S是温控开关,R1、R2是电阻丝,断开或闭合开关S,

清山绿水清闲2022-10-04 11:39:542条回答

S是温控开关,R1、R2是电阻丝,断开或闭合开关S,
可选择电饭锅处于“加热”或“保温”状态(开关S断开时,R1、R2串联,S闭合后,R2短路,电流只通过R1）,若R1：R2=1：35,电饭锅加热时的总功率为P1,保温时的总功率为P2,则P1：P2为：A.36：1 B.35:1 C.36:35 D.35:36

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gxplwx330 共回答了21个问题 | 采纳率90.5%: s闭合时加热P1=U^2/R1;s断开时保温P2=U^2/R1+R2
P1:P2=(R1+R2):R1=36:1; 1年前

淡淡的吻共回答了16个问题 | 采纳率: A
根据P=UI=U^2/R，
可知在电压不变的情况下
功率与电阻成反比
设R1=r，R2=35r
加热时电路电阻为R1=r
保温时电路电阻为R1+R2=36r
从而可知P1：P2=36：1; 1年前

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（1）水吸收的热量为：
Q=cm（t-t₀）=4.2×10³J/kg•℃×1.5kg×（100℃-20℃）=5.04×10⁵J；
因为Q_吸=ηW，W=Pt所以电热水壶把水烧开所用时间为：
t=
W
P=
Q吸
ηP=
5.04×105J
90%×1100W≈509s；
（2）加热电阻R₂=
U2
P=
(220V)2
1100W=44Ω，
当断开S时，R₁、R₂串联，电路处于保温状态，保温时电路中电流I_保=
U
R1+R2=
220V
176Ω+44Ω=1A
因为R1为调节电阻，电路保温时的功率由R₂提供，则P′=I²R=（1A）²×44Ω=44W
答：（1）现将质量为1.5kg，初温为20℃的水在一标准大气压下烧开需要吸收的热量是5.04×10⁵J；需加热509s；
（2）当饮水机处于保温状态时，他的保温功率是44W．

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48.4 254.1

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解题思路：（1）当开关S接到a时，电路为R₁的简单电路，根据欧姆定律求出电阻R₁的阻值；
（2）当开关S切换到b时，两电阻串联，根据I=[P/U]求出此时电路中的电流，即为通过电阻R₂的电流．
（1）当开关S接到a时，电路为R₁的简单电路，且I₁=5A，
R₁的阻值R₁=[U
I1=
220V/5A]=44Ω；
（2）当开关S切换到b时，两电阻串联，P_保温=165W，
电路中的电流I₂=
P保温
U=[165W/220V]=0.75A．
答：（1）加热电阻R₁的阻值是44Ω；
（2）在保温状态下，通过电阻R₂的电流是0.75A．

点评：
本题考点：欧姆定律的应用；电功率的计算．

考点点评：本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的计算题．

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解题思路：
(1)水吸收的热量为：；

由于加热效率为90%，所以，由W=Pt可知需要加热的时间为：；

(2)开关S断开时，两电阻串联，所以电路的总电阻为两电阻之和，即R=R1+R2，当开关S闭合时，R1短路，所以电路的电阻等于R2，根据可知，当开关S闭合时是加热状态，当开关S断开时是保温状态；根据加热功率为1100W可得R1的阻值为，所以此电热饮水机的保温状态时电路的电流为：，

所以保温功率为。

（1）509s （2）44W

<>

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解题思路：（1）S接在a时，电路中只有R₁工作，根据题中条件利用电功率计算公式可求出R₁阻值；当S接在b时，R₁与R₂串联，再利用电功率计算公式可求出R₂阻值．
（2）该设计的不足是当保温时，只有R₁放出热量，而R₂白白消耗了电能，所以如果把R₂消耗的电能也转化成内能加以利用，就节约了电能．
（1）S接在a时，R₂被短路，根据题中数据可得电阻R₁为：R₁=
U2
P加=
(220V)2
1000W=48.4Ω；
当S接在b时，R₁与R₂串联，此时发热体的功率：P_保=I₂²•R₁=（
U
R1+R2）²•R₁，代入数据解得：R₂=72.6Ω．
答：R₁的阻值为48.4Ω，R₂的阻值为72.6Ω．
（2）保温时，将R₂与R₁都作为发热体，把R₂上消耗的电能转化的内能一并加以利用，用于保温，节约电能．

点评：
本题考点：电功率的计算．

考点点评：该题考查了电功率公式的应用，以及对设计电路进行评估和改进，是一道不错的题目．

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小波班上有一台饮水机，它的铭牌如右表，工作电路如图所示，S0是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温状态．问： 小波班上有一台饮水机，它的铭牌如右表，工作电路如图所示，S₀是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温状态．问： 热水箱容量 1.5L 额定电压 220V 加热功率 550W 保温功率 44W （1）当热水箱中盛满水时，水的质量是多少？ （2）在加热状态下，饮水机正常工作20min可以将满箱的水从20℃加热到100℃，则在此过程中： ①通过饮水机的电流是多少？饮水机消耗的电能是多少？ ②水吸收的热量是多少？[c_水=4.2×10³J/（kg•℃）] ③饮水机的效率是多少？ （3）R₂的阻值是多少？ 边缘神父1年前1

0tfscf 共回答了25个问题 | 采纳率92%

解题思路：（1）已知热水箱的容量也就是已知水的体积，利用m=ρV计算水的质量；
（2）①已知加热功率和额定电压，利用I=[P/U]计算电流；已知加热功率和工作时间，利用W=Pt计算消耗的电能；
②已知水的质量和水的初温、末温，利用Q=cm（t-t₀）计算吸收的热量；
③饮水机消耗的电能为总能量，水吸收的热量为有用能量，利用η=

Q吸

计算饮水机的效率；
（3）当S₀断开时，饮水机处于保温状态，此时电路中只有R₂，已知电源电压和保温功率，利用公式P=

变形可计算电阻R₂的阻值．

（1）水的质量：m=ρV=1.0×10³kg/m³×1.5×10^-3m³=1.5kg；
（2）①此时通过饮水机的电流是：I_加=
P加
U=[550W/220V]=2.5A；
此时消耗的电能是：W=P_加t=550W×20×60s=6.6×10⁵J；
②水吸收的热量是：Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃-20℃）=5.04×10⁵J；
③饮水机消耗的电能为总能量：Q_总=W=6.6×10⁵J；
水吸收的热量为有用能量，Q_吸=5.04×10⁵J；
故饮水机的效率为：η=
Q吸
W×100%=
5.04×105J
6.6×105J×100%≈76.4%；
（3）分析题意可知，当S₀断开时，饮水机处于保温状态．由公式P=
U2
R得：
R₂=
U2
P保=
(220V)2
44W=1100Ω．
答：（1）当热水箱中盛满水时，水的质量是1.5kg；
（2）在加热状态下，饮水机正常工作20min可以将满箱的水从20℃加热到100℃，则在此过程中：
①通过饮水机的电流是2.5A，饮水机消耗的电能是6.6×10⁵J；
②水吸收的热量是5.04×10⁵J；
③饮水机的效率是74.6%；
（3）R₂的阻值是1100Ω．

点评：
本题考点：电功的计算；能量利用效率；热量的计算．

考点点评：本题考查学生对实际用电器电功率的分析以及运用电功率公式结合欧姆定律计算相关物理量的能力，在计算过程中要注意单位的统一．

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（1）由P=UI可得，当用该热水壶加热时，流过电热管R₁ 的电流：
I=
P 加热
U =
1100W
220V =5A；
（2）将一满壶水烧开需要消耗的电能：
W=Pt=1100W×5×60s=3.3×10⁵ J；
（3）由P=
U
R 可得，R₁ 的电阻：
R₁ =
U 2
P 加热 =
(220V ) 2
1100W =44Ω，
保温时电路中的总电阻：
R=
U 2
P 保温 =
(220V) 2
22W =2200Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，保温电阻R₀ 电阻：
R₀ =R-R₁ =2200Ω-44Ω=2156Ω．
答：（1）当用该热水壶加热时，流过电热管R₁ 的电流是5A；
（2）将一满壶水烧开需要消耗的电能是3.3×10⁵ J；
（3）要使电热水壶满足保温功率，保温电阻R₀ 电阻应取2156Ω．

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解题思路：（1）由热量公式可以求出水所吸收的热量．
（2）由W=Pt求出饮水机消耗的电能，然后由效率公式求出饮水机的效率．
（3）由电路图可知，断开开关时，只有R₂的接入电路，饮水机的电功率小，饮水机处于保温状态，由电功率的变形公式可以求出电阻R₂的阻值．
（1）Q_吸=c_水m（t₁-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（100℃-20℃）=3.36×l0⁵J，
（2）饮水机加热时消耗的电能W=Pt=600W×700s=4.2×10⁵J，
加热效率是：η=[Q/W]×100%=
3.36×105J
4.2×105J×100%=80%；
（3）当S₀断开时，电路中只有R₂，总功率较小，为保温状态，
∵P=
U2
R，
∴R₂的阻值R₂=
U2
P保温=
(220V)2
44W=1100Ω；
答：（1）水吸收的热量是3.36×l0⁵J．
（2）饮水机的加热效率是80%．
（3）R₂的阻值是1100Ω．

点评：
本题考点：电功与热量的综合计算．

考点点评：熟练应用热量公式、电功公式及其变形公式即可正确解题．

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（1）加热电阻R1=V/I=220/5=44欧姆
（2）在保温状态下,通过电阻R2的电流是多少?
保温电流=P/V=156/220=0.75A

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水温感应塞,和温控开关都是起什么用? wangyj07371年前1: cecile_wj 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%

水温感应器其实是一个温度开关,当发动机进水温度超出90摄氏度以上,水温感应器将接通风扇电路.如果循环正常,而温度升高时,风扇不转,水温感应器和风扇本身就需要检查当水箱里的水进行大循环时,水温超过90度时,这时,温控开关开始工作了,带动风扇工作,降低冷却系的温度,使之,水温达到正常,温控开关关闭.这就是温控开关的工作情况和作用.

