将力传感器A固定在光滑水平桌面上，测力端通过轻质水平细绳与滑块相连，滑块放在较长的小车上.如图甲所示，传感器与计算机相连

A、两个力传感器的之间的力都是弹力，力的性质相同，故A正确；
B、两个力传感器的之间的力作用在两个力传感器上，不是作用在同一个物体上，故B错误；
C、任意时刻，两个力传感器的之间的力都是大小相等，故大小同时变化，故C正确；
D、两个力传感器在一条直线上，故作用力与反作用力作用在一条直线上，故D正确；
故选ACD．

点评：
本题考点： 牛顿第三定律．

考点点评： 解决本题的关键知道作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，且同时产生、同时变化、同时消失，作用在不同的物体上．

A、“研究匀变速直线运动”的实验中，不需要先平衡摩擦力再进行实验，只要满足小车做匀加速直线运动就可以呢．故A错误；
B、根据实验原理可知，在该实验中用传感器直接测出了小车所受拉力大小，因此对小车质量和所挂钩码质量没有具体要求，故B错误；
C、“探究物体的加速度与力的关系”时，可以通过图象法处理数据，画出a-F关系图象即可确定加速度与力的关系，故C正确；
D、在利用该装置来做“探究功与速度变化的关系”实验前，木板左端被垫起一些，使小车在不受拉力作用时做匀速直线运动，这样做的目的是为了补偿阻力，用细绳的拉力来替代小车的合外力．故D正确；
故选：CD．

点评：
本题考点： 探究加速度与物体质量、物体受力的关系．

考点点评： 该题涉及的实验比较多，不管是考查什么实验，首先要找到实验原理，我们就可以根据实验原理找需要的实验仪器，然后可以讨论得出相应结论．．

（1）根据动能定理知因要求总功必须已知小车位移，故除了光电门传感器测量速度和力传感器测量拉力的数据以外，还应该记录的物理量为两光电门间的距离L．
（2）由△E=[1/2]M
v22-[1/2]M
v21得
△E 3=[1/2]×0.500×2.40=0.600J，根据表中数据由功公式W=FL，可求出两光电门间距离L=[W/F]=0.5Kg，所以
W 3=
F 3．L=1.22×0.5J=0.610J．
故答案为（1）两光电门间的距离L
（2）0.600J，0.610J

点评：
本题考点： 探究功与速度变化的关系．

考点点评： 做实验题时应先根据实验原理写出有关公式再讨论即可．

（1）根据v-t图象得到0.8s前小车是静止的，0.8s后小车做匀加速运动．
所以此次操作应记录下的外力F大小为0.82N，
根据v-t图象的斜率求出加速度a=[△v/△t]=1.6m/s²．
（2）A、由于a=[F/m]，根据a-F图象知道理论上直线斜率应等于小车质量的倒数，故A错误．
B、直线不过原点可能是因为轨道没有调整到水平，重力沿轨道方向有分力，故B正确．
C、如果小车受到来自水平轨道的恒定阻力，那么a=[F−f/m]，f为阻力，那么a-F图象知道直线斜率不变，变的是图形不过原点，故C错误．
D、若实验中钩码质量较大，不影响力传感器测量绳子对小车的拉力，所以图象仍然是直线，故D错误．
故选B．
故答案为：（1）0.82；1.6
（2）B．

点评：
本题考点： 测定匀变速直线运动的加速度．

考点点评： 解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项．通过作图法研究两个变量之间的关系是物理里常用的一种手段，只有直线图形可以清楚地说明两变量之间的关系．

（1）当物体在水平拉力作用下匀速运动时，拉力大小等于滑动摩擦力大小，物体所受滑动摩擦力为：F_f=4.01N，
滑动摩擦力为：F_f=F_Nμ…①
F_N=mg…②
联立①②，解得：μ=
Ff
mg=0.401．
（2）根据牛顿第二定律有：
F₅-F_f=ma，
带入数据解得：a=1.45m/s²．
故答案为：（1）0.401；（2）1.45．

