结合电荷守恒和物料守恒来分析解答，难度中等．

双曲线x²-
y2
3=1的右焦点为（2，0），其渐近线为：
3x±y=0
又（2，0）到直线
3x±y=0的距离d=
2
3
2=
3，即r=
3．
∵以右焦点为圆心
∴圆心坐标为（2，0）
∴所求圆的方程为：（x-2）²+y²=3
故答案为：（x-2）²+y²=3．

点评：
本题考点： 双曲线的简单性质．

考点点评： 本题主要考查双曲线的基本性质．在求双曲线的渐近线方程时，一定要先判断出焦点所在位置，以免出错．因为焦点在x轴上与焦点在y轴上的渐近线方程形式不一样．

A、因KMnO₄溶液不能盛放在碱式滴定管中，故A错误；
B、因容量瓶不能用于稀释溶液，故B错误；
C、在铁制品上镀铜，待镀铁制品应放在阴极，故错误；
D、因漏斗中液面不下降即可证明装置气密性良好，故D正确；
故选：D．

点评：
本题考点： 中和滴定；原电池和电解池的工作原理；气体发生装置；配制一定物质的量浓度的溶液．

考点点评： 本题主要考查了常见的实验操作，难度不大，注意相关知识的积累．

原抛物线的顶点为（0，0），向右平移1个单位，再向上平移2个单位，那么新抛物线的顶点为（1，2），
可设新抛物线的解析式为：y=3（x-h）²+k，代入得：y=3（x-1）²+2．
故得到函数为：y=3（x-1）²+2．

点评：
本题考点： 二次函数图象与几何变换．

考点点评： 解决本题的关键是得到新抛物线的顶点坐标．

A、分子是由原子构成的，“瘦肉精”分子中含有氮原子，不含氮分子，故选项说法错误．
B、由“瘦肉精”的化学式可知，1个“瘦肉精”分子是由6个碳原子、19个氢原子、1个氧原子、3个氯原子、2个氮原子构成的，则1个“瘦肉精”分子中含有31个原子，故选项说法错误．
C、“瘦肉精”是由碳、氢、氧、氯、氮五种元素组成的纯净物，属于化合物，故选项说法正确．
D、“瘦肉精”中碳原子的相对原子质量之和为12×6=72，氢原子的相对原子质量之和为1×19=19，氧原子的相对原子质量之和为16，氯原子的相对原子质量之和为35.5×3=106.5，氮原子的相对原子质量之和为14×2=28，氯元素的相对原子质量之和最大，则氯元素的质量分数最高，故选项说法错误．
故选C．

点评：
本题考点： 化学式的书写及意义；单质和化合物的判别；元素的质量分数计算．

考点点评： 本题难度不大，考查同学们结合新信息、灵活运用化学式的有关计算进行分析问题、解决问题的能力．

（1）根据铜绿的化学式可知，铜绿的形成是铜与二氧化碳、水和氧气共同作用的结果．
故填：水；二氧化碳；氧气；
（2）铜绿受热能生成氧化铜、水和二氧化碳，实验现象为：绿色粉末变为黑色、澄清石灰水变浑浊．
故填：绿色粉末变为黑色、澄清石灰水变浑浊；水；二氧化碳；氧化铜．
（3）验证铜绿的组成中含有铜元素的操作步骤、可能的现象及结论为：取少量铜绿于试管中，加入稀盐酸，溶液变为蓝色，再插入铁丝，有红色的物质生成，证明原铜绿中含有铜元素．

点评：
本题考点： 金属锈蚀的条件及其防护；二氧化碳的化学性质；金属的化学性质；质量守恒定律及其应用．

考点点评： 解答本题要充分理解铜绿的形成和铜绿受热分解的实质等方面的知识，只有这样才能对相关方面的问题做出正确的判断．

∵B、C分别是劣弧AD的三等分点，∠BOC=46°，
∴∠AOD=3×46°=138°，
∴∠AED=[1/2]∠AOD=138°÷2=69°（同弧所对的圆周角是所对的圆心角的一半）．
故选C．

