(2013•陆川县一模)在探究“二力平衡条件”实验的装置如图所示.要求长木板水平放置,并且老师指出实验桌面越光滑越好.

hrvmi2022-10-04 11:39:541条回答

(2013•陆川县一模)在探究“二力平衡条件”实验的装置如图所示.要求长木板水平放置,并且老师指出实验桌面越光滑越好.
(1)实验中,通过调整砝码来改变F1和F2的大小.当两端砝码质量相等时,木块将处于______状态.此时若在右盘中再加入一个较小的砝码,木块理应向右运动,但实际操作时木块往往仍保持静止.这时木块在水平方向受到的力______(填“平衡”或“不平衡”),要避免这种现象产生,可将实验装置的木块换成小车.
(2)实验中保持两端砝码质量相等,用手将木块扭转一个角度,松手后,木块将无法在此位置平衡而是发生______.实验中设计这一步骤的目的是为了探究二力平衡时,两个力必须满足的条件是:两个力必须作用在______上.
(3)小明同学认为:物体在平衡力的作用下,其机械能可能会增大.你认为他的观点是______的(填“正确”或“错误”).

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pengjianbiao 共回答了14个问题 | 采纳率85.7%
解题思路:(1)物体受到平衡力作用时,物体处于静止状态或匀速直线运动状态.
静止的物体和匀速直线运动的物体都受到平衡力作用.
(2)探究平衡力是否在同一直线上,要扭动木块,松手后观察木块是否处于静止状态.
(3)可以分析物体在水平面上进行匀速直线运动和竖直方向上进行匀速直线运动时机械能是否变化.

(1)木块原来处于静止状态,当两端砝码质量相等时,木块水平方向上只受水平向左和水平向右的拉力作用,这两个力大小相等,方向相反,作用在同一直线上,作用在同一物体上,木块处于静止状态.
此时若在右盘中再加入一个较小的砝码,木块有向右运动的趋势,产生了向左的摩擦力,木块还处于静止状态,木块还受到平衡力作用.
(2)用手将木块扭转一个角度,松手后,木块将无法在此位置平衡而是发生转动,实验中设计这一步骤的目的是为了探究二力平衡时,两个力必须在同一直线上.
(3)物体在平衡力作用下可以在水平面上进行匀速直线运动,物体质量不变,速度不变,动能不变;高度不变,重力势能不变;机械能不变.
物体在平衡力作用下可以在竖直方向上进行匀速直线向上运动,物体质量不变,速度不变,动能不变;高度变大,重力势能变大;机械能变大.
所以物体在平衡力的作用下,其机械能可能会增大.
故答案为:(1)静止;平衡;(2)转动;同一条直线;(3)正确.

点评:
本题考点: 二力平衡条件的应用;机械能.

考点点评: 探究二力平衡时,只能探究静止状态的二力平衡条件,匀速直线运动状态下的二力平衡条件是科学推理出来的.

1年前

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(1)甲同学碰接电路的最后一根导线时,灯泡立即发光,而且很亮,则连接电路时存在的不规范或不妥当是:     .(举一种情况)
(2)乙同学闭合开关后,发现小灯泡不亮,但电流表、电压表均有示数,接下来他首先应进行的操作是    (选填字母序号)
A.检查电路是否断路
B.更换小灯泡
C.移动滑动变阻器的滑片,观察小灯泡是否发光
(3)丙同学闭合开关时,发现电压表的指针快速转动到左边无刻度处,这是由于电压表的    了.
(4)丁同学按电路图连接成实物图后,闭合开关,发现小灯泡不亮、电流表指针不动、电压表指针有明显的偏转,则电路故障原因可能是小灯泡    ;故障排除后重新闭合开关,移动滑动变阻器滑片P到某一位置时,电压表的示数如图乙,若要测量小灯泡的额定功率,应将图甲中滑片P向    (填“A”或“B”)端移动,使电压表的示数为2.5V;接着丁同学移动滑片P,记下多组对应的电压表和电流表的示数,并绘制成图丙所示的图象.根据图象信息,可计算出小灯泡的额定功率是     W.该图象不是直线,主要原因是    
(5)戊同学想换用其他规格的小灯泡再做该实验,但他却操作有误,在未断开开关的情况下,直接将小灯泡从灯座上拔出,那么拔出后电压表、电流表的示数变化情况是:    
(6)实验时,电压表的示数为U,电流表的示数为I,己同学利用P=UI计算出小灯泡的电功率.若考虑电表的电阻对测量的影响,则电功率的测量结果与真实值相比偏     (选填“大”或“小”).
sscacheng1年前1
wangk2005 共回答了13个问题 | 采纳率100%
解题思路:

