50A的交流电流表怎么监测380V电线中的电流

jijw20042022-10-04 11:39:541条回答

50A的交流电流表怎么监测380V电线中的电流
用不用接电流互感器(150/5).只监测一条电线中的电流大小.监测11KW的交流高速电机
电流互感器是穿心式的,电流表最小量程是2A.用考虑电机启动电流大小不?以及接法~~~~~~~~

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wgzxsyj 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
50A的表要接50/5的电流互感器,如果手头只有(150/5)的互感器,接入后,表显示的读数要除3,才是实际电流值
1年前

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C.电压表V1示数变小,电压表V2示数变大
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心急吃不了热香干 共回答了21个问题 | 采纳率90.5%
解题思路:和闭合电路中的动态分析类似,可以根据R3的变化,确定出总电路的电阻的变化,进而可以确定总电路的电流的变化的情况,再根据电压不变,来分析其他的原件的电流和电压的变化的情况.

A、图乙所示电压的瞬时值表达式为μ=51sin100πt(V),故A错误;
B、若变压器原、副线圈的匝数比为4:1,由线圈的电流与匝数成反比,则原、副线圈中的电流之比为1:4,故B正确.
C、当光照增强时,导致总电阻减小,总的电流变大,电阻R1的电压变大,总的电压保持不变即V1示数不变,所以并联部分的电压要减小,即V2读数变小,故C错误;
D、当光照增强时,电路的总的电阻减小,所以电路的总电流要变大,所以A1、A2的示数都要变大,故D正确;
故选:BD.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 电路的动态变化的分析,总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况,再确定其他的电路的变化的情况,即先部分后整体再部分的方法.

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A.(
n2
n1
)2

B.(
n1
n2
)2

C.
n2
n1

D.
n1
n2
该hh得温柔1年前1
xmy246810 共回答了28个问题 | 采纳率92.9%
解题思路:输出电压是由输入电压和匝数比决定的,输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的,电压与匝数程正比,电流与匝数成反比,根据理想变压器的原理分析即可.

当开关S分别拨至接线柱l时,电流表的示数I1=[U/R]
当开关S分别拨至接线柱2时,输出电压是由输入电压和匝数比决定的,
所以副线圈电压U2=
n2
n1U,所以副线圈电流I=
U2
r
电流与匝数成反比,所以原线圈电流I2=
n2
n1×
U2
r
电流表的示数相同,即I1=I2
所以两个定值电阻的阻值之比是(
n2
n1)2.
故选A.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 本题主要考查变压器的知识,要能对变压器的最大值、有效值、瞬时值以及变压器变压原理、功率等问题彻底理解.

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在如图所示电路中,电阻R、电感线圈L、电容器C并连接在某一交流电源上,三个相同的交流电流表的示数相同.若保持电源的电压不变,而将其频率增大,则三个电流表的示数I1、I2、I3的大小关系是(  )
A. I1=I2=I3
B. I1>I2>I3
C. I2>I1>I3
D. I3>I1>I2
vv滑雪大优惠1年前1
很想在来一次 共回答了24个问题 | 采纳率83.3%
解题思路:交流电流通过电感线圈时,线圈中会产生感应电动势来阻止电流的变化,因而有一种阻止交流电流通过的作用,我们称之为“感抗”.实验证明,感抗在数值上就是电感线圈上电压和电流的有效值之比,感抗的单位是“Ω(欧姆)”,符号是“L”.感抗公式为:xL=2πfL.
与感抗类似,交流电流通过电容时,电容器也有一种阻止交流电流通过的作用,我们称之为“容抗”.实验证明,容抗在数值上就是电容上电压和电流的有效值之比,容抗的单位是“Ω(欧姆)”,符号是“C”.容抗公式为:xC
1
2πfC

随着交变电流频率的增加,电阻原件的阻抗(电阻)不变,电感原件的感抗增加,电容器的容抗减小,故根据欧姆定律,可得:通过电阻的电流不变,通过电容的电流变大,通过电感的电流变小,由于原来电流相等,故I3>I1>I2
故选D.

点评:
本题考点: 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用.

考点点评: 本题关键是明确电阻、电容、电感对交变电流的阻碍作用的大小取决于各自的电抗,会计算阻抗、容抗和感抗.