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解题思路：（1）由图可知当开关接a时，只有R₁接入电路，由欧姆定律可求得R₁的阻值；开关接b时，由欧姆定律可求得R₁两端的电压，则由串联电路的电压规律可得出R₂两端的电压，再由欧姆定律可求得R₂的阻值；
（2）流过R₁的电流及两端的电压均已得出，故可由电功公式W=UIt求得R₁消耗的电功．
（1）由欧姆定律I=[U/R]得：
R₁的阻值R₁=[U
I1=
220V/5A]=44Ω；
开关接b时，I₂=1A；
R₁两端的电压；U₁=I₂R₁=1A×44Ω=44V；
R₂两端的电压：U₂=U-U₁=220V-44V=176V；
R₂的电阻；R₂=
U2
I2=[176V/1A]=176Ω；
（2）t=10min=600s；
R₁消耗的电能W=UIt=44V×1A×600s=2.64×10⁴J；
答：（1）R₁的阻值为44Ω，R₂的阻值为176Ω；（2）10min内R₁消耗的电功为2.64×10⁴J．

点评：
本题考点：欧姆定律的应用；串联电路的电压规律；电功的计算．

考点点评：本题考查物理知识在生活中的应用，由题目可以看出应用的是基本的串联电路和欧姆定律，此类题型经常是用来考查基本规律的．

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（2006•盐城）小强同学设计了一种电热水壶，电路如图所示，S是温控开关，R1为发热体．当开关S接到a时，电热水壶处于加 （2006•盐城）小强同学设计了一种电热水壶，电路如图所示，S是温控开关，R₁为发热体．当开关S接到a时，电热水壶处于加热状态，此时发热体的电功率为1000W；当水烧开时，开关S自动切换到b，电热水壶处于保温状态，此时发热体的电功率为160W． （1）请你算出R₁、R₂的电阻值（不计温度对电阻值的影响） （2）为充分利用好电能，在不改变电路连接方法的前提下，请你对小强的设计提出合理的改进办法． xiaowendy12061年前1: hnhytj 共回答了21个问题 | 采纳率81%

解题思路：（1）S接在a时，电路中只有R₁工作，根据题中条件利用电功率计算公式可求出R₁阻值；当S接在b时，R₁与R₂串联，再利用电功率计算公式可求出R₂阻值．
（2）该设计的不足是当保温时，只有R₁放出热量，而R₂白白消耗了电能，所以如果把R₂消耗的电能也转化成内能加以利用，就节约了电能．
（1）S接在a时，R₂被短路，根据题中数据可得电阻R₁为：R₁=
U2
P加=
(220V)2
1000W=48.4Ω；
当S接在b时，R₁与R₂串联，此时发热体的功率：P_保=I₂²•R₁=（
U
R1+R2）²•R₁，代入数据解得：R₂=72.6Ω．
答：R₁的阻值为48.4Ω，R₂的阻值为72.6Ω．
（2）保温时，将R₂与R₁都作为发热体，把R₂上消耗的电能转化的内能一并加以利用，用于保温，节约电能．

点评：
本题考点：电功率的计算．

考点点评：该题考查了电功率公式的应用，以及对设计电路进行评估和改进，是一道不错的题目．

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（2013•盐城一模）小华家购买了一台饮水机，技术参数如下表，其工作电路如图所示，S0是温控开关，可以自动控制饮水机的加 （2013•盐城一模）小华家购买了一台饮水机，技术参数如下表，其工作电路如图所示，S₀是温控开关，可以自动控制饮水机的加热和保温状态．试问： （1）请分析说明温控开关闭合时，饮水机处于加热还是保温状态． （2）R₂的阻值是多少？ （3）小华估计当时的水温为20℃，饮水机将水从20℃烧开需要吸收多少热量？需要多长时间？[c_水=4.2×10³J/（kg•℃），气压为1标准大气压，热量全部被水吸收]． 今天去你家1年前1

seff 共回答了13个问题 | 采纳率84.6%

解题思路：（1）S₀闭合时，R₁和R₂并联，由此来判断电路中电阻的大小，再利用公式P=

来分析电功率的大小，从而判断饮水机处于哪种工作状态；
（2）首先判断当电路中只有R₂时，饮水机处于什么状态，已知电压和电功率，可利用公式R=

计算电阻的大小；
（3）先根据m=ρV求出水的质量，再根据Q=cm△t求出水吸收的热量，最后根据t=[W/P]=[Q/P]求出加热时间．

（1）S₀断开时，饮水机的功率为P₁=
U2
R2，S₀闭合时，饮水机的功率为P₂=
U2
R总，
∵R₁和R₂是并联，
∴R_总＜R₂，
∴P₁＜P₂，则温控开关S₀闭合时处于加热状态；
（2）S₀断开时，电路中只有R₂时，饮水机处于保温状态，
∵U=220V，P_保=44W，
∴R₂=
U2
P保=
(220V)2
44W=1100Ω；
（3）水烧开需要吸收热量为Q=c_水m_水（t-t₀）=c_水ρ_水V_水（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×1.0×10³kg/m³×1×10^-3m³×（100℃-20℃）=3.36×10⁵J，
需要加热时间为t=[W/P]=[Q/P]=
3.36×105J
500W=672s=11.2min；
答：（1）温控开关闭合时饮水机处于加热状态；
（2）R₂的阻值为1100Ω；
（3）烧开水需要吸收3.36×10⁵J；加热时间为11.2min．

点评：
本题考点：欧姆定律的应用；电功与热量的综合计算．

考点点评：本题考查了并联电阻特点和电功率公式的应用，以及电阻、质量、吸热、加热时间的计算，关键是公式的灵活运用，并且对于纯电阻，计算热量可利用公式Q=W=Pt计算．

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小强同学设计了一种电热水壶，电路如图所示，S是温控开关，R1为发热体．当开关S接到a时，电热水壶处于加热状态，此时通过发 小强同学设计了一种电热水壶，电路如图所示，S是温控开关，R₁为发热体．当开关S接到a时，电热水壶处于加热状态，此时通过发热体的电流是5A；当水烧开时，开关S自动切换到b，电热水壶处于保温状态，此时通过发热体的电流为1A．求： （1）R₁、R₂的电阻值（不计温度对电阻值的影响）？ （2）电热水壶处于加热状态时发热体的电功率？ （3）通电10min产生多少热量？ 农志坚1年前1: 葛清音共回答了22个问题 | 采纳率100%

解题思路：（1）由图可知当开关接a时，只有R₁接入电路，由欧姆定律可求得R₁的阻值；开关接b时，由欧姆定律可求得R₁两端的电压，则由串联电路的电压规律可得出R₂两端的电压，再由欧姆定律可求得R₂的阻值；
（2）根据P=UI求出电热水壶处于加热状态时发热体的电功率；
（3）根据Q=W=Pt求出加热状态10min产生的热量．
（1）R₁的电阻：R₁=[U
I1=
220V/5A]=44Ω；
开关接b时，I₂=1A
R₁的电压：U₁=I₂R₁=1A×44Ω=44V，
R₂的电压：U₂=U-U₁=220V-44V=176V，
R₂的电阻：R₂=
U2
I2=[176V/1A]=176Ω；
（2）电功率：P₁=UI₁=220V×5A=1100W；
（3）加热状态10min产生的热量：
Q=W=P₁t=1100W×600s=6.6×10⁵J．
答：（1）R₁、R₂的电阻值分别为44Ω、176Ω
（2）电热水壶处于加热状态时发热体的电功率为1100W；
（3）通电10min产生的热量为6.6×10⁵J．

点评：
本题考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用．

考点点评：本题考查物理知识在生活中的应用，由题目可以看出应用的是基本的串联电路和欧姆定律、电功率、热量的计算，此类题型经常是用来考查基本规律的．

1年前查看全部

下表为一台电烤箱的铭牌，其内部简化电路如图所示，S是温控开关,R 1 和R 2 均为电热丝, R 1 =44Ω,低温档的 下表为一台电烤箱的铭牌，其内部简化电路如图所示，S是温控开关,R₁ 和R₂ 均为电热丝, R₁ =44Ω,低温档的功率440W求： (1)R₂ 的阻值; (2)电烤箱在低温档正常工作时的电流； (3)电烤箱在高温档工作时的功率； (4)电烤箱在低温档正常工作10min 电热丝R₂ 消耗的电能 ruym1年前1: 难忘他共回答了14个问题 | 采纳率85.7%