点评：
本题考点： 探究影响摩擦力的大小的因素．

考点点评： 滑动摩擦力大小跟压力大小、接触面粗糙程度有关，跟物体受到的拉力大小、物体的运动速度都没有关系，正确根据物体所处状态列方程求解．

（1）传感器把两个电压的差值输出，用来反映力F的大小，所以这种力传感器是将力的大小转换为电压的装置．
（2）外力F增大时，上应变片金属电阻丝长度变大，电阻变大，下应变片金属电阻丝长度变短，电阻变小．
故选D．
（3）压力越大电子秤示数越大，也就是输出的电压越大，所以说传感器输出的电压U随外力F增大而增大．
（4）未进行温度补偿时，金属电阻丝的阻值随温度的增大而增大，所以串联的电阻应该是随着温度的升高而减小的电阻．
（5）冬天比夏天电阻增加的小，所以该传感器下应变片两端的电压U₂冬天比夏天小．
故答案为：（1）电压；（3）增大；（4）减小；减小；（5）小．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；影响电阻大小的因素．

考点点评： 本题考查欧姆定律的应用和影响电阻大小的因素，关键知道影响电阻大小的因素是导体的材料、长度、横截面积和温度，难点是根据题目所给信息结合我们所学知识解题．

A、B、在0-4s内重物对台秤的压力大于重力，由牛顿第二定律得加速度方向向上，电梯加速上升，即电梯在启动阶段约经历了4秒的加速上升过程．故A错误，B错误；
C、D、在0-4s内，压力N=50N，由牛顿第二定律有：
N-mg=ma，解得：a=
50−30
m＝
20
3m/s2＝6.7m/s2
在4s-18s内，压力N=10N，由牛顿第二定律有：
mg-N-=ma′，
解得：a′=
30−10
m＝
20
3m/s2＝6.7m/s²．故C正确，D错误；
故选：C

点评：
本题考点： 牛顿运动定律的应用-超重和失重．

考点点评： 本题考查读图的能力，关键抓住产生超重和失重现象时，重物对台秤的压力与重力的关系．

（1）同性磁极相对，互相排斥，故磁力对小车做负功．
（2）F-s图象中，图线与坐标轴围成的面积表示功，所以估算图线下方的面积，其大小即为磁力在这一过程所做功大小．
（3）因为△E_k=[1/2]mv_t²-[1/2]mv₀²，
代入数据得：△E_k=[1/2]×0.180×0.301²-[1/2]×0.180×0.341²=-0.0023（J）
估算图线下方的面积，其大小即为磁力在这一过程所做功大小，如果选择的区域过大或过小，都会导致W与△E_k相差较大．
故答案为：（1）负；（2）图线包围的面积；（3）-0.0023，选择区域过大

点评：
本题考点： 探究功与速度变化的关系．

考点点评： 本题要了解光电门测量瞬时速度的原理，实验中我们要清楚研究对象和研究过程，对于系统我们要考虑全面，同时明确实验原理是解答实验问题的前提，注意图象面积的意义．

（一）读着可0，压力大她F随时间t变化的周期T一=0.3πs．经判断知滑块运动的周期T一是压力大她变化周期T3的3倍，故T一T3＝一3．（3）滑块在AB之间做类似于单摆的简谐运动，周期T3=0.4π s由T3＝3πRg0，容...

点评：
本题考点： 动能定理的应用；牛顿第二定律；向心力．

考点点评： 本题综合考查了动能定理、机械能守恒定律、牛顿第二定律，以及考查学生的读图能力，综合性较强，是一道好题．

由图象不难看出两个力的大小总是相等的，并且两个力的方向也是始终相反的，它们的变化的情况也是一样的；
作用力与反作用力是两个物体之间的相互作用，大小相等，方向相反．
故选：D．

点评：
本题考点： 作用力和反作用力．

考点点评： 本题主要是考查作用力与反作用力的关系，同时注意区分它与一对平衡力的区别．

A、小球运动的过程中在最低点拉力最大，最大位移处拉力最小，在一个周期内两次经过平衡位置，所以小球的周期为4s．故A错误．
B、小球的速度变化周期等于小球的点运动周期，等于4s．故B正确．
C、简谐运动经过半个周期运动到关于平衡位置对称的点，此时两点速度大小相等，方向相反，因为动能没有方向，所以动能的变化周期等于半个小球的周期，为2s．故C正确．
D、简谐运动经过半个周期运动到关于平衡位置对称的点，此时两点速度大小相等，方向相反，高度关于平衡位置对称，所以重力势能的变化周期为2s．故D错误．
故选BC．