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图示为某人用低压交流电压表和交流电流表测量一高压输电线路电压和电流的示意图,甲图为电压互感器,原、副线圈匝数比为m:1,乙为电流互感器,原、副线圈匝数比为1:n,若从两表读得电压表示数为U,电流表示数为I,则(  )
A.该高压输电线路输送的电压为mU
B.该高压输电线路输送的电流为
I
n
C.该高压输电线路输送的电功率为UI
D.该高压输电线路输送的电功率为mnUI

abazpz1年前1
88lele 共回答了14个问题 | 采纳率85.7%
A、由变压器原理
U 1
U 2 =
n 1
n 2 得输电线路的输送电压为U 1 =
n 1
n 2 U 2 =mU ,故A正确;
B、由
I 1
I 2 =
n 2
n 1 ,得输电线路的输电电流 I 1 =
n 2
n 1 I=nI ,故B错误;
C、输电线路的输送功率P=U 1 I 1 =mU•nI=mnUI,故C错误,D正确.
故选:AD
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如图,有一理想变压器,原副线圈的匝数比为n.原线圈接正弦交流电压U,输出端接有一个交流电流表和一个电动机.电动机线圈电阻为R.当输入端接通电源后,电流表读数为I,电动机带动一重物匀速上升.下列判断正确的是(  )
A.电动机两端电压为IR
B.电动机消耗的功率为I 2 R
C.原线圈中的电流为nI
D.变压器的输入功率为UI/n
瞒天过海11211年前1
89743814 共回答了23个问题 | 采纳率91.3%
A、电动机电路属于非纯电阻电路,则欧姆定律不适用.因此电动机两端的电压不能为IR,故A错误;
B、电动机消耗的功率为线圈内阻消耗的功率与输出功率之和,而为I 2 R仅是电动机线圈电阻的功率,故B错误;
C、因为原副线圈的匝数比为n,且电流表读数为I,则由理想变压器的原副线圈的电流与匝数成反比得,原线圈的电流为
I
n ,故C错误;
D、理想变压器的原线圈的电压为U,而电流为
I
n ,则变压器的输入功率为U
I
n .故D正确;
故选:D
交流电流表400/5表示什么意思
青玉案和围城1年前2
玲珑阳光 共回答了21个问题 | 采纳率71.4%
交流电流表400/5,表示该表需要配以400/5的电流互感器,
该表当通过5A时,仪表指向表盘的满度值400A.
(2009•湛江二模)有一理想变压器小原线圈连接一只交流电流表,副线圈接入电路小匝数可以通过滑动触头Q调节,如上所示,在
(2009•湛江二模)有一理想变压器小原线圈连接一只交流电流表,副线圈接入电路小匝数可以通过滑动触头Q调节,如上所示,在副线圈两输出端连接2定值电阻R0和滑动变阻器R,在原线圈上加一电压为U小交流电,则(  )
A.保持Q的位置不动,将P向上滑动时,电流表的读数变大
B.保持Q的位置不动,将P向上滑动时,电流表的读数变小
C.保持P的位置不动,将Q向上滑动时,电流表的读数变大
D.保持P的位置不动,将Q向上滑动时.电流表的读数变小
无为20071年前1
寳寶 共回答了19个问题 | 采纳率68.4%
解题思路:保持Q位置不动,则输出电压不变,保持P位置不动,则负载不变,再根据电压器的特点分析.

A、B、在原、副线圈匝数比一定的情况下,变压器的输出电压由输入电压决定.因此,当q位置不变时,输出电压U′不变,此时P向上滑动,负载电阻值R′增大,则输出电流I′减小.根据输入功率Pb等于输出功率P2,电流表的读数I变小,故A错误,B正确;
C、D、P位置不变,将q向上滑动,则输出电压U′变大,I′变大,电流表的读数变大,变压器的输入功率变大.因此选项C正确,D错误;
故选BC.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 本题的关键在于P位置不动时 总电阻不变,Q不变时输出电压不变,完全利用变压器特点.