（1）76Ω（2）（3）1100w（4）1.584×10⁵

根据电热丝低温档的额定功率和额定电压计算电路的总电阻，可以求出R₂ 的阻值;温控开关闭合后是高温挡，高温挡是R₁ 电阻工作，所以用电压和R₁ 电阻即可求出电烤箱在高温档工作时的功率。
(1)电路的总电阻是
Ω
R₂ 的阻值
R₂ =R-R₁ =110Ω-44Ω=76Ω
(2)电烤箱在低温档正常工作时的电流

(3)电烤箱在高温档工作时的功率
= =1100w
(4)电烤箱在低温档正常工作10min 电热丝R₂ 消耗的电能
W= = 600S=1.584×10⁵
1年前

8

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如图是某电热烘干箱的简化电路图,S是温控开关,源电压为220V,R1是发热电阻丝,R2是组织为110Ω的电阻.开关S接“ 如图是某电热烘干箱的简化电路图,S是温控开关,源电压为220V,R1是发热电阻丝,R2是组织为110Ω的电阻.开关S接“2”时是高温档,R1的电功率是110W,开关S接“1”时是低温档.试求: ①R1的阻值是多大? ②低温档时, 电路中的电流是多大? ③高温档时, 通电10min, R1 消耗的电能是多少? 我在水里呼吸1年前1: 青云观潮共回答了17个问题 | 采纳率88.2%

(1)P=UU/R,
R1=UU/P=220*220/110=440欧姆
（2）I=U/(R1+R2)=220/(440+110)=0.4安
(3)W=UUt/R1=220*220*10*60/440=66000焦耳

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（2011•广元）九•一班有一台饮水机，它的铭牌如表，工作电路如图所示，S0是温控开关，可以自动控制饮水机处于加热或保温 （2011•广元）九•一班有一台饮水机，它的铭牌如表，工作电路如图所示，S₀是温控开关，可以自动控制饮水机处于加热或保温状态．问：【C_水=4.2×10³J/（kg•℃）；ρ_水=1.0×10³kg/m³】 热水箱容量 2.0L 额定电压 220V 加热功率 880W （1）将一满箱水从20℃加热到100℃，水吸收的热量是多少？ （2）饮水机在加热状态下工作15min，消耗的电能是多少？ （3）若在保温状态下，饮水机消耗的功率是44W，则R₂的阻值是多少？ yuanyuanwang1年前1

过尽11 共回答了17个问题 | 采纳率100%

解题思路：（1）先根据m=ρV求出水的质量，又知道水的、初温和末温，根据公式Q_吸=cm（t-t₀）求出水吸收的热量；
（2）由表格数据可知加热功率，根据W=Pt求出正常工作l5min消耗的电能；
（3）由电路图可知，温控开关断开时，电路为R₂的简单电路，此时电路中的总电阻最大，电功率最小，饮水机处于保温状态，根据P=

求出R₂的阻值．

（1）根据ρ=[m/V]可得，热水箱装满水后水的质量：
m=ρV=1.0×10³kg/m³×2×10^-3m³=2kg，
水吸收的热量：
Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×2kg×（100℃-20℃）=6.72×10⁵J；
（2）饮水机在加热状态下的功率为880W，则工作l5min消耗的电能：
W_加热=P_加热t=880W×15×60s=7.92×10⁵J；
（3）温控开关断开时，电路为R₂的简单电路，饮水机处于保温状态，
由P=
U2
R可得，R₂的阻值：
R₂=
U2
P保温=
(220V)2
44W=1100Ω．
答：（1）将热水箱装满水后从20℃加热到90℃，水吸收的热量是6.72×10⁵J；
（2）饮水机在加热状态下正常工作lOmin，消耗的电能是7.92×10⁵J；
（3）R₂的阻值是1100Ω．

点评：
本题考点：电功与热量的综合计算；电功率的计算．

考点点评：本题考查了学生对吸热公式、电功率公式、电功公式的掌握和运用，是一道电学与热学的综合应用题，与生活实际相联系，属于中考常见题型．

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如左图是一台常用的电热饮水机，下表是它的铭牌数据，如图是它的电路原理图，其中S是温控开关，R 1 是定值电阻，R 2 是 如左图是一台常用的电热饮水机，下表是它的铭牌数据，如图是它的电路原理图，其中S是温控开关，R₁ 是定值电阻，R₂ 是加热电阻．当S闭合时，饮水机处于加热状态；当S断开时，饮水机处于保温状态 水桶容量 20L 热水箱容量 1L 额定电压 220V 加热功率 440W 保温功率 40W （1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大？ （2）饮水机正常工作时，将热水箱中的水从20℃加热到90℃．需用时14min[水的比热容为4.2×10³ J/（kg•℃）]．求此加热过程中：①水吸收的热量；②饮水机的加热效率． （3）求电阻R₁ 的阻值（保温功率是指整个电路消耗的功率）． 太凉1年前1: masjia 共回答了16个问题 | 采纳率100%

（1）由表信息可知：
饮水机正常工作时电路中的电流：
I=
P
U =
440W
220V =2A．
（2）热水箱中的水质量：
m=ρ_水 V=1.0×10³ kg/m³ ×1×10^-3 m³ =1kg
水吸收的热量：
Q_吸 =cm（t₂ -t₁ ）=4.2×10³ J/（kg•℃）×1kg×（90℃-20℃）=2.94×10⁵ J
电流做的功：
W=Pt=440W×14×60s=3.696×10⁵ J，
∵该电路是纯电阻电路
∴Q_放 =W
饮水机的加热效率：
η=
Q 吸
W ×100%=
2.94× 10 5 J
3.696× 10 5 J ×100%≈79.5%．
（3）当S闭合时，饮水机处于加热状态
R₂ =
U 2
P 加热 =
(220V) 2
440W =110Ω
当S断开时，饮水机处于保温状态
P_保温 =
U 2
R 总 =
(220V) 2
R 1 + R 2 =40W
所以R₁ =1100Ω．
答：（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是2A；
（2）水吸收的热量为2.94×10⁵ J；饮水机的加热效率约为79.5%；
（3）电阻R₁ 的阻值为1100Ω．

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下表是一台常用的电热饮水机的铭牌数据的一部分，如图是它的电路原理图，其中S是温控开关，R1是定值电阻，R2是加热电阻．当 下表是一台常用的电热饮水机的铭牌数据的一部分，如图是它的电路原理图，其中S是温控开关，R₁是定值电阻，R₂是加热电阻．当S闭合时，饮水机处于加热状态；当S断开时，饮水机处于保湿状态[（c_水=4.2×10³J/（kg•℃）]试问： 水桶容量 20L 热水箱容量 1.5L 额定电压 220V 加热功率 880W （1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大？ （2）饮水机正常工作时，将热水箱中1.5kg的水从20℃加热到100℃，水吸收的热量为多少？ （3）饮水机正常工作时，若把热水箱中1.5kg的水从20℃加热到100℃需用时12min，则饮水机的加热效率为多少？ lzxkkk1年前1

certainly521 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%

解题思路：（1）饮水机正常工作时，实际功率和加热功率相等，根据P=UI求出电路中的电流；
（2）根据公式Q_吸=cm（t-t₀）求出水吸收的热量；
（3）根据W=Pt求出电流做的功，利用效率公式η=

Q吸

即可求加热效率．

（1）根据P=UI可得，在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流：
I=
P加热
U=[880W/220V]=4A；
（2）水吸收的热量：
Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃-20℃）=5.04×10⁵J；
（3）电流做的功：
W=P_加热t=880W×12×60s=6.336×10⁵J，
饮水机的加热效率：
η=
Q吸
W×100%=
5.04×105J
6.336×105J×100%≈79.5%．
答：（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是2A；
（2）水吸收的热量为6.336×10⁵J；
（3）饮水机的加热效率约为79.5%．

点评：
本题考点：电功与热量的综合计算．

考点点评：本题考查了电功率公式和密度公式、吸热公式、电功公式、效率公式的综合应用，关键是知道用电器正常工作时的功率和额定功率相等以及从表格中得出相关的信息．

1年前查看全部

（2011•朝阳）如图所示，甲是电饭锅的实验图，乙是其内部的电路简图．它们有“高温烧煮”和“焖饭、保温”两档，由温控开关 （2011•朝阳）如图所示，甲是电饭锅的实验图，乙是其内部的电路简图．它们有“高温烧煮”和“焖饭、保温”两档，由温控开关（电阻不计）自动控制．煮饭时，先要按下温控开关按钮；到达设定温度（饭已煮熟）后，按钮会自动弹起． （1）当温近代开关按钮按下时，电钮锅电路总功率为1 000W，求“烧煮电路部分”的电阻R₁的阻值． （2）温控开关按钮弹起后，电饭锅电路总功率为40W，求“保温电路部分”的电阻R₂的阻值． （3）若用该电饭锅的“高温烧煮”档烧水，5min能将2kg、20℃的水加热至50℃，求电饭锅的功率，并说明能源浪费的去向．[c_水=4.2×10³ J•（kg•℃）^-1]． b45411年前1

tigercai 共回答了13个问题 | 采纳率84.6%

解题思路：（1）开关按下时，R₂短路，根据已知和R=

求出电阻R₁的阻值；
（2）当温控开关按钮弹起时，R₁与R₂串联，根据R=

求出电路的总电阻，再根据串联电路总电阻等于各部分电阻之和求出R₂的阻值；
（3）根据Q=cm△t求出水吸收的热量，根据W=Pt求出高温烧煮时电流做的总功，进一步求出电饭锅的效率，再根据锅体升温和向空中散热说明能源浪费的去向．

