某甲有25元,这些钱是甲、乙两人总数的20%.乙有多少钱?

A．甲酸和甲醛中都含有醛基，所以在加热条件下，二者都能和新制氢氧化铜悬浊液反应生成砖红色沉淀，所以不能用此法证明，故A错误；
B．甲酸和氢氧化钠反应生成甲酸钠，甲酸钠和甲醛中都含有醛基，所以都能和银氨溶液发生银镜反应，所以不能用此法在证明，故B错误；
C．将试液进行酯化反应后，生成的酯中和甲醛中都含有醛基，所以都能和银氨溶液发生银镜反应，所以不能用此法证明，故C错误；
D．加热氢氧化钠后，甲酸和氢氧化钠反应生成甲酸钠，甲醛和氢氧化钠不反应，然后蒸馏得到的气体有甲醛和水蒸气，蒸馏出的气体通入新制的氢氧化铜悬浊液加热有砖红色沉淀，能说明含有甲醛，故D正确；
故选D．

点评：
本题考点： 物质的检验和鉴别的实验方案设计．

考点点评： 本题考查物质的鉴别，根据物质含有的官能团及其性质来分析解答即可，难度不大．

（Ⅰ）由题意知甲取球次数ξ的取值为1，2，3，4
所以P(ξ＝1)＝
3
6＝
1
2；P(ξ＝2)＝
3×3
6×5＝
3
10；P(ξ＝3)＝
3×2×3
6×5×4＝
3
20；
P(ξ＝4)＝
3×2×1×3
6×5×4×3＝
1
20…（4分）
则甲取球次数ξ的数学期望为：
Eξ＝1×
1
2+2×
3
10+3×
3
20+4×
1
20＝
7
20…（6分）
（Ⅱ）由题意，两人各自从自己箱子里任取一球比颜色共有C₆¹•C₆¹=36（种） 不同的情形…（8分）
每种情形都是等可能的，记甲获胜为事件A，则P(A)＝

C13
C13+
C12
C12+ 1
36＝
7
18＜
1
2…（11分）
所以甲获胜的概率小于乙获胜的概率，这个游戏规则不公平．…（12分）

点评：
本题考点： 离散型随机变量的期望与方差；等可能事件的概率．

考点点评： 解决此类问题的关键是熟练掌握离散型随机变量的期望与方差的有关公式，以及掌握等可能事件的概率．

（1）从条形统计图得数据可知：大河报在两个邮局的征订数都占居首位；（2）从条形统计图得数据可知：河南商报在乙邮局的征订数超过了甲邮局；（3）甲居民区平均每户订阅《大河报》的份数为5100÷10450≈0.49（份），...

点评：
本题考点： 条形统计图．

考点点评： 本题考查的是条形统计图，读懂统计图，从统计图中得到必要的信息是解决问题的关键．

（1）由乙同学设计的实验有唯一变量--水分，所以为了探究水分对种子萌发的影响．
（2）由甲同学设计的实验有唯一变量--温度，所以甲同学探究温度对种子萌发的影响．有数据A中发芽率为94%，B中发芽率为0%，可知大豆种子萌发需要适宜的温度．B组起对照作用．
（3）丙同学的实验设计来看分别只用了两粒种子，这样偶然性大（种子已死亡或休眠），我们一般取多粒种子（如10粒以上）．
（4）在适宜的条件下，满足了种子萌发的外界条件，A、D二组均有未萌发的种子，可能是种子（或胚）已死亡或在休眠．
故答案为：
（1）水分（潮湿或干燥）（其他表达意思相同亦可）
（2）对照；大豆种子萌发需要适宜的温度（或低温不适于大豆种子萌发）（其他表达意思相同亦可）
（3）种子数太少（或偶然性大）（其他表达意思相同亦可）
（4）种子（或胚）已死亡

点评：
本题考点： 探究种子萌发的条件．

考点点评： 对照性的探究实验应注意变量的唯一性．

设更正前甲，乙，丙…的成绩依次为a₁，a₂，…，a₄₈，
再设原来的方差S=75．
则a₁+a₂+…+a₄₈=48×70，
即50+100+a₃+…+a₄₈=48×70，
（a₁-70）²+（a₂-70）²+…+（a₄₈-70）²=48×75，
即20²+30²+（a₃-70）²+…+（a₄₈-70）²=48×75．
更正后平均分
.
x=
80+70+a3++a48
48=70．
方差s²=[1/48][（80-70）²+（70-70）²+（a₃-70）²+…+（a₄₈-70）²]
=[1/48][100+（a₃-70）²+…+（a₄₈-70）²]
=[1/48]×[100+48×75-20²-30²]=50＜75=S．
故选A．

点评：
本题考点： 极差、方差与标准差．

考点点评： 本题考查平均数、方差、标准差的概念及其运算，属基础题，熟记样本的平均数、方差公式是解答好本题的关键．