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一只电饭煲和一台洗衣机同时并联接入u=311sin314tV的交流电源上,均正常工作。用交流电流表分别测得流过电饭煲的电流是5A,流过洗衣机的电流是0.5 A,则下列说法中正确的是
[ ]
A.电饭煲的电阻是44Ω,洗衣机电动机线圈的电阻是440Ω
B.电饭煲消耗的电功率为1555 W,洗衣机电动机消耗的功率为155.5 W
C.1 min内电饭煲消耗的电能为6.6×10 4 J,洗衣机电动机消耗的电能为6.6×10 3 J
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C
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选择需要确定额定电压、额定电流、是否配置DIDO,AIAO,RS485等
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一台电风扇的额定电压为交流220V.在其正常工作过程中,用交流电流表测得某一段时间内的工作电流I随时间t的变化如图所示.这段时间内电风扇的用电量为(  )
A. 3.9×10-4
B. 5.5×10-2
C. 7.8×10-2
D. 11.0×10-2
qq的芳草1年前1
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解题思路:分三段运用W=UIt求解电功,最后得到总功,换算成度数.

用电量为:
W=UI1t1+UI2t2+UI3t3=U(I1t1+I2t2+I3t3
=220V×(0.3A×10×60s+0.4A×600s+0.2A×2400s)
=1.98×105J
1KWh=3.6×106J
故W=
1.98×105
3.6×106KWh=5.5×10−2KWh
故选B.

点评:
本题考点: 电功、电功率.

考点点评: 本题关键分三段求解电功,最后要换算成KWh,要知道1KWh=3.6×106J.

如图所示,理想变压器的原线圈接一交变电源,R1=R2,导线电阻不计.现将开关S闭合,那么交流电压表的示数U﹑交流电流表的
如图所示,理想变压器的原线圈接一交变电源,R1=R2,导线电阻不计.现将开关S闭合,那么交流电压表的示数U﹑交流电流表的示数I和电阻R1的功率P1的变化分别是(  )
A. U增大、I增大、P1增大
B. U不变、I增大、P1不变
C. U减小、I减小、P1减小
D. U不变、I减小、P1增大
xuanfengzhe32361年前1
molly_820 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
解题思路:电键闭合负载增大,回路中总电阻减小,电流变大,输出电压不变,结合欧姆定律及功率公式即可可以判断.

将电键S闭合,负载总电阻变小,由匝数和输入端电压不变可知输出端电压不变,所以U不变,根据欧姆定律可知,输出端电流变大,原副线圈中电流与匝数成反比,而匝数比不变,所以原线圈电流也增大,故I增大,R1两端的电压不变,根据P1=
U2
R1可知,P1不变,故B正确.
故选:B

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 在交流电中电表显示的是有效值,变化开关相当于电路的动态分析,要先根据局部的变化分析整体电路的电流、电压的变化.

在如图所示电路中,电阻R、电感线圈L、电容器C并连接在某一交流电源上,三个相同的交流电流表的示数相同.若保持电源的电压不
在如图所示电路中,电阻R、电感线圈L、电容器C并连接在某一交流电源上,三个相同的交流电流表的示数相同.若保持电源的电压不变,而将其频率增大,则三个电流表的示数I1、I2、I3的大小关系是(  )
A. I1=I2=I3
B. I1>I2>I3
C. I2>I1>I3
D. I3>I1>I2
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解题思路:交流电流通过电感线圈时,线圈中会产生感应电动势来阻止电流的变化,因而有一种阻止交流电流通过的作用,我们称之为“感抗”.实验证明,感抗在数值上就是电感线圈上电压和电流的有效值之比,感抗的单位是“Ω(欧姆)”,符号是“L”.感抗公式为:xL=2πfL.
与感抗类似,交流电流通过电容时,电容器也有一种阻止交流电流通过的作用,我们称之为“容抗”.实验证明,容抗在数值上就是电容上电压和电流的有效值之比,容抗的单位是“Ω(欧姆)”,符号是“C”.容抗公式为:xC
1
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随着交变电流频率的增加,电阻原件的阻抗(电阻)不变,电感原件的感抗增加,电容器的容抗减小,故根据欧姆定律,可得:通过电阻的电流不变,通过电容的电流变大,通过电感的电流变小,由于原来电流相等,故I3>I1>I2
故选D.

点评:
本题考点: 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用.

考点点评: 本题关键是明确电阻、电容、电感对交变电流的阻碍作用的大小取决于各自的电抗,会计算阻抗、容抗和感抗.