(1)将最后一根导线接好后,就看到灯泡发光,说明在连接电路时没有将开关断开;

闭合开关时灯很亮,说明滑动变阻器滑片没有调到使连入电路电阻最大的位置;

(2)闭合开关后,电流表有示数,说明电路是通路,灯泡没坏,也不是断路,可能是连入电阻太大,电路中电流太小所致,下一步操作:移动滑动变阻器滑片,观察小灯泡是否发光,即应进行C项操作;

(3)闭合开关时,发现电压表的指针快速转动到左边无刻度处,这是由于电压表正负接线柱接反了;

(4)①闭合开关,发现小灯泡不亮、电流表指针不动、电压表指针有明显的偏转说明电压表并联的部分断路,可能是小灯泡断路;

②电压表使用03V量程,分度值为0.1V,电压为2.2V;要使灯泡正常工作,灯泡两端电压从2.2V增大到2.5V,电路电流要增大,总电阻要减小,滑动变阻器的电阻要减小,滑片向B端移动,使电压表的示数为2.5V

③从图象得知,灯泡在2.5V下的电流为0.2A,灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.2A=0.5W

④灯泡电压越大,灯的实际功率越大,灯丝电阻温度越高,电阻越大,这表明灯丝电阻随温度升高而增大,故该图象不是直线;

(5)直接将灯泡拔出后,电路断路,电路中没有电流,电流表示数为零;电压表直接接在电源两端,电压表示数等于电源电压;

(6)如下图,电压表测量灯泡的实际电压,电流表测量灯泡和电压表的总电流,

电流的测量值大于L的实际电流值,根据P=UI可知灯泡测量的额定功率值偏大。

(1)连接电路时开关没有断开(或滑动变阻器阻值没有全部接入电路);
(2)C; 
(3)正负接线柱接反; 
(4)断路;B;0.5;灯丝电阻随温度升高而增大;
(5)电压表示数变大(等于电源电压)、电流表示数为零(几乎为零);
(6)大.

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猫样的岁月 共回答了21个问题 | 采纳率100%
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本题考点: 插座的构造与工作方式.

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(1)实验中随着蜡烛的燃烧,光屏上依然得到烛焰清晰的像,但光屏上像的位置却偏高,为了使像仍成在光屏的中央,则应向     (填“上”或“下”)调节凸透镜.
(2)调整后,图中光屏上烛焰的像是倒立     的实像,此规律的应用是    (举一例).
(3)此时,若有一只苍蝇落到凸透镜上,则屏上     成完整的蜡烛的像(填“能”或“不能”).
(4)要使光屏上的像变成与物大小相等,则应向左调节蜡烛到30cm处,光屏应向     调(填“左”、“右”)到     cm处,在此过程中发现蜡烛和光屏之间距离变    (填“大”、“小”或“不变”).
(5)透镜位置不变,将蜡烛移到标尺45cm处,此时小强应站在    一侧(填“蜡烛”或“光屏”),观察蜡烛的像.
qicold1年前1
hh---欢欢 共回答了13个问题 | 采纳率84.6%
解题思路:

(1)实验过程中,蜡烛变短,光屏上的像向上移动,要使光屏上的像呈现在光屏的中央位置,使蜡烛向上移动,或使凸透镜向下移动,或把光屏向上移动;

(2)如图,物距u=50cm35cm=15cm,凸透镜的焦距是10cm2f>u>f,成倒立、放大的实像,应用于幻灯机和投影仪。

(3)若有一只苍蝇落到凸透镜上,只是被折射会聚成像的光线减少了,因此影响到的是像的亮度,而不影响它的完整性,因为整个物体上的任何一点都有光能透过透镜而折射后会聚成像,所以屏上仍能成完整的蜡烛的像。