点评：
本题考点： 简谐运动的回复力和能量；简谐运动的振幅、周期和频率．

考点点评： 解决本题的关键知道简谐运动对称性，知道经过半个周期运动到关于平衡位置对称的点，此时速度大小相等，方向相反．

A、电梯先由静到动，是加速；中途是匀速；最后是由动到静，是减速；
图象中开始是超重，故是加速上升；
故电梯先加速向上运动，再匀速运动，最后减速运动；故A错误；
B、C、加速阶段：F₁-G=ma₁
匀速阶段：F₂-G=0
减速阶段：G-F₃=ma₃
解得：a₁=a₃=0.4m/s²
故最大速度为：v=at=0.4×2=0.8m/s
电梯加速运动时的加速度大小等于减速运动时的加速度大小；
故B错误，C错误；
D、电梯运动的位移是：
h=
v
2t1+vt2+
v
2t3=
0.8
2×2+0.8×10+
0.8
2×2=9.6m；故D正确；
故选：D．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律．

考点点评： 本题是根据受力情况确定运动情况，关键是先根据牛顿第二定律求解各个阶段的加速度，然后根据运动学公式分析，不难．

当滑块滑动碗底时压力最大，所以从图中可得T=06s

因为阻力的存在，滑块的速度越来越小，所以到最低点时对碗底的压力越来越小

0.6 减小

（1）传感器在受到拉力时读数为正，A传感器读数为正，故为拉力，相当于F₁；当θ=30°时，由节点O受力平衡可得，竖直方向F₁sin30°=mg
故，m=
1.001×
1
2
10kg=0.05kg
（2）横杆自身重力会对实验结果造成影响，故应多次调零，故选C
（3）设杆自重为G，由节点O受力平衡可得：
（1.103-G）sin30°=0.05×10
（F′₁-G）sin60°=0.05×10
解得：F′₁=0.637N
故答案为：（1）F₁，0.05（2）C（3）0.637（0.630～0.645之间均可）

点评：
本题考点： 力的分解；力的合成的平行四边形定则．

考点点评： 解题的关键是首先根据题意灵活选取研究对象，然后再进行受力分析，列出方程求解即可

A、由速度时间图象可以知道在2-3s的时间内，物体匀速运动，处于受力平衡状态，所以滑动摩擦力的大小为2N，
在1-2s的时间内，物体做匀加速运动，直线的斜率代表加速度的大小，所以a=[2−0/1]=2m/s²，由牛顿第二定律可得F-f=ma，所以m=[F−f/a]=[3−2/2]kg=0.5kg，所以A错误；
B、由f=μF_N=μmg，所以：μ=[f/mg]=[2/5]=0.4，所以B错误；
C、第二秒内物体的位移是：x=[1/2]at²=[1/2]×2×1=1m，摩擦力做的功为：W=fx=-2×1J=-2J，故克服摩擦力所做的功为2.0J；故C正确；
在第一秒内物体没有运动，只在第二秒运动，F也只在第二秒做功，F的功为：W=Fx=3×1J=3J，所以前2S内推力F做功的平均功率为：P=[W/t]=[3/2]W=1.5W，所以D错误．
故选：C．

点评：
本题考点： 功率、平均功率和瞬时功率；动摩擦因数；功的计算．

考点点评： 对于速度图象类的题目，主要是要理解斜率的含义：斜率代表物体的加速度；速度正负的含义：速度的正负代表物体运动的方向；速度图象与时间轴围成的面积的含义：面积代表物体的位移．

A、B，根据牛顿第二定律分析可知，电梯的运动情况是：0-2s内向下做匀加速运动，在2-7s内做匀速直线运动，7-9s内做匀减速运动，而且0-2s内和7-9s内电梯的加速度大小相等，说明电梯在第 1s末和第8s末速度相同，小于第4s末的速度．故A错误，B正确．
C、重物从1s到2s，向下做匀加速运动，重物的动量变化量为正值，说明动量变化量的方向向下；从7s到8s向下做匀减速运动，动量的变化量是负值，说明动量变化量的方向向上，所以重物从1s到2s和从7s到8s动量的变化不相同．故C正确．
D、电梯对重物的支持力在第1s内和第9s内的平均速度相等，支持力大小不等，功率不等．故D错误．
故选BC