（1）开关按下时，R₂短路，
电阻R₁的阻值为R₁=
U2
P1=
(220V)2
1000W=48.4Ω．
（2）开关弹起后，R₁与R₂串联，
电路的总电阻为R_总=
U2
P=
(220V)2
40W=1210Ω，
电阻R₂的阻值为R₂=R_总-R₁=1210Ω-48.4Ω=1161.6Ω．
（3）水吸收的热量为：
Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³ J/（kg•℃）×2kg×（50℃-20℃）=2.52×10⁵J，
高温烧煮时电流做的总功为：
W_总=P₁•t=1000 W×5×60s=3×10⁵J，
电饭锅的效率为η=
Q水
W总=
2.52×105J
3×105J=84%．
能源浪费的去向：一是锅体升温，二是向空中散热．
答：（1）电阻R₁的阻值为48.4Ω；（2）电阻R₂的阻值为1161.6Ω；（3）电饭锅的效率为84%；能源浪费的去向：一是锅体升温，二是向空中散热．

点评：
本题考点：电功率的计算；欧姆定律的应用．

考点点评：本题考查了电阻、吸热、电功、效率的计算，以及能源浪费去向的分析；关键是公式的灵活运用和电饭锅状态的判断．涉及的知识点较多，综合性强具有一定的难度．

1年前查看全部

如图所示是一条电热毯电路的示意图，R 0 是电热毯发热电阻丝，R是串联在电路中的定值电阻，S是温控开关，开关上标有“高（ 如图所示是一条电热毯电路的示意图，R₀ 是电热毯发热电阻丝，R是串联在电路中的定值电阻，S是温控开关，开关上标有“高（温）、低（温）、关”的字样，铭牌上有“220V最大功率40W”。（不计温度对电阻的影响） （1）要使电热毯处于高温档，则开关S的动触片置于哪个触点？ （2）求发热电阻丝R₀ 的阻值是多少？ （3）当电热毯处于低温档时电路中的电流为0.1A。求电阻R的阻值为多少。 （4）若电热毯处于高温档时，每天工作5小时，则一个月（按30天算）要消耗多少度电？ homingli1年前1: pillarbi 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%

（1）动触片应置于c点；
（2） ∵P＝UI，，∴ ；
（3）在低温档时R串联接入电路，∴ R＝R_总－R₀ ＝990Ω；
（4）W＝Pt＝0.04KW×5h×30＝6度。

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下图是几个同学画的家用电冰箱的电路图，其中M是压缩机，S1是温控开关，L是电冰箱内的照明灯泡，你认为符 下图是几个同学画的家用电冰箱的电路图，其中M是压缩机，S1是温控开关，L是电冰箱内的照明灯泡，你认为符 下图是几个同学画的家用电冰箱的电路图，其中M是压缩机，S₁是温控开关，L是电冰箱内的照明灯泡，你认为符合实际的合理电路图是（　　） A． B． C． D． 老虫ahhbwq1年前1: 吃饭碗共回答了14个问题 | 采纳率100%

压缩机M和照明灯L互不影响，能独立工作，它们是并联的，温控开关S₁控制压缩机M工作，开关S₂控制灯L；
A、压缩机M与灯L串联，不符合要求，故A错误；
B、图中没有电源，故B错误；
C、温控开关S₁接在干路中，控制整个电路，灯L不能独立工作，故C错误；
D、由电路图可知，压缩机M与灯L并联，各支路有一个开关控制，故D正确；
故选D．

1年前查看全部

电饭锅的电路图 ,s是温控开关,闭合或断开s,可以是电饭锅处于“加热”或“保温”状态,R1和R2是电阻 电饭锅的电路图 ,s是温控开关,闭合或断开s,可以是电饭锅处于“加热”或“保温”状态,R1和R2是电阻 如图是电饭锅的电路图,s是温控开关,闭合或断开s,可以是电饭锅处于“加热”或“保温”状态,R1和R2是电阻丝,且R1：R2=2:5.电饭锅加热时R1的功率为P1,保温时R1的公率为P2 则p1：p2=?（为什么是49:4,而不是7:2啊） 如图 孤独剑12191年前3: croch 共回答了16个问题 | 采纳率87.5%

我认为:答案应该是7:2 ,而不是49:4.
P=UI =U^2/R
U不变,功率与R成反比

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如图所示是一条电热毯电路的示意图，R 0 是电热毯发热电阻丝，R是串联在电路中的定值电阻，S是温控开关， 如图所示是一条电热毯电路的示意图，R 0 是电热毯发热电阻丝，R是串联在电路中的定值电阻，S是温控开关， 如图所示是一条电热毯电路的示意图，R₀ 是电热毯发热电阻丝，R是串联在电路中的定值电阻，S是温控开关，开关上标有“高（温）、低（温）、关”的字样，铭牌上有“220V最大功率40W”。（不计温度对电阻的影响） （1）要使电热毯处于高温档，则开关S的动触片置于哪个触点？ （2）求发热电阻丝R₀ 的阻值是多少？ （3）当电热毯处于低温档时电路中的电流为0.1A。求电阻R的阻值为多少。 （4）若电热毯处于高温档时，每天工作5小时，则一个月（按30天算）要消耗多少度电？ 张夕1年前1: fgsxjtfst3 共回答了31个问题 | 采纳率93.5%

（1）动触片应置于c点；
（2） ∵P＝UI，，∴ ；
（3）在低温档时R串联接入电路，∴ R＝R_总－R₀ ＝990Ω；
（4）W＝Pt＝0.04KW×5h×30＝6度。

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（2013•南昌模拟）下表是一台常用的电热饮水机的铭牌数据，图是它的电路原理图，其中S是温控开关，R1是定值电阻，R2是 （2013•南昌模拟）下表是一台常用的电热饮水机的铭牌数据，图是它的电路原理图，其中S是温控开关，R₁是定值电阻，R₂是加热电阻．当S闭合时，饮水机处于加热状态；当S断开时，饮水机处于保温状态 水桶容量 20L 热水箱容量 1L 额定电压 220V 加热功率 440W 保温功率 40W （1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大？ （2）饮水机正常工作时，将热水箱中的水从20℃加热到90℃．需用时14min[水的比热容为4.2×10³J/（kg•℃）]．求此加热过程中：①水吸收的热量；②饮水机的加热效率． jacky_jang1年前1: 派头大了共回答了13个问题 | 采纳率100%

解题思路：（1）饮水机正常工作时，实际功率和加热功率相等，根据P=UI求出电路中的电流；
（2）先求出水的质量，再根据公式Q_吸=cm（t₂-t₁）求出水吸收的热了，根据W=Pt求出电流做的功，最后代入效率公式，即可求解．
（1）根据P=UI可得，在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流：
I=
P加热
U=[440W/220V]=2A；
（2）①根据ρ=[m/V]可得，热水箱中的水质量：
m=ρ_水V=1.0×10³kg/m³×1×10^-3m³=1kg，
水吸收的热量：
Q_吸=cm（t₂-t₁）=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（90℃-20℃）=2.94×10⁵J；
②电流做的功：
W=P_加热t=440W×14×60s=3.696×10⁵J，
∵该电路是纯电阻电路，
∴Q_放=W
饮水机的加热效率：
η=
Q吸
W×100%=
2.94×105J
3.696×105J×100%≈79.5%．
答：（1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是2A；
（2）①水吸收的热量为2.94×10⁵J；②饮水机的加热效率约为79.5%．

点评：
本题考点：电功与热量的综合计算；电功率的计算．

考点点评：本题考查了电功率公式和密度公式、吸热公式、电功公式、效率公式的综合应用，关键是知道用电器正常工作时的功率和额定功率相等以及从表格中得出相关的信息．

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某保温电热水壶电路如图，S是温控开关，R1为加热器．当开关S接到a时，电热水壶处于加热状态，此时通过电热水壶的电流是5A 某保温电热水壶电路如图，S是温控开关，R₁为加热器．当开关S接到a时，电热水壶处于加热状态，此时通过电热水壶的电流是5A；当水烧开时，开关S自动切换到b，电热水壶处于保温状态，此时电热水壶的电功率为165W．（不考虑温度对电阻阻值的影响），求： （1）加热电阻R₁的阻值是多大？ （2）在保温状态下，通过电阻R₂的电流是多少？ q45800941年前1: hd949 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%