(4)要使光屏上的像变成与物大小相等,u=v=2f,蜡烛向左移动到30cm处,光屏移动到70cm处。

凸透镜成实像时,物像之间的距离在u=v=2f时最小,距离是4f,所以此过程中发现蜡烛和光屏之间距离变小。

(5)透镜位置不变,将蜡烛移到标尺45cm处,此时u=5cm<f,成正立放大的虚像,因为此时物像同侧,所以要想看到这个像,此时小强应站在光屏一侧观察蜡烛的像。

(1)下;(2)放大;投影仪;(3)能;(4)右;70;变小;(5)光屏

(2013•陆川县一模)某班同学在做“测定小灯泡电功率”的实验时电路如图所示,所用电源电压为4.5V,小灯泡额定电压为2
(2013•陆川县一模)某班同学在做“测定小灯泡电功率”的实验时电路如图所示,所用电源电压为4.5V,小灯泡额定电压为2.5V.

(1)甲同学碰接电路的最后一根导线时,灯泡立即发光,而且很亮,则连接电路时存在的不规范或不妥当是:______.(举一种情况)
(2)乙同学闭合开关后,发现小灯泡不亮,但电流表、电压表均有示数,接下来他首先应进行的操作是______(选填字母序号)
A.检查电路是否断路
B.更换小灯泡
C.移动滑动变阻器的滑片,观察小灯泡是否发光
(3)丙同学闭合开关时,发现电压表的指针快速转动到左边无刻度处,这是由于电压表的______了.
(4)丁同学按电路图连接成实物图后,闭合开关,发现小灯泡不亮、电流表指针不动、电压表指针有明显的偏转,则电路故障原因可能是小灯泡______;故障排除后重新闭合开关,移动滑动变阻器滑片P到某一位置时,电压表的示数如图乙,若要测量小灯泡的额定功率,应将图甲中滑片P向______(填“A”或“B”)端移动,使电压表的示数为2.5V;接着丁同学移动滑片P,记下多组对应的电压表和电流表的示数,并绘制成图丙所示的图象.根据图象信息,可计算出小灯泡的额定功率是______W.该图象不是直线,主要原因是______.
(5)戊同学想换用其他规格的小灯泡再做该实验,但他却操作有误,在未断开开关的情况下,直接将小灯泡从灯座上拔出,那么拔出后电压表、电流表的示数变化情况是:______.
(6)实验时,电压表的示数为U,电流表的示数为I,己同学利用P=UI计算出小灯泡的电功率.若考虑电表的电阻对测量的影响,则电功率的测量结果与真实值相比偏______ (选填“大”或“小”).
guizhen9991年前1
segat 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
解题思路:(1)碰接电路的最后一根导线时,灯泡立即发光,而且很亮,说明电路立即接通且电路电阻阻值很小,可从连接电路的注意事项入手分析原因;
(2)闭合开关后,发现小灯泡不亮,但电表有示数,说明电路是通路,不用更换灯泡,也不用检查电路是否断路,可能是连入电阻太大,电路中电流太小所致,分析电阻过大的原因,然后进行下一步操作;
(3)电压表正极接近电源正极端,负极接近电源负极端,电压表指针正向偏转,否则反向偏转;
(4)①电压表有明显偏转说明电压表两接线柱与电源之间是通路,小灯泡不亮、电流表指针不动说明电路断路,即电压表并联的部分断路;
②根据电压表的量程和分度值读出电压表的示数,电压表的示数小于灯泡的额定电压,要使灯泡正常工作,灯泡两端电压增大到2.5V,电路电流要增大,总电阻要减小,滑动变阻器的电阻要减小;
③从图象中查得额定电压下的额定电流,根据P=UI计算额定功率;
④金属电阻,其阻值随温度的升高而变大,故可以考虑由于通电时间长而使温度升高,电阻变大;
(5)开关闭合,把灯泡从插座上拔出后,电路断路,电流表无示数,电压表直接接在电源两端,测电源电压,电压表有示数,且示数等于电源电压;
(6)考虑电压表的内阻时,电流表测量电压表和灯泡的总电流,测量值大于灯泡中的实际电流,电压表测灯泡两端的实际电压,根据P=UI分析,测量的功率会偏大.