点评：
本题考点： 功率、平均功率和瞬时功率；牛顿第二定律；动量定理．

考点点评： 本题的关键要具有根据物体的受力情况分析运动情况的能力，这是学习物理的基本功．

（1）根据动能定理知因要求总功必须已知小车位移，
故除了光电门传感器测量速度和力传感器测量拉力的数据以外，还应该记录的物理量为两光电门间的距离L．
（2）由△E=
1
2Mv22−
1
2Mv12，得△E3＝
1
2×0.500×2.40=0.60J，
根据表中数据由功公式W=FL，可求出两光电门间距离L=[W/F]=0.5Kg，所以W₃=F₃•L=1.22×0.5J=0.61J．
（3）根据表中的数据，作出△E-W图线如右图所示．
故答案为：（1）②两光电门间的距离L（或AB间距离）；（2）0.60；0.61；
（3）答案如上图所示．

点评：
本题考点： 探究功与速度变化的关系．

考点点评： 做实验题时应先根据实验原理写出有关公式再讨论即可．小车在钩码的作用下在水平面上做加速运动，通过速度传感器可算出A B两点的速度大小，同时利用拉力传感器测量出拉小车的力，从而由AB长度可求出合力做的功与小车的动能变化关系．

当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度，合力也向上，由图可知，大于重力的地方为A、D两部分，所以A、D正确．
故选AD．

点评：
本题考点： 超重和失重．

考点点评： 本题考查了学生对超重失重现象的理解，掌握住超重失重的特点，本题就可以解决了．

（1）由于每相邻两个计数点间还有4个点，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，
根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT²可以求出加速度的大小，
得：a=
0.0368−0.0352
0．12=0.16 m/s²，
（2）改变小桶中砂的重力，多次重复实验，获得多组数据，描绘小车加速度a与合力F（F=F₁-F₀）的关系图象．
由于已经平衡摩擦力，所以图象应该过原点．故AB正确，CD错误；
故选：AB．
（3）对小桶受力分析，设小桶重力为mg，
木板释放前弹簧秤的示数F₁，所以F₁=mg，
设小车的重力为Mg，小车在加速运动时弹簧秤的示数F₂，
根据牛顿第二定律得：mg-F₂=ma
所以F₁＞F₂，
（4）A、在该实验中实际是：mg=（M+m）a，要满足mg=Ma，应该使小车和传感器的总质量应远大于小桶和砂的总质量，故A正确；
B、实验中不需要将长木板右端垫高，因为已经测量了小车所受摩擦力的大小，故B错误；
C、实验中不需要测出小车和传感器的总质量，只需要保证小车和传感器的总质量不变，故C错误；
D、用加砂的方法改变拉力的大小与挂钩码的方法相比，可更方便地获取多组实验数据，故D正确；
故选：AD．
故答案为：（1）0.16
（2）A B
（3）＞
（4）AD

点评：
本题考点： 探究加速度与物体质量、物体受力的关系．

考点点评： 本题借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力．解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项，其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚．

A、作用力与反作用力同时产生、同时消失，总是相等，故A错误；
B、作用力与反作用力是两个物体间的相互作用力，作用在不同的物体上，故B错误；
C、根据牛顿第三定律，作用力与反作用力大小相等，故C正确；
D、根据牛顿第三定律，作用力与反作用力方向相反且作用在同一条直线上，故D正确；
故选：CD．

点评：
本题考点： 作用力和反作用力．

考点点评： 解决本题的关键知道作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，且同时产生、同时变化、同时消失，作用在不同的物体上．

（1）读图可得，压力大小F随时间t变化的周期T₁=0.2πs．
经判断知滑块运动的周期T₁是压力大小变化周期T₂的2倍，故
T1
T2＝
1
2．
（2）滑块在AB之间做类似于单摆的简谐运动，周期T₂=0.4π s
由T2＝2π

R
g得，容器的半径：R=
T22g
4π2=0.4 m
答：（1）压力大小F随时间t变化的周期与小滑块运动的周期之比为[1/2]．
（2）容器的半径为0.4m．

点评：
本题考点： 常见传感器的工作原理．

考点点评： 本题综合考查了简谐运动，以及考查学生的读图能力，解决本题的关键知道滑块所做的运动是单摆运动，知道单摆运动的周期公式．

A、作用力与反作用力方向相反且作用在同一条直线上，故A正确；
B、作用力与反作用力是两个物体间的相互作用力，作用在不同的物体上，故B错误；
C、根据牛顿第三定律，作用力与反作用力大小相等，故C正确；
D、作用力与反作用力与平衡力不同，故D错误；
故选：AC．