解题思路：（1）当开关S接到a时，电路为R₁的简单电路，根据欧姆定律求出电阻R₁的阻值；
（2）当开关S切换到b时，两电阻串联，根据I=[P/U]求出此时电路中的电流，即为通过电阻R₂的电流．
（1）当开关S接到a时，电路为R₁的简单电路，且I₁=5A，
R₁的阻值R₁=[U
I1=
220V/5A]=44Ω；
（2）当开关S切换到b时，两电阻串联，P_保温=165W，
电路中的电流I₂=
P保温
U=[165W/220V]=0.75A．
答：（1）加热电阻R₁的阻值是44Ω；
（2）在保温状态下，通过电阻R₂的电流是0.75A．

点评：
本题考点：欧姆定律的应用；电功率的计算．

考点点评：本题考查了串联电路的电流特点和欧姆定律、电功率公式的应用，是一道较为简单的计算题．

1年前查看全部

图甲是一台常用的电热饮水机，下表是它的铭牌数据，图乙是它的电路原理图，其中S是温控开关，R1是定值电阻，R2是加热电阻． 图甲是一台常用的电热饮水机，下表是它的铭牌数据，图乙是它的电路原理图，其中S是温控开关，R₁是定值电阻，R₂是加热电阻．当S闭合时，饮水机处于加热状态；当S断开时，饮水机处于保温状态． 水桶容量 20L 热水箱容量 1L 额定电压 220V 加热功率 440W 保温功率 40W （1）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大？电阻R₂的阻值多大？ （2）将热水箱中的水从20℃加热到90℃．求此加热过程中水吸收的热量 （3）在额定电压下，要放出这些热量，该电热水壶理论上需要工作多长时间？ （4）使用时发现：烧开这壶水实际加热时间大于计算出的理论值，请分析原因． 凤歌轻狂1年前1: babyhippopoo 共回答了16个问题 | 采纳率81.3%

解题思路：（1）由电路图可知，开关闭合时，电路为R₂的简单电路，饮水机处于加热状态，根据P=UI求出正常工作时的电流，根据欧姆定律求出电阻R₂的阻值；
（2）热水箱的容积即为水的体积，根据ρ=[m/V]求出水的质量，根据Q_吸=cm（t-t₀）求出水吸收的热量；
（3）理论上水吸收的热量和消耗的电能相等，根据Q_吸=W=Pt求出需要的加热时间；
（4）实际上烧开一壶水的加热时间总是要大于理论计算时间，这是因为在实际上烧开水时，水在吸收热量时也向空气中散热，同时壶本身也要吸收热量，也可能电压低于220V，这些因素均会造成实际加热时间的延长．
（1）由电路图可知，开关闭合时，电路为R2的简单电路，饮水机处于加热状态，由P=UI可得，正常工作时的电流：I=P加热U=440W220V=2A，由I=UR可得，电阻R2的阻值：R2=UI=220V2A=110Ω；（2）热水箱中水的体积：V=1L=1×...

点评：
本题考点：电功与热量的综合计算．

考点点评：本题考查了学生对电功率公式、欧姆定律、密度公式、吸热公式、电功公式的掌握和运用，关键是公式及其变形的灵活运用，还要学会从题目所给信息中找到有用的数据．

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（2011•襄阳）有一种XX一88型号电水壶的铭牌如下表，图是电水壶的电路图，R为加热器，温控器S是一个双金属片温控开关 （2011•襄阳）有一种XX一88型号电水壶的铭牌如下表，图是电水壶的电路图，R为加热器，温控器S是一个双金属片温控开关，当温度较低时，其处于闭合状态，加热器加热．当水沸腾后，会自动断开进入保温状态，从而实现了自动温度开关控制．若加热器电阻阻值随温度改变而发生的变化可忽略不计，则： （1）电水壶正常工作时，其加热电阻的电阻值是多大？ （2）若电水壶产生的热量全部被水吸收，现将一满壶23℃的水在标准大气压下烧开需要多久？ （3）当电水壶处于保温状态时，通过加热器的电流是0.2A，此时电阻R₀的电功率是多少？ lkj707281年前1: USASTART 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%

解题思路：（1）由铭牌上信息结合功率公式可求得电阻；
（2）由水的比热可求得烧开水所需能量，则由功率可求得时间；
（3）保温时两电阻串联，由串联电路的特点和欧姆定律可求得电阻，由功率公式可求得功率．
（1）电阻为：R=
U2
P=
(220V)2
1100W=44Ω；
（2）水的质量：m=ρV=1.0×10³kg/m³×2×10^-3m³=2kg，
水吸收的热量为Q=mc（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×2kg×（100℃-23℃）=6.468×10⁵J
消耗的电能W=Q=6.468×10⁵J．
加热时间t=[W/P]=
6.468×105J
1100W=588s=9.8min．
（3）串联后的总电阻R_总=[U/I]=1100Ω
则保温电阻R₀=R_总-R=1100Ω-44Ω=1056Ω
电阻R₀的电功率P=I²R₀=42.24W．
答：（1）电阻为44Ω；（2）加热时间为9.8min；（3）电阻R₀的电功率为42.24W．

点评：
本题考点：欧姆定律的应用；热量的计算；电功率的计算．

考点点评：本题考查生活中物理知识的应用，要注意联系电学知识解决生活中的物理应用．

1年前查看全部

有一台饮水机，使用的电源线插头如图甲，它的铭牌如表，工作电路如图乙，S0是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温状态． 有一台饮水机，使用的电源线插头如图甲，它的铭牌如表，工作电路如图乙，S₀是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温状态．试问： 热水箱容量 1.2L 额定电压 220V 加热功率 440W 保温功率 110W （1）当开关S闭合、S₀______时，饮水机处于加热状态，在此状态下正常工作10min，消耗的电能是多少焦？ （2）保温状态下通过电阻R₁的电流和R_l的阻值分别是多少？ （3）使用这样的三脚插头是为了把______与地线相连接，确保人身安全．饮水机使用中在无人饮水的情况下，会将水反复加热，浪费电能．为响应“节能减排”的号召，请你提出一条使用饮水机时节约用电的措施：______． 89changchang1年前1

yqsjs 共回答了20个问题 | 采纳率95%

解题思路：（1）由电路图可知，开关S闭合，当开关S₀断开时电路为R₁的简单电路，闭合时电路为R₁、R₂的并联电路，根据并联电路的电阻特点判断两种情况下电路中电阻的大小，再根据P=

判断饮水机的状态；利用W=Pt求出加热状态下正常工作10min消耗的电能；
（2）当开关S闭合、S₀断开时，电路为R₁的简单电路，饮水机处于保温状态，根据P=UI求出通过的电流，根据欧姆定律求出电阻；
（3）金属外壳的家用电器的外壳一定要接地，这样可以避免触电事故的发生；为防止无人饮水的情况下饮水机会将水反复加热浪费电能应及时关闭电源．

（1）由电路图可知，开关S闭合，当开关S₀断开时电路为R₁的简单电路，闭合时电路为R₁、R₂的并联电路，
因并联电路电阻越并越小，小于任何一个分电阻，
所以，电压一定，由P=
U2
R可知，当开关S闭合、S₀闭合时，电路中的总电阻最小，电路中的功率最大，热饮水机处于加热状态；
加热状态下正常工作10min消耗的电能：
W=P_加热t=440W×10×60s=2.64×10⁵J；
（2）当只闭合S时，只有R₁工作，饮水机处于保温状态，
由P=UI可得，通过电阻R₁的电流：
I₁=
P保温
U=[110W/220V]=0.5A，
由I=[U/R]可得，R_l的阻值：
R₁=[U
I1=
220V/0.5A]=440Ω；
（3）大功率或有金属外壳的家用电器，通常都要使用三脚插头，这是为了防止因漏电使外壳带电而造成触电事故；
无人饮用时应切断电源，可以减少因无人饮水的情况下饮水机会将水反复加热而浪费的电能．
答：（1）闭合；消耗的电能是2.64×10⁵J；
（2）保温状态下通过电阻R₁的电流为0.5A，R_l的阻值为440Ω；
（3）饮水机的外壳；无人饮用时应切断电源．

点评：
本题考点：电功率的计算；安全用电原则；电功的计算．

考点点评：本题主要考查了学生对电路的分析及电功率的计算，要解决此类题目，首先要搞清串并联电路的电流、电压的关系，同时要掌握电功率的基本计算公式及推导公式，同时要掌握电功的计算公式及推导公式．

1年前查看全部

下表为一台电烤箱的铭牌，其内部简化电路如图所示，S是温控开关，R1和R2均为电热丝，R1=44Ω，低温档的功率440W． 下表为一台电烤箱的铭牌，其内部简化电路如图所示，S是温控开关，R₁和R₂均为电热丝，R₁=44Ω，低温档的功率440W．求： （1）R₂的阻值； （2）电烤箱在低温档正常工作时的电流； （3）电烤箱在高温档工作时的功率； （4）电烤箱在低温档正常工作10min电热丝R₂消耗的电能． 西楼凭风1年前1: hhz007 共回答了23个问题 | 采纳率95.7%