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交流电流表指示的电流值,表示的是交流电流的( )值.
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交流电流表指示的电流值,表示的是交流电流的( A )值.
A、有效 B、最大 C、平均 D、最小

这个题太简单了,没挑战性啦
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电压100*0.5=50V
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波形图正弦或余弦都行,振幅为0.707(根2除以2)
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下列说法正确的是(  )
A.使用交流的设备所标的电压和电流都是最大值
B.交流电流表和电压表测定的是有效值
C.在相同时间内通过同一电阻,跟直流电有相同热效应的交变电流值是交流的有效值
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解题思路:使用交流的设备所标的电压和电流均是有效值,而不是最大值;交流电表所测的也是有效值.给定的交变电流值在没有特别说明的情况下都是指有效值.

A、使用交流的设备所标的电压和电流均是有效值,而不是最大值.故A错误;
B、交流电流表和电压表测定的是有效值.故B正确;
C、根据电流的热效应,在相同时间内通过同一电阻,跟直流电有相同热效应的交变电流值是交流的有效值.故C正确;
D、给定的交变电流值在没有特别说明的情况下都是指有效值.故D正确.
故选:BCD

点评:
本题考点: 正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率.

考点点评: 使用交流的设备所标的电压和电流均是有效值,交流电是正弦式变化规律,有效值等于最大值除以2.

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因为测量电流是串联在回路中的,因此电流表的原则是内阻尽可能小,这样才能够在测量电流时不影响电路的工作.
直流电流表和交流电流表区别很大,不能交换测量,而且也没有办法交换测量,对大电流电流表来说,直流电流表实际上仅仅是一个75毫伏的直流电压表(测量的是分流器上的毫伏电压),而交流电流表的内阻很小(测量的是互感器次级的短路的电流),对电路来说是短路的,电流可以允许交流5安培流过.
对小电流电流表来说,虽然外面看不到分流器或互感器,但内部基本结构和大电流是一样的.
以上说的是指普通机械表,对于其他特殊的,专用的表就另当别论了.
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这个应该很简单吧!首先,你要选择电压表的时候,必须使电压表的量程大于你所要测得用电器的电压啊,不过呢只要你大于电源电压就是安全的!那么电流变的话,就是用电源电压处于负载的阻值,然后呢这个所得的值,就是把电流表大于的量程大于这个值.
两个都注意,量程要和待测的数值最好在同一数量级上!
下列关于交流电的几种说法正确的是(  ) A.电气设备上所标的电压电流值是最大值 B.交流电压表和交流电流表测得的是瞬时
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A、交流电设备上标出的电压、电流均为有效值,故A错误;
B、用电表测量的电流、电压均为交流电的有效值,故B错误;
C、若交流电与直流电均通过同一电阻在同一时间内产生的热量相同,则将直流电的值叫做交流电的有效值,故C正确;
D、若交流电与直流电均通过同一电阻在同一时间内产生的热量相同,则将直流电的值叫做交流电的有效值,故D错误.
故选:C
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不能
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A.若要使灯泡比原来暗一些,调压端的滑动触头P应向下移动
B.若将调压端的滑动触头P向下移动,电流表的示数变大
C.通过灯泡的交流电的频率为50Hz
D.灯泡正常发光时变压器初、次级线圈的匝数比
n1
n2
44
3
angelali06261年前1
风霜傲雪 共回答了11个问题 | 采纳率90.9%
解题思路:本题属于自耦变压器,输入和输出的电压同样与匝数成正比,当滑动触头P向移动时,输出电压的匝数将变小,从而可以判断输出的电压的变化,以及电压和电流的变化的情况.

A、当滑动触头向下移动,即n2减小时,电压U2应该减小,所以灯泡比原来暗一些,A正确;
B、由A知灯泡的电流减小,则原线圈的电流即电流表的示数减小,B错误;
C、由图象知交流电的周期0.02s,频率50Hz,C正确;
D、由图象知输入电压的有效值为220V,灯泡正常发光副线圈电压为15V,所以灯泡正常发光时变压器初、次级线圈的匝数比
n1
n2=
44
3,D正确;
故选:ACD.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 自耦变压器的原理和普通的理想变压器的原理是相同的,电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,根据基本的规律分析即可.