(1)将最后一根导线接好后,就看到灯泡发光,说明在连接电路时没有将开关断开;
闭合开关时灯很亮,说明滑动变阻器滑片没有调到使连入电路电阻最大的位置;
(2)闭合开关后,电流表有示数,说明电路是通路,灯泡没坏,也不是断路,可能是连入电阻太大,电路中电流太小所致,下一步操作:移动滑动变阻器滑片,观察小灯泡是否发光,即应进行C项操作;
(3)闭合开关时,发现电压表的指针快速转动到左边无刻度处,这是由于电压表正负接线柱接反了;
(4)①闭合开关,发现小灯泡不亮、电流表指针不动、电压表指针有明显的偏转说明电压表并联的部分断路,可能是小灯泡断路;
②电压表使用0~3V量程,分度值为0.1V,电压为2.2V;要使灯泡正常工作,灯泡两端电压从2.2V增大到2.5V,电路电流要增大,总电阻要减小,滑动变阻器的电阻要减小,滑片向B端移动,使电压表的示数为2.5V;
③从图象得知,灯泡在2.5V下的电流为0.2A,灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.2A=0.5W;
④灯泡电压越大,灯的实际功率越大,灯丝电阻温度越高,电阻越大,这表明灯丝电阻随温度升高而增大,故该图象不是直线;
(5)直接将灯泡拔出后,电路断路,电路中没有电流,电流表示数为零;电压表直接接在电源两端,电压表示数等于电源电压;
(6)如下图,电压表测量灯泡的实际电压,电流表测量灯泡和电压表的总电流,

电流的测量值大于L的实际电流值,根据P=UI可知灯泡测量的额定功率值偏大.
故答案为:
(1)连接电路时开关没有断开(或滑动变阻器阻值没有全部接入电路);
(2)C;
(3)正负接线柱接反;
(4)断路;B;0.5;灯丝电阻随温度升高而增大;
(5)电压表示数变大(等于电源电压)、电流表示数为零(几乎为零);
(6)大.

点评:
本题考点: 电功率的测量;电流表的使用;电流表的读数方法;滑动变阻器的使用;电流表、电压表在判断电路故障中的应用.

考点点评: 本题考查了测定小灯泡电功率的实验,涉及到电路故障的判断、实验的正确操作、实验误差的分析、滑动变阻器的使用、额定功率的计算等,关键是知道灯泡的电阻会随温度的升高而变大,本题虽然涉及的知识点较多,但都是常常考察的内容,平时应注意掌握.

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A.从1.8A变化至0.2A
B.从0.4A变化至1.2A
C.从1.2A变化至0.4A
D.从0.2A变化至1.8A
走的是**路线1年前1
鞋盒 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
解;当滑片滑到a点时,滑动变阻器短路,R1消耗的功率最大;最大功率P最大=
U2
R1;
当滑片滑到b端时,滑动变阻器全部接入,R1两端的电压为U-4V; 则R1消耗的功率P最小=
(U−4V)2
R1;
由题意知P最小=0.8W;P最大=7.2W;
即:
U2
R1=7.2W-------(1);

(U−4V)2
R1=0.8W-------(2);
联立(1)、(2)解得:U=6V;R1=5Ω;
P滑至a端时,电路中最大电流I最大=[U
R1=
6V/5Ω]=1.2A;
P滑至b端时,电路中最小电流I最小=[U−4V
R1=
2V/5Ω]=0.4A;
故选C.
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B.质量50kg
C.体温36.5℃
D.步行速度10m/s
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解题思路:首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解,对于选项中的单位,可根据需要进行相应的换算或转换,排除与生活实际相差较远的选项,找出符合生活实际的答案.

A、成年人的身高在1.70m左右,中学生的身高接近成年人,在1.68m左右.此选项正确;
B、成年人的质量在65kg左右,中学生的质量比成年人小一些,在50kg左右.此选项正确;
C、人体正常体温在36.8℃左右,上下变化幅度不大.此选项正确;
D、人正常步行的速度在4km/h=4×[1/3.6]m/s≈1.1m/s.此选项错误.
故选D.