点评：
本题考点： 作用力和反作用力．

考点点评： 解决本题的关键知道作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，且同时产生、同时变化、同时消失，作用在不同的物体上．

（1）矿泉水瓶及水向下做加速运动，根据牛顿第二定律可知，G-F₁=ma，所以F₁小于G，
根据匀变速直线运动公式得：d=
1/2at ²，
解得：a=
2d
t2]
（2）当F₁＞F₀时，木板才产生加速度，加速度与力成正比．故选B．
（3）A、不可以改变滑动摩擦力的大小，故A错误．
B．缓慢向瓶中加水，可以更方便地获取多组实验数据，故B正确．
C．缓慢向瓶中加水，直到木板刚刚开始运动，可以比较精确地测出摩擦力的大小，不可以更精确的测出拉力的大小，故C错误．
D．并没有获得很大的加速度，可以获取多组实验数据以提高实验精度．故D错误．
故选：B．
故答案为：（1）小于；（2）
2d
t2；（3）B；（4）B

点评：
本题考点： 探究加速度与物体质量、物体受力的关系．

考点点评： 书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验注意事项这几点去搞清楚．实验的图象描绘，物理结合数学的应用都值得注意．

第2s内，由图象可知，加速度，由牛顿第二定律可知：；第3s内物体做匀速直线运动，，解得：，，选项A. B均错误。第2s内物体运动的位移为，摩擦力为2N，故克服摩擦力做的功，选项C错误。前2s内推力做功为，平均功率，选项D正确。故选D.

D


<>

A、在1-2s的时间内，物体做匀加速运动，直线的斜率代表加速度的大小，所以a=[2−0/1]=2m/s²，由牛顿第二定律可得F-f=ma，
得：m=[F−f/a]=[3−2/2]kg=0.5kg，所以A错误；
B、由速度时间图象可以知道在2-3s的时间内，物体匀速运动，处于受力平衡状态，所以滑动摩擦力的大小为2N，由f=μmg
得：μ=[f/mg]=[2/0.5×10]=0.40；故B正确；
C、前3s内的位移为：x=[2+3/2]m=2.5m；故平均速度为：v=[2.5/3]m/s=0.8m/s；故C错误；
D、前1s内物体合外力为零，处于静止状态，故摩擦力为零；故D错误；
故选：B．

点评：
本题考点： 摩擦力的判断与计算．

考点点评： 对于速度图象类的题目，主要是要理解斜率的含义：斜率代表物体的加速度；速度正负的含义：速度的正负代表物体运动的方向；速度图象与时间轴围成的面积的含义：面积代表物体的位移．

0−1s内物体静止不动，1−2s内物体做匀加速直线运动，加速度大小为2m/s2，F=3N，2−3s内物体做匀速直线运动，f=2N，由牛顿第二定律得F−f=ma，m=0.5kg，A错误；f=μmg，得μ=0.40，B错误；第2s内物体位移为x=at2/2=1m，则物体克服摩擦力做功为fx=2J，C正确；前2s内推力做功为W=Fx=3J，则平均功率为="1.5"W，D错误。

C


<>

A、B，根据牛顿第二定律分析可知，电梯的运动情况是：0-2s内向上做匀加速运动，在2-7s内做匀速直线运动，7-9s内做匀减速运动，而且0-2s内和7-9s内电梯的加速度大小相等，说明电梯在第 1s末和第8s末速度相同，小于第4s末的速度．故AB错误．
C、重物从1s到2s，向上做匀加速运动，重物的动量变化量为正值，说明动量变化量的方向向上；从7s到8s向下做匀减速运动，动量的变化量是负值，说明动量变化量的方向向下，所以重物从1s到2s和从7s到8s动量的变化不相同．故C正确．
D、电梯对重物的支持力在第1s内和第9s内的平均速度相等，支持力大小不等，功率不等．故D错误．
故选C

点评：
本题考点： 牛顿运动定律的应用-超重和失重；功的计算．

考点点评： 本题的关键要具有根据物体的受力情况分析运动情况的能力，这是学习物理的基本功．

（1）根据v-t图象得到0.8s前小车是静止的，0.8s后小车做匀加速运动．
所以此次操作应记录下的外力F大小为0.82N，
根据v-t图象的斜率求出加速度a=[△v/△t]=1.6m/s²．
（2）根据a=[F/m]得理论上图线斜率应等于小车的质量倒数，
由图象可知：图线不通过坐标原点，F不为零时，加速度仍为零，知没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．
故答案为：（1）0.82；1.6；
（2）小车的质量倒数，没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．