解题思路：根据P=U2R可知，当开关闭合时，电路为R1的简单电路，电路中的电阻最小，电功率最大即为加热状态；当开关断开时，两电阻串联，电路的电阻最大，电功率最小即为保温状态．（1）根据R=U2P求出保温时电路中的总电阻，再根据电阻的串联求出R2的阻值；（2）根据I=PU求出电烤箱在低温档正常工作时的电流；（3）高温档时，电路为R2的简单电路，根据P=U2R求出电功率；（4）根据W=I2Rt求出在低温档正常工作10min电热丝R2消耗的电能．
（1）当开关断开时，两电阻串联，电路的电阻最大，电功率最小即为保温状态，
电路中的总电阻：
R=
U2
P保温=
(220V)2
440W=110Ω，
R₂=R-R₁=110Ω-44Ω=66Ω；
（2）电烤箱在低温档正常工作时的电流：
I=
P保温
U=[440W/220V]=2A；
（3）高温档时，电路为R₂的简单电路，
电功率：
P_加热=
U2
R1=
(220V)2
44Ω=1100W；
（4）在低温档正常工作10min电热丝R₂消耗的电能：
W₂=I²R₂t=（2A）²×66Ω×10×60s=1.584×10⁵J．
答：（1）R₂的阻值为66Ω；
（2）电烤箱在低温档正常工作时的电流为2A；
（3）电烤箱在高温档工作时的功率为1100W；
（4）电烤箱在低温档正常工作10min电热丝R₂消耗的电能为1.584×10⁵J．

点评：
本题考点：电功率的计算；欧姆定律的应用；电阻的串联；电功的计算．

考点点评：本题考查了电阻、电流、电功率、电功的计算，关键是公式及其变形式的灵活运用，难点是根据P=U2R结合开关的闭合、断开判断饮水机的工作状态．

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图甲是一台常用的电热饮水机，下表是它的铭牌数据，图乙是它的电路原理图，其中S 2 是温控开关，R 1 是加热电阻，R 2 图甲是一台常用的电热饮水机，下表是它的铭牌数据，图乙是它的电路原理图，其中S₂ 是温控开关，R₁ 是加热电阻，R₂ 是定值电阻． 额定电压 220V 加热功率 440W 保温功率 40W （1）请画出饮水机处于加热状态时的等效电路图． （2）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电流是多大？ （3）求保温时电路中的总阻值为多少？ （4）若饮水机把0.5kg的水由20℃加热到100℃所需要的时间为7min，请通过计算说明此加热过程中电阻丝产生的热量是否有损失？（水的比热容为c_水 =4.2×10³ J/（kg．℃）） 小草苞1年前1: 相信缘份1234 共回答了22个问题 | 采纳率100%

已知：U_额 =220V P_加热 =440W P_保温 =40W m=0.5kg c=4.2×10³ J/（kg．℃）△t=100℃-20℃=80℃t=7min=420s
求：（1）R_加热 =？R_保温 =？（2）I_正常 =？（3）R_总 =？（4）W=？Q=？

（1）∵P=
U 2
R
∴加热状态下电路电阻为R_加热 =
U 2
P 加热 =
(220 V) 2
440W =110Ω
保温状态下电路电阻为R_保温 =
U 2
P 保温 =
(220V) 2
40W =1210Ω，
∴加热状态下开关S₂ 处于闭合状态，电路图如下；
（2）∵P=UI
∴加热状态下饮水机正常工作的电流为I正常=
P 加热
U 额 =
440W
220V =2A；
（3））∵P=
U 2
R
∴保温状态下电路总电阻为R_保温 =
U 2
P 保温 =
(220V) 2
40W =1210Ω，
（4）∵P=
W
t
∴饮水机消耗的电能为W=Pt=440W×420s=1.848×10⁵ J
水吸收的热量为Q=cm△t=4.2×10³ J/（kg．℃）×0.5kg×80℃=1.68×10⁵ J
比较得，水吸收的热量比消耗的电能少，所以热量有损失．
答：
（1 ）加热状态下的等效电路图如下：

（2）在加热状态下，电路中的电流是2A；
（3）保温状态下的总电阻为1210Ω；
（4）此加热过程中有热量损失．

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（2014•赤峰）一个电水壶工作电路如图所示，其中S是温控开关，R1是电热管，当电水壶处于加热状态时，水被迅速加热，达到 （2014•赤峰）一个电水壶工作电路如图所示，其中S是温控开关，R₁是电热管，当电水壶处于加热状态时，水被迅速加热，达到预定温度时，S自动切换到另一处，处于保温状态．请解答以下问题： （1）A、B是两种不同颜色的灯，红色表示加热，黄色表示保温，请你分析A灯为______色； （2）若壶中有1kg水，初温27℃，把这些水加热到97℃，至少消耗多少电能？ [C_水=4.2×10³J/（kg•℃）] （3）若在加热状态时，加热管的功率为880W，求R₁阻值（不计指示灯电阻及温度对电阻值的影响）． fangbuhuiqi1年前1

我不要读书共回答了17个问题 | 采纳率100%

解题思路：（1）当S接A时只有电阻R₁，接B时两电阻串联，电源电压不变，根据公式P=

可知，电路功率的大小．
（2）根据Q=cm（t-t₀）求出水吸收的热量；
（3）已知加热时发热板的功率，根据公式R=

可求R₁的大小．

（1）根据公式P=P=
U2
R可知，电路电阻越大，功率越小，所以串联时功率小，两电阻串联时，电路处于保温状态；也就是说开关S接A时，电路中只有电阻R₁，电路功率较大，所以处于加热状态；则A灯为红灯；
（2）水吸收的热量Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×2kg×（97℃-27℃）=2.94×10⁵J；
∴当电流产生的热量全部被水吸收时消耗的电能最小，即W=2.94×10⁵J．
（3）加热时：发热板的电功率P₁=880W，
由公式P=
U2
R可得：电阻R₁=
U2
P1=
(220V)2
880W=55Ω；
答：（1）红；
（2）至少消耗电能为2.94×10⁵J；
（3）若在加热状态时，加热管的功率为880W，求R₁阻值为55Ω．

点评：
本题考点：电功与热量的综合计算．

考点点评：本题考查了热量的计算、串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，会判断开关在不同位置时电路的连接情况和对应的电功率是关键．

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（2014•海门市二模）小明班上有一台饮水机，它的铭牌如表．工作电路如图所示，S0是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或 （2014•海门市二模）小明班上有一台饮水机，它的铭牌如表．工作电路如图所示，S₀是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温状态．[c_水=4.2×10³J/（kg•℃）] 热水箱容量 1kg 额定电压 220V 加热功率 600W （1）将1kg的水从20℃加热到100℃，求水吸收的热量． （2）饮水机在加热状态下正常工作700s将1kg的水从20℃加热到100℃，求消耗的电能． （3）若在保温状态下，饮水机消耗的功率是44W，求R₂的阻值． louzhanhua1年前1

eerae 共回答了21个问题 | 采纳率85.7%

解题思路：（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q_吸=cm△t求水吸收的热量；
（2）由铭牌知道加热功率，利用W=Pt求正常工作700s消耗的电能；
（3）处于保温状态，知道保温功率，利用P=

求R₂的阻值大小．

（1）水吸收的热量：Q_吸=c_水m△t=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（100℃-20℃）=3.36×l0⁵J；
（2）饮水机加热时功率：P=600W；加热时间：t=700s；加热时消耗的电能：W=Pt=600W×700s=4.2×10⁵J；
（3）当S断开，S₀闭合时，电路中只有R₂，总功率较小，为保温状态，由：P=
U2
R，得：R₂的电阻值：R₂=
U2
P保温=
(220V)2
44W=1100Ω．
答：（1）将1kg的水从20℃加热到100℃，水吸收的热量是3.36×l0⁵J；
（2）饮水机在加热状态下正常工作700s，消耗的电能是4.2×10⁵J；
（3）R₂的阻值是1100Ω．

点评：
本题考点：电功与热量的综合计算．

考点点评：本题考查了学生对吸热公式、电功率的公式的掌握和运用，是一道电学与热学的综合应用题，与生活实际相联系，属于中考常见题型．

1年前查看全部

（2012•淮安二模）小华家电热饮水机的铭牌信息和电路原理图如图所示．其加热和保温两种工作状态，由机内温控开关S2自动控 （2012•淮安二模）小华家电热饮水机的铭牌信息和电路原理图如图所示．其加热和保温两种工作状态，由机内温控开关S₂自动控制． 热水箱容量 2L 额定电压 220V 加热总功率 600W 保温功率 80W （1）饮水机处于加热状态时，开关S₁、S₂工作状态是：______；饮水机处于保温状态时，开关S₁、S₂工作状态是：______． （2）小华将饮水机单独接在该电能表上正常加热30min，电能表的示数为多少？ （3）利用原有电路元器件，重新设计电路，实现饮水机的加热和保温两种功能，且由机内温控开关S₂自动控制．将电路图画在虚线框内． 笨笨丫头1年前1: 乐无奇共回答了20个问题 | 采纳率75%