点评:
本题考点: 长度的估测;温度;质量的估测;速度与物体运动.

考点点评: 对于生活中数据的估测,应从实际的角度出发进行判断,也可从自己的角度出发判断,如自己的身高、自己的体重、自己正常时的体温及正常行走的速度等方面来与题目中的数据比较,只要相差不大,即该数据就是合理的.

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解题思路:(1)光的传播不需要介质,可以在真空中传播;
(2)一束平行光射到粗糙的物体表面时,反射光不再平行,而是射向各个方向,这种反射叫做漫反射,无论是镜面反射还是漫反射,都遵循光的反射定律.

光在传播过程中不需要介质,光的漫反射同样遵循光的反射定律.
故答案为:不需要;遵循.

点评:
本题考点: 光直线传播的应用;漫反射.

考点点评: 本题考查光的传播和光的反射,要注意镜面反射、漫反射都遵循光的反射定律.

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解题思路:

超导材料的特点就是在温度很低时电阻为零。当电阻为零时用超导材料传输电能可以减少电能损耗,用作输电导线。

A

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解题思路:

首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解,对于选项中的单位,可根据需要进行相应的换算或转换,排除与生活实际相差较远的选项,找出符合生活实际的答案。

A. 成年人的身高在1.70m左右,中学生的身高接近成年人,在1.68m左右。此选项正确;

B. 成年人的质量在65kg左右,中学生的质量比成年人小一些,在50kg左右。此选项正确;

C. 人体正常体温在36.8℃左右,上下变化幅度不大。此选项正确;

D. 人正常步行的速度在4km/h=4×m/s1.1m/s.此选项错误。

D

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(2013•陆川县一模) 某电热水壶外壳及铭牌如图所示,装入1.5kg20℃的凉水,通电正常工作6分钟即被烧开至 100℃.已知水的比热容c=4.2×103J/(kg∙℃),请你根据图中和题目所提供的信息、完成以下问题:
(1)观察壶内水位的玻璃管是利用什么原理来工作的?
(2)该过程中水吸收的热量.
(3)电热水壶的效率.
产品型号 EL-8952
额定电压 220V
频 率 50Hz
额定功率 1500W
容 量 1.5L
jessica6705301年前1
启东人 共回答了18个问题 | 采纳率83.3%
解题思路:(1)上端开口、下部相连通的容器叫连通器;
(2)知道水的质量、水的初温和末温、水的比热容,根据吸热公式Q=cm△t计算出水吸收的热量;
(3)已知电热水壶的额定功率和通电时间,根据公式W=Pt求出消耗的电能;水吸收的热量与消耗电能的比值就等于电热水壶的热效率.

已知:m=1.5kg c=4.2×103J/(kg•℃)△t=100℃-20℃=80℃P=1500W t=6min=360s
求:(2)Q=?(3)η=?

(1)观察可知:观察壶内水位的玻璃管是利用连通器原理工作的;
(2)水吸收的热量:
Q=cm△t=4.2×103J/(kg•℃)×1.5kg×80℃=5.04×105J.
(2)∵P=[W/t],
∴电热水壶6min内消耗的电能为W=Pt=1500W×360s=5.4×105J,
电热水壶的效率:
η=[Q/W]=
5.04×105J
5.4×105J≈93.3%.
答:(1)观察壶内水位的玻璃管是利用连通器原理工作的;
(2)该过程中水吸收的热量为5.04×105J;.
(3)电热水壶的效率为93.3%.

点评:
本题考点: 电功与热量的综合计算.

考点点评: 本题为力、热量和电功的综合计算,考查了连通器的应用、吸热公式、电功率公式以及热效率公式的应用,知识点多、联系实际生活,属于中考常见题型.

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(2013•陆川县一模)太阳能是______能源(填“一次”或“二次”)、清洁无污染,它是在太阳内部,氢原子核发生______(填“裂变”或“聚变”),释放出的核能.
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flyingheart179 共回答了19个问题 | 采纳率94.7%
解题思路:可以从自然界直接获取的能源叫一次能源;不能从自然界直接获取,必须通过一次能源的消耗才能得到的能源叫二次能源.太阳内部进行着核聚变,由氢原子核聚变成氦原子核,释放出核能.