点评：
本题考点： 圆周角定理；圆心角、弧、弦的关系．

考点点评： 本题考查了圆心角、弧、弦的关系以及圆周角定理．圆周角定理：在同圆或等圆中，同弧或等弧所对的圆周角相等，都等于这条弧所对的圆心角的一半．

如图，过点A作AD⊥BD于点D，
∵∠EBA=60°，∠FCA=30°，
∴∠ABC=∠BAC=30°．
∴AC=BC=24，∠DAC=30°．
∴AD=AC•cos30°=12
3≈20.78＞20．
答：货轮继续向西航行，没有触礁危险．

点评：
本题考点： 解直角三角形的应用-方向角问题．

考点点评： 运用三角函数解决与直角三角形有关的简单实际问题解决问题的关键是构造直角三角形．

（1）常用的长度单位有：m、cm、mm、μm、nm，课本一张纸的厚度为85mm=8.5cm太厚，85nm太薄都不符合实际，85μm比较符合实际，故单位为μm；
（2）常用的质量单位有：t、kg、g、一头成年大象质量为5kg太小不符合实际，可达5t比较符合实际，故单位为t；
（3）小华步行上学的速度为5m/s太大，5cm/s太小，都不符合实际；5km/h≈1.39m/s比较符合实际，故单位是km/h．
故答案为：（1）μm；（2）t；（3）km/h．

点评：
本题考点： 长度的估测；质量的估测；速度与物体运动．

考点点评： 对物体长度、质量、重力等进行估测，是初中物理的一项基本要求，平时结合所学知识对身边的如：人高、教室高、一步长、步行速度、楼梯阶梯数、物理课本长和宽、教室内空气质量等等，多观察多思考，必要时做出正确判断．

（1）化石燃料都是不可再生能源；当今民用燃气主要有沼气、天然气、管道煤气和石油液化气（或液化气）；
通过观察图一可知煤燃烧产生的二氧化硫最多，石油燃烧产生的二氧化碳最多，只有天然气燃烧产生的二氧化硫和二氧化碳都是最少的，所以煤燃烧最容易导致酸雨，天然气燃烧对环境的影响最小．
故答案为：不可再生；石油液化气（或液化气）；煤；天然气．
（2）活性炭具有吸附作用，能吸附色素和异味．
故答案为：吸附．

点评：
本题考点： 化石燃料及其综合利用；碳单质的物理性质及用途；常用燃料的使用与其对环境的影响．

考点点评： 能源、环境是社会关注的焦点，与之相关的问题就成为了中考的热点．

（1）由受力分析和牛顿第二定律及运动学规律可知：
Fcos37°-mgsin37°-f=ma₁
mgcos37°=N+Fsin37°
f=μN
2s时圆环的速度为：v=a₁t₁，
代入数据解得：v=2m/s．
（2）撤去外力后，由牛顿第二定律及运动学规律得：
mgsin37°+f=ma₂
N=mgcos37°
f=μN
代入数据解得：a2＝10m/s2
t2＝
v
a2＝
2
10＝0.2s，
x2＝
v
2t2＝
2
2×0.2＝0.2m．
答：（1）F作用2s时圆环的速度是2m/s；
（2）圆环继续沿杆上滑的最大距离是0.2m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．

（Ⅰ）①当n=1时，显然成立，
②假设n=k时，0＜a_k＜[π/2]，则cosa_k∈（0，1），
∴a_k+1=1-cosa_k∈（0，1），
∴当n=k+1时，原不等式成立，
由①②可知0＜a_n＜[π/2]（n∈N^*）；
（Ⅱ）要证数列{a_n}是递减数列，即证a_n+1＜a_n，
即证f（a_n）＜a_n，
即1-cosa_n＜a_n，
令g（x）=x+cosx-1，0＜x＜[π/2]，
g′（x）=1-sinx＞0，
∴g（x）=x+cosx-1在0＜x＜[π/2]上单调递增，
∴当x＞0时，g（x）＞g（0）=0，
即x＞1-cosx，0＜x＜[π/2]，
∴1-cosa_n＜a_n，
即数列{a_n}是递减数列．

