给水PH低锅炉炉水PH高是什么原因?除盐水PH4.57 电导16.6 导致除氧器PH9.27 炉水PH10.60 炉水碱

因为质量和升高的温度相同，由Q=Cm△t得：吸收的热量越多，比热容越大，所以该实验说明水的比热容比煤油的比热容大．
故选B

点评：
本题考点： 比热容的概念．

考点点评： 牢记比热容的概念，会熟练应用热量的计算公式进行计算．

已知水和煤油吸收的热量和升高的温度相同，水的比热大于煤油，由公式m=[Q/c△t]知：水的质量小于煤油．
已知水的密度大于煤油，由于水的质量小于煤油，由公式V=[m/ρ]知，水的体积小于煤油．
故选D．

点评：
本题考点： 比热容的概念．

考点点评： 利用水的比热较大特点分析实际问题时，一定注意叙述的严谨，必须保证质量、温度差或热量中的两个物理量确定．

（1）分析第1、2次或第3、4次实验数据，可以得到：同种物质（水），升高相同的温度（10℃），质量越大，需要的热量越多．所以物质吸收热量的多少与质量大小有关；
（2）分析第1、3次或第2、4次实验数据，可以得到：质量相同（0.1kg），升高的温度相同（10℃），液体种类不同，吸收的热量不同，由此可知：相同质量的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量与物质的种类有关；
（3）水或煤油吸收热量的多少是通过加热时间长短来比较的；由表中实验数据可知，质量相同的水与煤油升高相同的温度，水的加热时间长，吸收的热量多，因此水的吸热能力强．
故答案为：（1）质量；（2）相同质量的不同物质，升高相同的温度，吸收的热量与物质的种类有关；
（3）加热时间长短；水．

点评：
本题考点： 控制变量法与探究性实验方案．

考点点评： 不同物质吸收热量的多少与物质种类、质量和温度变化都有关系．在比较不同物体的吸热能力时，必须运用控制变量法，规范操作，才能得到正确的结论．

已知水和煤油吸收的热量和升高的温度相同，水的比热大于煤油，由公式m=[Q/c△t]知：水的质量小于煤油．
已知水的密度大于煤油，由于水的质量小于煤油，由公式V=[m/ρ]知，水的体积小于煤油．
故选D．

点评：
本题考点： 比热容的概念．

考点点评： 利用水的比热较大特点分析实际问题时，一定注意叙述的严谨，必须保证质量、温度差或热量中的两个物理量确定．

（1）由表格可以知道水的温度从第5分钟到达99℃以后就保持不变了，因此实验中水的沸点是99℃；从开始记时到水沸腾经历的时间为5min．
故答案为：99；5．
（2）水在沸腾过程中，汽化的水蒸气会形成气泡，气泡在上升的过程中，液体对气泡随着水的深度变小而减小，所以气泡会逐渐变大．在沸腾过程中，水继续吸热，温度不变．
故答案为：变大；不变．

点评：
本题考点： 探究水的沸腾实验．

考点点评： 气泡的变化是观察水沸腾实验的主要现象，这也进一步说明了沸腾的特点．水在达到沸点时还会继续吸热，只是温度不再升高，这是我们从数据上寻找水的沸点的主要依据．

在搓手时，即手克服摩擦力做功，使得受的内能增加，温度升高，故是利用做功改变物体的内能；使电热水器加热时，电热水器所产生的热量直接传递给水，故是热传递改变物体的内能；同时，在上述过程中，该电阻上的电流产...

点评：
本题考点： 做功改变物体内能；热传递改变物体内能．

考点点评： 此类题目考查了改变物体内能的两种方式及学生对焦耳定律的了解和掌握，在计算时，代入数值时注意不要只平方单位、不平方数字，像这样代入数值（Q=I2Rt=2A2×100Ω×100s）就是错的．

A、根据题干中：一定条件下给水施加一个弱电场，常常压下水结成冰，俗称“热冰”，所以在常温常压下可建成溜冰场．故A说法正确．
B、水变成冰分子之间间隔变大，故B说法正确；
C、水结成冰由液态变为固态，固体是有序排列的，分子运动的范围比较小，液态的水分子运动的范围大呈无序状，故C说法正确；
D、发生物理变化时分子本身不变，变化的是分子之间的间隔，所以原子个数也不变；故D说法错误；
故选D．

点评：
本题考点： 微粒观点及模型图的应用；利用分子与原子的性质分析和解决问题．

考点点评： 解答本题的关键是水由液态变为固态，在这一变化过程中分子本身不变，变化的是分子之间的间隔或距离．还需要结合固体、液体分子运动的特点考虑．

（1）水内能的增加量即为水吸收的热量，则
△Q=Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×0.5kg×（70℃-20℃）=1.05×10⁵J．
（2）a．因为酒精燃烧时，有热损失，水吸收的热量小于酒精燃烧放出的热量；所以小娟的计算出的酒精的热值比实际的热值偏小，
添加一个不计热损失Q_放=Q的条件，利用q=
Q放
m就可以求出比较准确的酒精的热值q，
故答案为：（1）水的内能增加了1.05×10⁵J．
（2）偏小、有热损失，水吸收的热量小于酒精燃烧放出的热量；
b．不计热损失，Q_放=Q；
Q放
m．

点评：
本题考点： 热平衡方程的应用．

考点点评： 本题考查了学生对热值概念的理解和掌握以及热量的计算，关键是知道水吸收的热量即为水内能的增加量，是一道基础题目．

（1）由P=UI可得，电热水器正常工作时电流：
I=[P/U]=
6.6×103W
220V=30A；
（2）由P=[W/t]可得，该电热水器正常工作10min消耗的电能：
W=Pt=6.6×10³W×10×60s=3.96×10⁶J；
（3）由I=[U/R]可得，电热器的电阻：
R=[U/I]=[220V/30A]=[22/3]Ω，
实际电压为200V时，热水器实际功率：
P_实=
U实2
R=
(200V)2

22
3Ω≈5454.5W．
答：（1）该电热水器正常工作时电流是30A；
（2）该电热水器正常工作10min消耗的电能是3.96×10⁶J；
（3）用电高峰时，若此电热水器两端的实际电压仅为200V，它的实际功率为5454.5W．

点评：
本题考点： 电功率的计算；欧姆定律的应用；电功的计算．

考点点评： 本题考查了电功率公式的灵活应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相等．