太阳能是直接吸收阳光来利用的,是一次能源;
在太阳内部,氢原子核在超高温作用下发生聚变,释放巨大的核能.
故答案为:一次;聚变.

点评:
本题考点: 能源的分类;核聚变.

考点点评: 本题考查了太阳能的优点和进行的核反应的类型,知道太阳能是一次能源.

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(2013•陆川县一模)如图所示,电源电压保持不变,小灯泡L标有“6V 3W”的字样,滑动变阻器R1的阻值变化范围为0~200Ω,定值电阻R2的阻值为10Ω.(灯丝的电阻不随温度变化)
(1)小灯泡L 的阻值为多少?
(2)当S、S1和S2都闭合,滑动变阻器的滑片滑到a端时,小灯泡L 刚好正常发光,此时电流表的示数为多少?电源电压为多少?
(3)当滑动变阻器的滑片滑到b端,并保证电流表有示数时,开关应怎样闭合或断开才能使电路的总功率最小,该最小功率为多少?
(4)当滑动变阻器的滑片滑到a端,并保证电流表有示数时,开关应怎样闭合或断开才能使电路的总功率最大,该最大功率为多少?
zz不zz1年前1
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解题思路:(1)知道灯泡的额定电压和额定功率,根据P=
U2
R
求出灯泡的电阻;
(2)当S、S1和S2都闭合,滑动变阻器的滑片滑到a端时,灯泡与电阻R2并联,电流表测干路电流,根据并联电路的电压特和灯泡正常发光时的电压和额定电压相等可知电源的电压,根据欧姆定律求出各支路的电流,利用并联电路的电流特点求出电流表的示数;
(3)当滑动变阻器的滑片滑到b端,并保证电流表有示数时,滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联时电路的总功率最小,根据串联电路的电阻特点和P=
U2
R
求出最小功率;
(4)当滑动变阻器的滑片滑到a端,并保证电流表有示数时,电路只有R2时电路的总功率最大,根据P=
U2
R
求出最大功率.

(1)根据P=
U2
R可得,灯泡的电阻:
RL=
U2L
PL
(6V)2
3W=12Ω;
(2)当S、S1和S2都闭合,滑动变阻器的滑片滑到a端时,灯泡与电阻R2并联,电流表测干路电流,
∵并联电路中各支路两端的电压相等,且灯泡正常发光时的电压和额定电压相等,
∴电源的电压U=U=UL=6V,
∵I=[U/R],
∴I2=[U
R2=
6V/10Ω]=0.6A,IL=[U
RL=
6V/12Ω]=0.5A,
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和,
∴此时电流表的示数:
I=IL+I2=0.5A+0.6A=1.1A;
(3)当滑动变阻器的滑片滑到b端,并保证电流表有示数时,开关S1闭合、S2断开才能使电路的总功率最滑动变阻器的最大阻值和灯泡串联时电路的总功率最小,
∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和,
∴电路的最小总功率:
Pmin=
U2
R1+RL=
(6V)2
200Ω+12Ω≈0.17W;
(4)当滑动变阻器的滑片滑到a端,并保证电流表有示数时,开关S1断开、S2闭合才能使电路的总功率最大,此时电路为R2的简单电路,
电路的最大总功率:
Pmax=
U2
R2=
(6V)2
10Ω=3.6W.
答:(1)小灯泡L的阻值为12Ω;
(2)当S、S1和S2都闭合,滑动变阻器的滑片滑到a端时,此时电流表的示数为1.1A,电源电压为6V;
(3)当滑动变阻器的滑片滑到b端,并保证电流表有示数时,开关S1闭合、S2断开才能使电路的总功率最小,该最小功率约为0.17W;
(4)当滑动变阻器的滑片滑到a端,并保证电流表有示数时,开关S1断开、S2闭合才能使电路的总功率最大,该最大功率为3.6W.

点评:
本题考点: 欧姆定律的应用;串联电路的电流规律;并联电路的电压规律;电阻的串联;电功率的计算.

考点点评: 本题考查了串联电路和并联的电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用,关键是开关闭合、断开时电路最大和最小功率的判断.