交流电流表和交流电压表的结构
没人缘的人1年前0
共回答了个问题 | 采纳率
在如图所示电路中,电阻R、电感线圈L、电容器C并联接在某一交流电源上,三个相同的交流电流表的示数相同.若保持电源的电压不
在如图所示电路中,电阻R、电感线圈L、电容器C并联接在某一交流电源上,三个相同的交流电流表的示数相同.若保持电源的电压不变,而将其频率增大,则下列说法中正确的是(  )
A.三个电流表的读数均保持不变
B.只有电流表A1的读数保持不变
C.电流表A2读数变大、A3读数变小
D.电流表A2读数变小、A3读数变大
wdfhnwkerghaksjd1年前1
ng28356 共回答了15个问题 | 采纳率93.3%
解题思路:交流电流通过电感线圈时,线圈中会产生感应电动势来阻止电流的变化,因而有一种阻止交流电流通过的作用,我们称之为“感抗”.与感抗类似,交流电流通过电容时,电容器也有一种阻止交流电流通过的作用,我们称之为“容抗”.

随着交变电流频率的增加,电阻原件的阻抗(电阻)不变,电感原件的感抗增加,电容器的容抗减小,故根据欧姆定律,可得:通过电阻的电流不变,通过电容的电流变大,通过电感的电流变小,由于原来电流相等,故I3>I1>I2
故选:BD.

点评:
本题考点: 自感现象和自感系数.

考点点评: 本题关键是明确电阻、电容、电感对交变电流的阻碍作用的大小取决于各自的电抗,会计算阻抗、容抗和感抗.

(2008•青岛二模)如图,有一理想变压器,原副线圈的匝数比为n.原线圈接正弦交流电压U,输出端接有一个交流电流表和一个
(2008•青岛二模)如图,有一理想变压器,原副线圈的匝数比为n.原线圈接正弦交流电压U,输出端接有一个交流电流表和一个电动机.电动机线圈电阻为R.当输入端接通电源后,电流表读数为I,电动机带动一重物匀速上升.下列判断正确的是(  )
A.电动机两端电压为IR
B.电动机消耗的功率为I2R
C.原线圈中的电流为nI
D.变压器的输入功率为[UI/n]
clawhammer1年前1
黄世仁他爷 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
解题思路:理想变压器的输入功率与输出功率相等,而副线圈与电动机相连,则电动机的输出功率与电动机线圈的内阻之和为副线圈的输出功率.

A、电动机电路属于非纯电阻电路,则欧姆定律不适用.因此电动机两端的电压不能为IR,故A错误;
B、电动机消耗的功率为线圈内阻消耗的功率与输出功率之和,而为I2R仅是电动机线圈电阻的功率,故B错误;
C、因为原副线圈的匝数比为n,且电流表读数为I,则由理想变压器的原副线圈的电流与匝数成反比得,原线圈的电流为[I/n],故C错误;
D、理想变压器的原线圈的电压为U,而电流为[I/n],则变压器的输入功率为U[I/n].故D正确;
故选:D

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 电动机内有线圈则属于非纯电阻电路,所以电动机的输入功率等于电动机的线圈消耗功率与电动机的输出功率.而线圈消耗的功率不能为:PR=U2n2R

(2013•西城区二模)如图所示,交流电流表A1、A2、A3分别与电阻R、电容器C和电感线圈L串联后接在同一个正弦式交流
(2013•西城区二模)如图所示,交流电流表A1、A2、A3分别与电阻R、电容器C和电感线圈L串联后接在同一个正弦式交流电源上.交流电流表A4与电阻R串联后接在理想变压器副线圈两端.如果保持供电电压的最大值不变,而增大供电电压的频率,电流表示数不变的是(  )
A.电流表A1和A2
B.电流表A1和A4
C.电流表A3和A2
D.电流表A3和A4
卧龙大侠1年前1
play25 共回答了31个问题 | 采纳率87.1%
解题思路:电压的最大的值不变,则其有效值不变.频率增加,则感抗增加,容抗减小.电阻不变,据此分析各问题.

由XL=2πfL,则频率增加,感抗增加,则A3示数小,由XC=
1
2πfC,则频率增加,容抗减小则A2示数增加,电阻不变则A1的示数不变
因副线圈电压不变,电阻不变,则A4示数不变.
则可知A,C,D错误,B正确
故选:B

点评:
本题考点: 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用.

考点点评: 考查感抗与容抗的决定因素,明确频率对二者的影响是解题的关键.

