380V角接电加热管,一共72KW.电动机共17KW.有多少个电流?用多粗的铜线?

∵P=
U2
R，
家庭电路的电源电压为220V，则电加热管的电阻R=
U2
P=
(220V)2
550W=88Ω，
保温状态下，电加热管两端的电压U_管=
P保R=
88W×88Ω=88V，
∵P=UI，
∴保温状态下，电加热管中的电流I=
U管
R=[88V/88Ω]=1A，
保温状态下，R₂两端的电压U₂=U-U_管=220V-88V=132V，
∵I=[U/R]，
∴则R₂的电阻值R₂=
U2
I=[132V/1A]=132Ω．
故答案为：132Ω．

点评：
本题考点： 电热．

考点点评： 求R2的阻值是本题的难点，关键是用好两个隐含条件，即家庭电路电压为220V，电加热管的电阻值不改变，再结合欧姆定律、串联电路的特点、电功率的变形公式，最终才能做出解答．

∵P=U2R，家庭电路的电源电压为220V，则电加热管的电阻R=U2P=(220V)2550W=88Ω，保温状态下，电加热管两端的电压U管=P保R=88W×88Ω=88V，∵P=UI，∴保温状态下，电加热管中的电流I=U管R=88V88Ω=1A，保温状态下，R2...

点评：
本题考点： 电热．

考点点评： 求R2的阻值是本题的难点，关键是用好两个隐含条件，即家庭电路电压为220V，电加热管的电阻值不改变，再结合欧姆定律、串联电路的特点、电功率的变形公式，最终才能做出解答．

（1）当S₁S₂都闭合时，油汀内有R₁（“220V 800W”）和R₂（“220V 1200W”）两根电热管同时工作．所以油汀发热功率最大值为：2000W．
发热管消耗的电能 W=Pt=2kw×2h=4kw•h．
（2）散热片做成翼状，增大散热面积，加快散热．电热油汀使用导热油而不用水，是因为导热油沸点高，可以达到更高的温度，取暖效果好．
（3）由I=U/R得：0.01A=[220V−U/21800Ω] 所以二极管的额定电压是U=2V．
指示灯电路消耗功率P₃=I_额U_源=10^-2A×220V=2.2W．
答：（1）当S₁S₂都闭合时，油汀发热功率最大值为2000W．此状态下油汀工作2小时发热管消耗的电能是4kw•h．
（2）散热片做成翼状，目的是增大散热面积，加快散热．
电热油汀使用导热油而不用水的主要原因是：导热油沸点高，可以达到更高的温度，取暖效果好．
（3）LED二极管的额定电压是2V．指示灯电路消耗功率是2.2W．

点评：
本题考点： 电功率的计算；电功的计算．

考点点评： 本题是一道电学与热学的综合应用题．与生活相连，使学生觉得学了物理有用，同时在计算功率时，要注意灵活选用两套单位：功率（KW）-功（KW•h）-时间（h）和功率（W）-功（J）-时间（s）．

A、电加热管是利用电流通过导体时产生热量来工作的，即是利用电流的热效应工作的．故此选项错误，不符合题意．
B、电动机工作时消耗电能，得到机械能，所以是将电能转化为机械能．故此选项错误，不符合题意．
C、煮好的豆浆温度很高，香气分子无规则运动的速度加剧，所以“香气四溢”．故此选项正确，符合题意．
D、杯中的豆浆放置一段时间后温度降低，是由于周围的空气温度比较低，高温的豆浆向低温的空气中传递热量而引起的，故此选项错误，不符合题意．
故选C．

点评：
本题考点： 分子的运动；直流电动机的原理；热传递改变物体内能；电流的热效应、化学效应和磁效应．

考点点评： 物理来源于生活，又应用于生活．同学们只要留心观察，善于思考，会发现生活中处处都有物理知识．

（1）当S接左面时电路中只有电阻R1，总电阻最小，电流路中电流最大，发热管功率就会最大，处于加热状态，因此A灯为红色灯．故答案为：红．（2）加热时：加热管的电功率P1=550W电阻R1=U2P1=(220V)2550W=88Ω； &...