解题思路：（1）将饮水机处于加热状态时的加热总功率和饮水机处于保温状态时的功率比较即可得出答案．
（2）已知加热时的功率，根据公式W=Pt可求消耗的电能，进一步求出电能表的示数；
（3）根据题目要求，要想实现“机内温控开关S₂自动控制”只能将R₁R₂串联，S₂并联在R₂两端．
（1）当S₁、S₂均闭合时，R₁R₂并联，
此时的加热功率为600W，此时饮水机处于加热状态时；
当S₁闭合S₂断开时，电流只是通过R₂，此时的功率为80W；
所以此时饮水机处于保温状态．
故答案为：S₁、S₂均闭合；S₁闭合S₂断开．
（2）饮水机单独接在该电能表上正常加热30min，消耗的电能W=Pt=0.6kW×0.5h=0.3kW•h；
电能表的示数为82.6kW•h+0.3kW•h=82.9kW•h；
答：电能表的示数为82.9kW•h；
（3）将R₁R₂串联，S₂并联在R₂两端，如图所示：

点评：
本题考点：电能表参数的理解与电能的求法；电路图设计；电功的计算．

考点点评：此题主要考查学生对电功率的计算，欧姆定律的应用电阻的串联和电阻的并联等知识点的理解和掌握，此题的难点在第（2）问，此外按题目要求设计电路图，对学生来说也是难点，所以此题属于难题．

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（2012•淄博三模）小波班上有一台饮水机，它的铭牌如表，工作电路如图所示，S0是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保 （2012•淄博三模）小波班上有一台饮水机，它的铭牌如表，工作电路如图所示，S₀是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温状态．问： 热水箱容量 1.5L 额定电压 220V 加热功率 550W （1）将1.5kg的水从20℃加热到90℃，水吸收的热量是多少？[c_水=4.2×10³J/（kg•℃）] （2）饮水机在加热状态下正常工作15min，消耗的电能是多少？ （3）若在保温状态下，饮水机消耗的功率是44W，则R₂的阻值是多少？ 真水无香09231年前1: 好名字都取光了共回答了14个问题 | 采纳率78.6%

解题思路：（1）知道水的质量和初温、末温以及比热容，根据Q_吸=cm（t-t₀）求出水吸收的热量；
（2）饮水机在加热状态下正常工作时的功率和额定功率相等，根据W=Pt求出消耗的电能；
（3）由电路图可知，断开开关时，只有R₂的接入电路，饮水机的电功率小，饮水机处于保温状态，由电功率的变形公式可以求出电阻R₂的阻值．
（1）水吸收的热量：
Q_吸=cm（t-t₀）
=4.2×10³J/（kg•℃）×1.5kg×（90℃-20℃）
=4.41×l0⁵J；
（2）饮水机在加热状态下正常工作15min，消耗的电能：
W=Pt=550W×15×60s=4.95×10⁵J；
（3）当S₀断开时，电路中只有R₂，总功率较小，为保温状态，
由P=
U2
R可得，R₂的阻值：
R₂=
U2
P保温=
(220V)2
44W=1100Ω．
答：（1）水吸收的热量是4.41×l0⁵J；
（2）饮水机在加热状态下正常工作15min，消耗的电能是4.95×10⁵J；
（3）R₂的阻值是1100Ω．

点评：
本题考点：电功与热量的综合计算．

考点点评：本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到吸热公式、电功公式、电功率公式的应用，关键是饮水机状态对应电路的判断．

1年前查看全部

（2013•济宁模拟）图甲是一台常用的电热饮水机，下表是它的铭牌数据，图乙是它的电路原理图．其中S是温控开关，R1是定值 （2013•济宁模拟）图甲是一台常用的电热饮水机，下表是它的铭牌数据，图乙是它的电路原理图．其中S是温控开关，R₁是定值电阻，R₂是加热电阻．当S闭合时，饮水机处于加热状态；当S断开时，饮水机处于保温状态．（保温功率是指保温状态时电路的总功率） 水桶容量 20L 热水箱容量 1L 额定电压 220V 加热功率 440W 保温功率 55W （1）在保温状态下，饮水机工作时电路中的电流是多大？ （2）在加热状态下，饮水机正常工作时电路中的电阻R₂是多大？ （3）饮水机正常工作时，若加热效率为80%，则将热水箱中的水从40℃加热到90℃，消耗了多少电能？用电的时间为多少？（水的比热容为4.2×10³J/kɡ•℃）． 输得不亦乐乎斯基1年前1

zaaaaaaa 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%

解题思路：（1）已知保温功率和额定电压，利用公式I=[P/U]得到保温状态下饮水机正常工作的电流；
（2）已知加热功率和额定电压，利用公式R=

得到电阻R₂的阻值；
（3）已知热水箱的容积，可以得到水的体积，进一步得到水的质量；已知水的质量、比热容、初温度和末温度，利用公式Q=cm△t得到水吸收的热量；已知饮水机的加热效率和水吸收的热量，可以得到消耗的电能；已知加热功率和消耗的电能，利用公式t=[W/P]得到用电时间．

已知：P_保=55W P_加=440W U_额=220V V=1L=10^-3_m3 ρ=1.0×10³kg/m³ c=4.2×10³J/（kg•℃）△t=90℃-40℃=50℃η=80%
求：（1）I_保=？（2）R₂=？（3）W=？t=？

（1）饮水机处于保温状态时，R₁和R₂串联，P_保=55W
由P=UI得I=
P保
U=[55w/220V]=0.25A
（2）饮水机处于加热状态时，电路中只有R₂，则P_加=440W
∵P=
U2
R，
∴电阻R₂的阻值为R₂=
U额2
P加=
(220V)2
440W=110Ω
（3）∵ρ=[m/V]，
∴水的质量 m=ρV=1.0×10³kg/m³×10^-3m³=1.0kg
水吸收的热量为Q_吸=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×1.0kg×50℃=2.1×10⁵J，
∵η=
Q吸
W电，
∴消耗的电能为W_电=
Q吸
η=
2.1×105J
80%=2.625×10⁵J
∵P=[W/t]，
∴加热所需时间为t=[W/P]=
2.625×105J
440W≈597s．
答：（1）饮水机保温状态通过的电流为0.25A；
（2）电阻R₂的阻值为110Ω；
（3）消耗的电能为2.625×10⁵J，加热时间约597s．

点评：
本题考点：电功率与电压、电流的关系；欧姆定律的应用；电功与热量的综合计算．

考点点评：此题考查了电功率变形公式的应用，热量的计算，效率的应用和质量、体积的关系，是一道力、电、热综合题，难度较大，解决的关键是熟记基本公式，明白电路连接关系．

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电热饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S 0 自动控制），饮水机加热内胆里的水温达到90℃时，温控开关就会自 电热饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S₀ 自动控制），饮水机加热内胆里的水温达到90℃时，温控开关就会自动断开，停止加热进入保温状态；当水温降至60℃时，温控开关又会自动闭合重新加热。从说明书上收集到的数据及电路原理图如下： （1）当热水箱里的水（按2L计算）温度降至60℃时，温控开关自动闭合重新加热至90℃，这一过程中，水吸收的热量是多少？ （2）饮水机正常加热时R₁ 的电功率是多少？ （3）正常加热时R₁ 的电阻值是多少？ 秋剑1年前1: ghunter200 共回答了19个问题 | 采纳率100%

（1）Q_吸 =cm（t-t₀ ）=cρ_水 V（t-t₀ ）=4.2×10³ J/（kg·℃）×1.0×10³ kg/m³ ×2×10^-3 m³ ×（90℃-60℃）=2.52×10⁵ J；
（2）P₁ =440W-40W=400W；
（3）P₁ =UI 由I=U/R得P=U² /R₁ ， R₁ =U² /P₁ =（220V）² /（400W）=121Ω。

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（2014•山西）市场上有一种电热饮水机，如图2是饮水机的简化电路图，S是温控开关，R1是调节电阻，其阻值为176Ω，R （2014•山西）市场上有一种电热饮水机，如图2是饮水机的简化电路图，S是温控开关，R₁是调节电阻，其阻值为176Ω，R₂是供加热的电阻丝，饮水机的铭牌参数如图1所示．求： （1）若饮水机正常工作的加热效率为90%，现将质量为1.5kg，初温为20℃的水在一标准大气压下烧开需要吸收的热量是多少？需加热多长时间？已知C_水=4.2×10³J/（kg•℃）．（时间计算结果保留整数） （2）当饮水机处于保温状态时，他的保温功率是多少？ 匆匆过客00011年前1

willton 共回答了21个问题 | 采纳率90.5%

解题思路：（1）利用水的吸热公式Q_吸=cm（t-t₀）求出水吸收的热量，再利用加热效η=

Q吸

求出消耗的电能，最后利用t=[W/P]求出加热时间；
（2）先用R=

求出加热电阻R₂；再利用I=[U/R]求出保温时的电流，最后利用P=I²R求出保温功率．

（1）水吸收的热量为：
Q=cm（t-t₀）=4.2×10³J/kg•℃×1.5kg×（100℃-20℃）=5.04×10⁵J；
因为Q_吸=ηW，W=Pt所以电热水壶把水烧开所用时间为：
t=[W/P]=
Q吸
ηP=
5.04×105J
90%×1100W≈509s；
（2）加热电阻R₂=
U2
P=
(220V)2
1100W=44Ω，
当断开S时，R₁、R₂串联，电路处于保温状态，保温时电路中电流I_保=[U
R1+R2=
220V/176Ω+44Ω]=1A
因为R1为调节电阻，电路保温时的功率由R₂提供，则P′=I²R=（1A）²×44Ω=44W
答：（1）现将质量为1.5kg，初温为20℃的水在一标准大气压下烧开需要吸收的热量是5.04×10⁵J；需加热509s；
（2）当饮水机处于保温状态时，他的保温功率是44W．