如图所示是一台理想白耦变压器,在a、b之间接正弦交流电,A、V分别为理想交流电流表和交流电压表.若将调压端的滑动头P向上
如图所示是一台理想白耦变压器,在a、b之间接正弦交流电,A、V分别为理想交流电流表和交流电压表.若将调压端的滑动头P向上移动,则(  )
A.电压表V的示数变大
B.电流表A的示数变小
C.变压器的输出功率变小
D.变压器的输入功率不变
amalgam1年前1
lingmail 共回答了25个问题 | 采纳率84%
解题思路:本题属于自耦变压器,输入和输出的电压同样与匝数成正比,当滑动触头P向上移动时,输入电压的匝数将变大,从而可以判断输出的电压的变化,以及电压和电流的变化的情况.

A、当滑动触头P向上移动时,输入电压不变,输入电压的匝数将变大,输出电压匝数不变,根据电压之比等于线圈匝数比可知,副线圈电压变小,故A错误;
B、根据P=UI可知,输入电压不变,输入功率变小,所以输入电流变小,即电流表示数变小,故B正确;
C、根据P=
U2
R可知,输出电压变小,电阻不变,输出功率变小,故C正确,D错误;
故选:BC

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 耦变压器的原理和普通的理想变压器的原理是相同的,电压与匝数成正比,电流与匝数成反比,根据基本的规律分析即可.

交流电流表中100/5是什么意思?
交流电流表中100/5是什么意思?
100/5是变比的意思吗?那这种电流表的原理是什么?里面有个互感器?
suzhouflx1年前2
江城雪 共回答了15个问题 | 采纳率93.3%
指的,电流变比.配用的电流互感器,也为100/5A.交流互感器一次测电流为100A时,电流互感器,二次测电流为5A,即电流表的检测的电流实际为,5A,但是由于连接互感器,所以此时表显示为100A.
在线测量电阻,交流电流表为2.5级,10A量程.测量得电流为7.6A;交流电压表为5级,500V量程.测量得电压为3
在线测量电阻,交流电流表为2.5级,10A量程.测量得电流为7.6A;交流电压表为5级,500V量程.测量得电压为3
375.6V,求电阻值和其相对误差.
lovecq381591年前1
过来吸会氧 共回答了16个问题 | 采纳率87.5%
R=375.6/7.6=49.42欧
相对误差为电压正误差与电流负误差之比即(1+0.05)/(1-0.025)=1.077=(1+0.077)
相对误差为7.7%
如图所示,图(a)中的理想变压器输入信号如图(b)所示(图线为正弦曲线),电路中电阻R=55Ω,交流电流表、交流电压表均
如图所示,图(a)中的理想变压器输入信号如图(b)所示(图线为正弦曲线),电路中电阻R=55Ω,交流电流表、交流电压表均为理想电表.若原、副线圈匝数比为2:1,下列说法中正确的是(  )
A.电压表的示数为110V
B.电流表的示数为2A
C.原线圈输入功率为440W
D.原线圈中交变电压的频率为100Hz
彭建奔1年前1
FaintBrood 共回答了16个问题 | 采纳率87.5%
解题思路:闭合电路动态分析中,电源部分是由变压器提供,其它仍用闭合电路殴姆定律.当断开开关S时,导致总电阻发生变化,而电压不变,则可判断出电路中的电流及电压如何变化.同时当电路中有变压器时,只要将变压器的有效值求出,则就相当于一个新的恒定电源,其值就是刚才的有效值.

由理想变压器输入信号如图(b)所示,可知原线圈的输入端的电压有效值为220V,频率为50Hz.若原、副线圈匝数比为2:1,则副线圈的电压有效值为110V,则电压表读数为110V.由于电路中电阻R=55Ω,所以电流表读数为2A,副线圈得到的功率为P=UI=110×2W=220W.
故选:AB.

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 理想变压器是理想化模型,一是不计线圈内阻;二是没有出现漏磁现象.同时运用闭合电路殴姆定律来分析随着电阻变化时电流、电压如何变化.分析的思路先干路后支路,以不变应万变.最后值得注意的是变压器的原线圈与灯泡串联后接入交流中,所以图象的有效值不是原线圈的有效值.