点评：
本题考点： 探究加速度与物体质量、物体受力的关系．

考点点评： 通过作图法研究两个变量之间的关系是物理里常用的一种手段，只有直线图形可以清楚地说明两变量之间的关系．

滑块每次经过最低点时，速度最大，弹力最大；从图象可以看出，每经过1s，弹力最大，故每经过1s小球到碗底；
由图象，最大支持力为1.6N，根据牛顿第二定律，有：N-mg=m
v2
r，解得：
v=

(N−mg)r
m＝

(1.6−1)×0.15
0.1≈0.95m/s；
故答案为：1.0，0.95．

点评：
本题考点： 单摆周期公式；牛顿第二定律；向心力．

考点点评： 本题关键根据图象得到最大弹力，然后根据牛顿第二定律列方程求解最大速度．

A、由速度时间图象可以知道在2-3s的时间内，物体匀速运动，处于受力平衡状态，所以滑动摩擦力的大小为2N，
在1-2s的时间内，物体做匀加速运动，直线的斜率代表加速度的大小，所以a=[2−0/1]=2m/s²，由牛顿第二定律可得F-f=ma，
所以m=[F−f/a＝
3−2
2]kg=0.5kg，根据速度图象与时间轴围成的面积代表物体的位移可知，第二秒内物体的位移是：x=[1/2]×2×1=1m，在第一秒内物体没有运动，只在第二秒运动，F也只在第二秒做功，F的功为：W=Fx=3×1J=3J，所以前2S内推力F做功的平均功率为：P=[W/t＝
3
2]W=1.5W．
故答案为：0.5；1.5

点评：
本题考点： 功率、平均功率和瞬时功率．

考点点评： 对于速度图象类的题目，主要是要理解斜率的含义：斜率代表物体的加速度；速度正负的含义：速度的正负代表物体运动的方向；速度图象与时间轴围成的面积的含义：面积代表物体的位移．

（1）由表中实验数据可知，第3次实验时，物体受到的静摩擦力f=F=4.02N，
物体受到的静摩擦力小于等于最大静摩擦力，因此木块与桌面间的最大静摩擦力≥4.02N；
（2）木块做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的滑动摩擦力F_f=F=4.01N，
滑动摩擦力为：F_f=F_Nμ ①F_N=G ②
联立①②μ=
Ff
G=[4.01N/10.0N]=0.401．
（3）由牛顿第二定律得：
F₆-F_f=ma，带入数据解得：a=1.45m/s²．
故答案为：（1）4.02；（2）0.401；（3）1.45．

点评：
本题考点： 探究影响摩擦力的大小的因素．

考点点评： 滑动摩擦力大小跟压力大小、接触面粗糙程度有关，跟物体受到的拉力大小、物体的运动速度都没有关系，正确根据物体所处状态列方程求解．

A、从时该t₁到t₂，钩码受到的拉力小于重力时，钩码处于失重状态，所以A正确；
B、从时刻t₃到t₄，钩码受到的拉力大于重力，钩码处于超重状态，加速度向上，故B正确；
C、如果电梯开始停在低楼层，先加速向上，接着匀速向上，再减速向上，最后停在高楼层，那么应该从图象可以得到，拉力先等于重力、再大于重力、然后等于重力、小于重力、最后等于重力，故C错误；
D、如果电梯开始停在高楼层，先加速向下，接着匀速向下，再减速向下，最后停在低楼层，那么应该是拉力先等于重力、再小于重力、然后等于重力、大于重力、最后等于重力，故D正确．
故选：ABD

点评：
本题考点： 超重和失重；牛顿第二定律．

考点点评： 本题关键是根据拉力的变化情况，得到超、失重情况，然后与实际情况向对照，得到电梯的运动情况．

A、话筒将声音信号转变为电信号，是一种常见的声传感器，故A正确；
B、电熨斗使用温度传感器控制温度，故B正确；
C、电子秤所使用的测力装置是力传感器，故C正确；
D、电冰箱的温度控制是使用温度感器，故D错误．
本题选择错误的，
故选：D．

点评：
本题考点： 传感器在生产、生活中的应用．

考点点评： 传感器能够将其他信号转化为电信号，它们在生产生活中应用非常广泛，在学习中要注意体会．