点评：
本题考点：电功与热量的综合计算．

考点点评：此题所涉及到的知识点比较多，主要分清何时处于保温状态，看懂电路的连接是解题关键．

1年前查看全部

一个家用小型电热水壶电路如图所示,温控开关S闭合时煮水,当水烧开时,温控开关S断开,水壶处于 一个家用小型电热水壶电路如图所示,温控开关S闭合时煮水,当水烧开时,温控开关S断开,水壶处于 保温状态,已知R1=100Ω（1）求煮水时的电流（2）若保温时电流为0.11A,求R2的值. tianyahechu1年前1: yangyoumao 共回答了19个问题 | 采纳率84.2%

你急,我还急着看图呢.
没有图,我只能猜R1和R2是并联关系了.
（1）I1＝U/R1＝220V/100Ω＝2.2A
（2）R2＝U/I2＝220V/0.11A＝2000Ω

1年前查看全部

（2013•广东模拟）小波班上有一台饮水机，它的铭牌如下表，工作电路如图所示，S0是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或 （2013•广东模拟）小波班上有一台饮水机，它的铭牌如下表，工作电路如图所示，S₀是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温状态． 热水箱容量 1.5L 额定电压 220V 加热功率 550W （1）将2kg的水从25℃加热到85℃，水吸收的热量是多少？[c_水=4.2×10³J/（kg•℃）] （2）若在保温状态下，饮水机消耗的功率是44W，则R₂的阻值是多少？ （3）饮水机在加热状态下将2kg的水从25℃加热到85℃时正常工作了20min，则饮水机消耗的电能是多少？饮水机的效率为多少？ lmy16911年前1: 批开办痰盂器共回答了17个问题 | 采纳率88.2%

（1）水吸收的热量：
Q_吸=cm（t-t₀）
=4.2×10³J/（kg•℃）×2kg×（85℃-25℃）=5.04×10⁵J；
（2）由P=
U2
R可得，R₂的阻值：
R₂=
U2
P保温=
(220V)2
44W=1100Ω；
（3）饮水机加热20min消耗的电能：
W_电=P_加热t=550W×20×60s=6.6×10⁵J，
饮水机的效率：
η=
Q吸
W电×100%=
5.04×105J
6.6×105J×100%≈76.36%．
答：（1）将2kg的水从25℃加热到85℃，水吸收的热量是5.04×10⁵J；
（2）R₂的阻值是1100Ω；
（3）饮水机消耗的电能是6.6×10⁵J，饮水机的效率约为76.36%．

1年前查看全部

（2010•福州）小波班上有一台饮水机，它的铭牌如右表，工作电路如图所示，S0是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温 （2010•福州）小波班上有一台饮水机，它的铭牌如右表，工作电路如图所示，S₀是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温状态．问： （1）将1.5kg的水从20℃加热到90℃，水吸收的热量是多少？[c_水=4.2×10³J/（kg•℃）] （2）饮水机在加热状态下正常工作15min，消耗的电能是多少？ （3）若在保温状态下，饮水机消耗的功率是44W，则R₂的阻值是多少？ 热水箱容量 1.5L 额定电压 220V 加热功率 550W 紫凌音韵1年前1

zf1984 共回答了16个问题 | 采纳率68.8%

解题思路：（1）知道水的质量、水的比热容、水的初温和末温，利用吸热公式Q_吸=cm△t求水吸收的热量；
（2）由铭牌知道加热功率，利用W=Pt求正常工作15min消耗的电能；
（3）当S₀断开时，电路中只有R₂，电阻较大，根据P=

可知，此时电功率较小，处于保温状态，知道保温功率，利用P=

求R₂的阻值大小．

（1）水吸收的热量：
Q_吸=c_水m△t=4.2×10³J/（kg•℃）×1.5kg×（90℃-20℃）
=4.41×l0⁵J；
（2）饮水机加热时消耗的电能：
W=Pt=550W×15×60s=4.95×10⁵J；
（3）当S₀断开时，电路中只有R₂，总功率较小，为保温状态，
R₂=
U2
P2=
(220V)2
44W=1100Ω．
答：（1）将1.5kg的水从20℃加热到90℃，水吸收的热量是4.41×l0⁵J；
（2）饮水机在加热状态下正常工作15min，消耗的电能是4.95×10⁵J；
（3）R₂的阻值是1100Ω．

点评：
本题考点：热量的计算；电功率的计算；电功与热量的综合计算．

考点点评：本题考查了学生对吸热公式、电功率的公式的掌握和运用，是一道电学与热学的综合应用题，与生活实际相联系，属于中考常见题型．

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有一饮水机的铭牌如右表，工作电路如图所示，S0是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温状态，在加热状态下将1kg的水从 有一饮水机的铭牌如右表，工作电路如图所示，S₀是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温状态，在加热状态下将1kg的水从20℃加热到100℃，耗时700秒，问： （1）水吸收的热量是多少？ （2）饮水机的加热效率是多少？ （3）若在保温状态下，饮水机消耗的功率是44W，则R₂的阻值是多少？ 热水箱容量 1kg 额定电压 220V 加热功率 600W 爱笑的妍1年前2: 4764 共回答了25个问题 | 采纳率84%

解题思路：（1）由热量公式可以求出水所吸收的热量．
（2）由W=Pt求出饮水机消耗的电能，然后由效率公式求出饮水机的效率．
（3）由电路图可知，断开开关时，只有R₂的接入电路，饮水机的电功率小，饮水机处于保温状态，由电功率的变形公式可以求出电阻R₂的阻值．
（1）Q_吸=c_水m（t₁-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（100℃-20℃）=3.36×l0⁵J，
（2）饮水机加热时消耗的电能W=Pt=600W×700s=4.2×10⁵J，
加热效率是：η=[Q/W]×100%=
3.36×105J
4.2×105J×100%=80%；
（3）当S₀断开时，电路中只有R₂，总功率较小，为保温状态，
∵P=
U2
R，
∴R₂的阻值R₂=
U2
P保温=
(220V)2
44W=1100Ω；
答：（1）水吸收的热量是3.36×l0⁵J．
（2）饮水机的加热效率是80%．
（3）R₂的阻值是1100Ω．

点评：
本题考点：电功与热量的综合计算．

考点点评：熟练应用热量公式、电功公式及其变形公式即可正确解题．

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（2011•揭阳）老师办公室有一台饮水机，它的铭牌如表，工作电路如图所示，S0是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温 （2011•揭阳）老师办公室有一台饮水机，它的铭牌如表，工作电路如图所示，S₀是温控开关，可以自动控制饮水机的加热或保温状态．[C_水=4.2×10³J/（kg•℃）]问： 热水箱容量 2.0L 额定电压 220V 加热功率 880W （1）将热水箱装满水后从20℃加热到90℃，水吸收的热量是多少？ （2）饮水机在加热状态下正常工作lOmin，消耗的电能是多少？ （3）若在保温状态下，饮水机消耗的功率是44W，则R₂的阻值是多少？ longzaijiutian781年前1

阳桃共回答了18个问题 | 采纳率94.4%

解题思路：（1）先根据m=ρV求出水的质量，又知道水的、初温和末温，根据公式Q_吸=cm（t-t₀）求出水吸收的热量；
（2）由表格数据可知加热功率，根据W=Pt求出正常工作lOmin消耗的电能；
（3）由电路图可知，温控开关断开时，电路为R₂的简单电路，此时电路中的总电阻最大，电功率最小，饮水机处于保温状态，根据P=

求出R₂的阻值．

（1）根据ρ=[m/V]可得，热水箱装满水后水的质量：
m=ρV=1.0×10³kg/m³×2×10^-3m³=2kg，
水吸收的热量：
Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×2kg×（90℃-20℃）=5.88×10⁵J；
（2）饮水机在加热状态下的功率为880W，则工作lOmin消耗的电能：
W_加热=P_加热t=880W×10×60s=5.28×10⁵J；
（3）温控开关断开时，电路为R₂的简单电路，饮水机处于保温状态，
由P=
U2
R可得，R₂的阻值：
R₂=
U2
P保温=
(220V)2
44W=1100Ω．
答：（1）将热水箱装满水后从20℃加热到90℃，水吸收的热量是5.88×10⁵J；
（2）饮水机在加热状态下正常工作lOmin，消耗的电能是5.28×10⁵J；
（3）R₂的阻值是1100Ω．

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热水箱容量	1.5L
额定电压	220V
加热功率	550W
保温功率	44W

水桶容量	20L
热水箱容量	1.5L
额定电压	220V
加热功率	880W

热水箱容量	1.2L
额定电压	220V
加热功率	440W
保温功率	110W

S是温控开关,R1、R2是电阻丝,断开或闭合开关S,

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