点评：
本题考点： 热量的计算；电功率的计算．

考点点评： 本题考查电阻、电流、电功率、热效率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，涉及到热学和电学部分的知识点多，综合性强、易错、属于难题．

（1）当S接左面时电路中只有电阻R₁，总电阻最小，电流路中电流最大，发热管功率就会最大，处于加热状态，因此A灯为红色灯．
故答案为：红．
（2）加热时：加热管的电功率P₁=550W
电阻R₁=
U2
P1=
(220V)2
550W=88Ω；
保温时：加热管的电功率P₂=88W；
通过加热管的电流I=

P2
R1=

88W
88Ω=1A；
此时电路的总电阻R=[U/I]=[220V/1A]=220Ω；
根据串联电路电阻的特点，R₂=R-R₁=220Ω-88Ω=132Ω
答：电阻R₂的阻值132Ω．
（3）1.0kg水从初温20℃加热到100℃吸收的热量：
Q_吸=cm（t₂-t₁）=4.2×10³J/（kg•℃）×1.0kg×（100℃-20℃）=3.36×10⁵J
加热管的热效率为90%，根据η=
Q吸
Q管×100%，则电热管需要放出的热量是：
Q_管=
Q吸
η=
3.36×105J
90%=3.73×10⁵J
饮水机加热时加热管的功率为550W，则加热的是时间为：
t=
Q管
P=
3.73×105J
550W≈679s
答：加热管加热时间为679s．

点评：
本题考点： 热量的计算；电功率的计算．

考点点评： 本题考查电阻、电流、电功率、热效率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，涉及到热学和电学部分的知识点多，综合性强、易错、属于难题．

A、B、当B灯亮时，说明开关S在右边，R₁与B、R₂串联，电路的总电阻变大，由公式I=[U/R]知，电路中的电流变小，再根据P=I²R可知，电加热管的功率变小，处于保温状态．故A错误，B正确；
C、D、当开关打到左边时，R₁与A串联，此时电加热管处于加热状态，而开关打到右边时为保温状态，可知R₁的功率是开关在左边时大，在右边时小，故选项CD均错误．
故选B．

点评：
本题考点： 电路的动态分析．

考点点评： 解答本题的关键是会根据电路的变化情况，判断电加热管的电功率的变化，在判断时，要用到欧姆定律和电功率的变形公式，是我们应该熟练掌握的．

由饮水机的工作原理电路图可知：当开关S与1接触时，指示灯A与R₁串联；当S与2接触时，指示灯B与R₁、R₂串联；
∵串联电路，电阻越串越大，大于任何一个分电阻，
∴根据I=
U2
R可知：当S与2接触时，电路中的电流与接1相比会变小；
∵P=I²R，
∴此时R₁的电功率变小，饮水机处于保温状态．
故答案为：串；保温．

点评：
本题考点： 电路的基本连接方式．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是开关S接到不同位置时电路变化的比较和分析．

（1）电路中保险丝接在火线上，A接的是零线，B接的是火线，C是接地线；三脚插头的接法是“左零右火中接地”，故C应接在甲脚上；（2）由：P=U2R可知，电路中电阻越大，电功率越小；即R1、R2串联时，饮水机的功率小时...

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： （1）公式R=U2P是电功率计算题中常用的求电阻的方法之一，既要记住此公式，又要记住它的推导过程；当电源电压一定时，根据P=U2R，电阻大时功率小，电阻小时功率大．
（2）不要把保温时加热电阻的功率理解成整个电路的功率．

（1）读图可知，当电加热管与指示灯A串联时，能在额定电压下工作，此时指示灯应为红色；当电加热管与R₂串联时，两电阻共同分担电源电压，使电加热管不能正常工作，因此，处于保温状态，此时指示灯B应为黄色；
（2）①根据上题可知，加热时A灯亮，此时电路中只有R₁，P₁=550W
保温时B灯亮，此时R₁、R₂串联，P₂=88W
∵P=
U2
R
∴R₁=
U2
P1=
(220V)2
550W=88Ω
R₁+R₂=
U2
P2=
(220V)2
88W=550Ω
R₂=550Ω-88Ω=462Ω
②∵P=UI
∴保温时电路中的电流：I=
P2
U=[88W/220V]=0.4A，
则P=I²R₂=（0.4A）²×462Ω=73.92W．
答（1）红；黄；
（2）①R₂的阻值为462Ω；
②保温时R₂的功率为73.92W．

点评：
本题考点： 电路的动态分析．

考点点评： 本题考查电阻、电流、功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是对电路的分析．