点评：
本题考点： 数列递推式；数列的函数特性．

考点点评： 本题主要考查递推数列的应用，利用数学归纳法是解决不等式的基本方法，综合考查了函数单调性和导数之间的关系．

探究与反思：从题干信息对打火石的成分主要是合金可知打火石是混合物，利用燃烧的条件可知灯芯金属不燃烧是因为蜡蒸气起到了隔绝空气的作用，要想使其熄灭可控制燃烧的条件完成；
实验探究：根据氯化亚铁的溶液是浅绿色的事实分析可知：取灯芯加入盐酸如果生成浅绿色氯化亚铁的溶液则说明有铁存在，否则无铁；
分析思考：依据金属与盐溶液反应的规律是活动性强的金属可以从盐溶液中置换出活动性比它弱的金属分析可知：实验3中可能会发生Mg+CuSO₄=MgSO₄+Cu 或 2Al+3CuSO₄=Al₂（SO₄）₃+3Cu，由于镁、铝、铜三种金属中铜的活动性最弱，所以镁与铝都可以置换出硫酸铜中的铜，因此不能证明该金属一定是镁也可能是铝，要想进一步判断可采用取剪除灯芯，在空气中点燃这种金属，发出耀眼的白光的是镁，不能点燃的是铝．
故答案为：探究与反思：混合物蜡烛烛芯被石蜡蒸汽包围着，缺少氧气，里面的金属难以燃烧（只需答出“隔绝了氧气”或是“氧气不足”等意思即可给分）．
隔绝氧气或剪除灯芯或用湿抹布盖灭等
实验探究：实验1结论：该金属一定不是铜
实验2操作步骤：取少量打磨后的打火石于试管中，滴加稀盐酸．
实验2现象：金属逐渐溶解，有无色气体产生，溶液为无色．
分析思考：
（1）Mg+CuSO₄=MgSO₄+Cu或2Al+3CuSO₄=Al₂（SO₄）₃+3Cu
（2）铝也能与硫酸铜溶液反应，也有红色固体析出．
（3）．（或剪除灯芯，在空气中点燃这种金属，发出耀眼的白光的是镁，不能点燃的是铝．

点评：
本题考点： 灭火的原理和方法；燃烧的条件与灭火原理探究．

考点点评： 此题是一道实验探究题，解题的关键是结合所学知识对个过程进行分析，从而设计正确的方法从而得到相应的结论．

∵函数f（x）=xe^x-a的导函数f′（x）=（x+1）e^x，
令f′（x）=0，则x=-1
∵当x∈（-∞，-1）时，f′（x）＜0，函数f（x）单调递减；
当x∈（-1，+∞）时，f′（x）＞0，函数f（x）单调递增；
故当x=-1时，函数取最小值f（-1）=-e^-1-a
若函数f（x）=xe^x-a有两个零点，
则f（-1）=-e^-1-a＜0
即a＞−
1
e，
又∵a≥0时，x∈（-∞，-1）时，f（x）=xe^x-a＜0恒成立，不存在零点
故a＜0
综上，−
1
e＜a＜0，
故选：A

点评：
本题考点： 利用导数研究函数的单调性．

考点点评： 本题考查的知识点是根的存在性及根的个数判断，其中熟练掌握函数零点与方程根之间的对应关系是解答的关键，利用导数是解决本题的关键．

当冰漂浮在海水中时：浮力等于其重力，冰熔化成水质量不变．
即F_浮=G_冰=G_水
故V_排=
F浮
ρ海g=
G水
ρ海g
而冰熔化成水后的体积为：
V_水=
G水
ρ水g
∵ρ_海＞ρ_水
∴V_排＜V_水
也就是冰融化成水后的体积大于原来的V_排，
故液面会上升．

点评：
本题考点： 熔化与熔化吸热特点；阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用．

考点点评： 本题考查的是阿基米德原理、物体浮沉条件的应用以及重力的计算，解题的关键是冰化成水后质量不变，重力不变．难点是V排与V水的大小比较．