如图甲所示是一台家用台灯亮度调节原理图,理想自耦变压器AB间接入如图乙所示正弦交流电压。交流电流表A为理想表,设灯泡电阻
如图甲所示是一台家用台灯亮度调节原理图,理想自耦变压器AB间接入如图乙所示正弦交流电压。交流电流表A为理想表,设灯泡电阻为定值,额定电压为15V,刚开始时滑动触头P位于C位置。下列说法正确的是
A.若要使灯泡比原来暗一些,调压端的滑动触头P应向下移动
B.若将调压端的滑动触头P向下移动,电流表A的示数变大
C.通过灯泡的交流电的频率为50Hz
D.灯泡正常发光时变压器初、次级线圈的匝数比
wxwy1年前1
kekoandy 共回答了26个问题 | 采纳率92.3%
解题思路:

根据变压器,正常发光时,D正确;若使灯泡暗一些,应使副线圈减小,P向下移动,A正确;变压器本身不消耗能量,P向下移动,灯泡变暗,输入功率也会减小,导致电流表示数减小,B错误;变压器只改变交流电的电压不改变流电的频率,原线圈频率为50Hz,副线圈频率同样也是50HzC正确

ACD


<>

如图,无内阻的交流电源E的电动势瞬时式为 ,理想变压器原、副线圈匝数比为5:1,交流电流表A的示数为0.2A。则 [
如图,无内阻的交流电源E的电动势瞬时式为 ,理想变压器原、副线圈匝数比为5:1,交流电流表A的示数为0.2A。则
[ ]
A.交流电压表的示数为 V
B.图中灯L 1 、L 2 及变阻器R的总功率为10W
C.当滑片P向上滑动时,电流表A的示数不变
D.当滑片P向下滑动时,灯L 1 的亮度增大
春良1年前1
雪里的鱼儿 共回答了13个问题 | 采纳率92.3%
BD
用交流电流表测得交流电流为10A,则此电流的最大值
ilovebabyhj1年前2
tong1063 共回答了23个问题 | 采纳率91.3%
10倍根号2A峰值是有效电流的根号2倍关系.
高二物理:交流电流表是一种能够测量交变电流有效值的仪表
高二物理:交流电流表是一种能够测量交变电流有效值的仪表

请说说理由.

zhangqian04741年前2
弟弟背着奥特曼 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
很明显如果要将量程扩大,我们要将要测的电流缩小某个倍数,测出后我们只要将从电流表上读出的示数乘以这个倍数就是我们要的实际电流数.
在学习变压器时,你肯定记得这么一个公式:
U1*I1=U2*I2;
那么U1:U2=I2:I1=n1:n2;
即电流之比是匝数的反比.从这个里面可以看出,圈数越多的,电压越高,但电流越小.而开始我们就说了,要把实际的电流缩小一定倍数接到电流表上,那这里我们就可以得了电流表肯定要接到匝数多的上即:ab端子上,而cd自然要串接到被测电路里.第二个不知道是不是空,但答案已经在上面写着了,是正确的.
高二物理:交流电流表是一种能够测量交变电流有效值的仪表
高二物理:交流电流表是一种能够测量交变电流有效值的仪表

请说说理由.

hblyfe11年前2
tingyu567 共回答了22个问题 | 采纳率100%
很明显如果要将量程扩大,我们要将要测的电流缩小某个倍数,测出后我们只要将从电流表上读出的示数乘以这个倍数就是我们要的实际电流数.
在学习变压器时,你肯定记得这么一个公式:
U1*I1=U2*I2;
那么U1:U2=I2:I1=n1:n2;
即电流之比是匝数的反比.从这个里面可以看出,圈数越多的,电压越高,但电流越小.而开始我们就说了,要把实际的电流缩小一定倍数接到电流表上,那这里我们就可以得了电流表肯定要接到匝数多的上即:ab端子上,而cd自然要串接到被测电路里.第二个不知道是不是空,但答案已经在上面写着了,是正确的.
在如图所示电路中,电阻R、电感线圈L、电容器C并连接在某一交流电源上,三个相同的交流电流表的示数相同.若保持电源的电压不
在如图所示电路中,电阻R、电感线圈L、电容器C并连接在某一交流电源上,三个相同的交流电流表的示数相同.若保持电源的电压不变,而将其频率增大,则三个电流表的示数I1、I2、I3的大小关系是(  )
A. I1=I2=I3
B. I1>I2>I3
C. I2>I1>I3
D. I3>I1>I2
主界面1年前1
静默林 共回答了15个问题 | 采纳率100%
解题思路:交流电流通过电感线圈时,线圈中会产生感应电动势来阻止电流的变化,因而有一种阻止交流电流通过的作用,我们称之为“感抗”.实验证明,感抗在数值上就是电感线圈上电压和电流的有效值之比,感抗的单位是“Ω(欧姆)”,符号是“L”.感抗公式为:xL=2πfL.
与感抗类似,交流电流通过电容时,电容器也有一种阻止交流电流通过的作用,我们称之为“容抗”.实验证明,容抗在数值上就是电容上电压和电流的有效值之比,容抗的单位是“Ω(欧姆)”,符号是“C”.容抗公式为:xC
1
2πfC

随着交变电流频率的增加,电阻原件的阻抗(电阻)不变,电感原件的感抗增加,电容器的容抗减小,故根据欧姆定律,可得:通过电阻的电流不变,通过电容的电流变大,通过电感的电流变小,由于原来电流相等,故I3>I1>I2
故选D.

点评:
本题考点: 电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用.

考点点评: 本题关键是明确电阻、电容、电感对交变电流的阻碍作用的大小取决于各自的电抗,会计算阻抗、容抗和感抗.

有一个交流电压u=141sin157tv,加在220的电阻上,则与电阻串联的交流电流表的读数是?求具体过程,45A
wenberwu1年前1
fc520fc 共回答了23个问题 | 采纳率100%
题中所给的141是交流电压的最大值,交流电的题目一般用有效值计算.正弦式交流电的有效值U=Um/√2 .
所以此题中有效值为100V.根据欧姆定律I=U/R=5/11(A).(此处求得的电流也为有效值)
有一个交流电压u=141sin157tv,加在220的电阻上,则与电阻串联的交流电流表的读数是?
tektd1年前3
cz_longcheng 共回答了23个问题 | 采纳率91.3%
题中所给的141是交流电压的最大值,交流电的题目一般用有效值计算.正弦式交流电的有效值U=Um/√2 .
所以此题中有效值为100V.根据欧姆定律I=U/R=5/11(A).(此处求得的电流也为有效值)
使如图所示的交流通过10欧姆的点阻R,则R的发热功率为?用交流电流表测量,此电流表的示数为?
使如图所示的交流通过10欧姆的点阻R,则R的发热功率为?用交流电流表测量,此电流表的示数为?
图是一个正弦函数,横轴单位t/s,纵轴单位e/V,函数最大值537.4,最小-537.4,一个周期为0.02
rwei20041年前0
共回答了个问题 | 采纳率
交流电流表有正负之分吗
风的朝向1年前1
airennizaina 共回答了19个问题 | 采纳率89.5%
交流电没有正负极之分,所以交流电流表也没有正负极之分.
如图所示,电路中理想变压器原、副线圈接入电路的匝数可通过单刀双掷开关改变,为交流电流表.在变压器原线圈a、b两端加上一峰
如图所示,电路中理想变压器原、副线圈接入电路的匝数可通过单刀双掷开关改变,为交流电流表.在变压器原线圈a、b两端加上一峰值不变的正弦交变电压.下列分析正确的是(  )

A.只将
S
1
从1拨向2时,电流表示数变小
B.只将
S
2
从3拨向4时,电流表示数变大
C.只将R的滑片上移,
R
2
的电功率变大
D.只将R的滑片上移,
R
2
端的输入功率减小
非专业qq1年前1
梯牧 共回答了26个问题 | 采纳率80.8%
解题思路:由图可知:电流表测量的是原线圈电流,根据输出电压是由输入电压和匝数比决定的,输入的功率的大小是由输出功率的大小决定的,电压与匝数成正比,电流与匝数成反比分析即可.

根据
U1
U2=
n1
n2得:U2=
n2
n1•U1,根据:
I1
I2=
n2
n1得:I2=
n1
n2•I1
A、将
S 1从1拨向2时,原线圈的匝数减少,所以副线圈上的电压增大,负载上的功率增大,所以电流表示数变大.故A错误;
B、将
S 2从3拨向4时,副线圈的匝数减少,所以副线圈上的电压减小,负载上的功率减小,所以电流表示数变小.故B错误;
C、D、将R的滑片上移,接入电路的有效电阻变大,所以串联电路(R和R2)的电阻增大,流过串联电路的电流变小,所以电阻R2的电功率变小.故C错误,D正确.
故选:D

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理.

考点点评: 本题主要考查变压器的知识,要学会对变压器上的电流、电压的变化进行分析.属于中档题目.