接通电源与释放纸带（或物体）,这两个操作时刻的关系应当是.

（1）开关接1时，电路电阻最小，是R₁的简单电路．
根据P=
U2
R可知：此时消耗的电功率最大为P_大=90W，
R₁的阻值为R₁=
U2
P大=
(36V)2
90W=14.4Ω．
（2）开关接3时，三个电阻串联，电路电阻最大时，
根据P=
U2
R可知：此时消耗的电功率最小为P_小=45W，
电路中得电流为I_小=
P小
U=[45W/36V]=1.25A；
（3）开关接2时，电阻R₁和R₂串联接入电路，
根据P=
U2
R可知：此时电路消耗的功率为P_中=72W，
此时电路中的总电阻为R_总=
U2
P中=
(36V)2
72W=18Ω，
R₂的阻值为：R₂=R_总-R₁=18Ω-14.4Ω=3.6Ω．
通电1min产生的热量Q=W=P_中t=72W×60s=4320J．
答：（1）当S拨至位置1时，加热功率是90W，R₁的阻值是14.4Ω；
（2）S拨至位置3时电路中的电流是1.25A；
（3）当S拨至位置2时，R₂的阻值为3.6Ω；通电1min产生的热量为4320J．

点评：
本题考点： 电功率的计算；电功率与电压、电流的关系；焦耳定律的计算公式及其应用．

考点点评： 本题考查保温箱电路的连接，在开关连接不同触点时电路处于不同状态下电功率的计算和相关物理量的计算，关键是会判断开关不同连接时电路的连接情况，进而会根据P=U2R判断出不同电路连接情况下的功率．

当电路接通时，L具有磁性，根据电流方向和右手定则，通电螺线管下方为N极，上方为S极．同名磁极相互排斥，条形磁铁受到排斥力，向上运动．当滑动变阻器的滑片向右端移动时，电阻变大，电流变小，通电螺线管磁性变弱，排斥力变小，所以弹簧的长度将会变长．在螺线管内加一铁棒时，通电螺线管磁性变强，排斥力变大，弹簧的长度将会变短．
答：向上，变长，变短．

点评：
本题考点： 影响电磁铁磁性强弱的因素；磁极间的相互作用；安培定则；通电螺线管的极性和电流方向的判断．

考点点评： 本题考查内容较为全面，既要掌握与通电螺线管磁性强弱有关的因素，又要熟悉右手定则和磁极间的相互作用．

（1）开关S₁断开S₂接通时，电压表测量电源电压，电压表示数为4.5V，故可知电源电压为4.5V；
（2）当开关S₁接通S₂断开时，两灯串联，电压表测L₁两端的电压，则可知L₁两端的电压为3V；根据串联电路的电流规律可知，L₂两端的电压为4.5V-3V=1.5V．
故选C．

点评：
本题考点： 串联电路和并联电路的辨别；串联电路的电压规律．

考点点评： 本题考查串联电路的电压规律及电压表的使用，应通过开关的通断得出电路特点，并找出电压表所测量的对象．

答：
（1）洗澡时放出的水温较高，汽化成的水蒸气遇到冷的镜面，液化形成小水珠，附在镜面上，使镜面上出现雾气；
（2）当给镜子通电后，镜子温度升高，小水珠又吸收热量发生汽化现象，变成水蒸气消散在了空气中，使镜子保持清晰明亮．

点评：
本题考点： 液化及液化现象．

考点点评： 本题主要考查学生对汽化和液化现象在生活中的应用的了解和掌握，是一道基础题．

A、若加一沿y轴正方向的电场，电子带负电，电场力方向沿y轴负方向，亮线不偏转，不符合题意．故A错误．
B、若加一沿y轴负方向的电场，电子带负电，电场力方向沿y轴正方向，亮线不偏转，不符合题意．故B错误．
C、若加一沿z轴负方向的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向沿y轴负方向，亮线不偏转，不符合题意．故C错误．
D、若加一沿y轴正方向的磁场，根据左手定则，洛伦兹力方向沿z轴负方向，亮线向下偏转，符合题意．故D正确．
故选D

点评：
本题考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动．

考点点评： 本题考查电偏转与磁偏转方向判断的能力．负电荷与电场方向相反，洛伦兹力方向由左手定则判断．

由图，L₃和L₂并联，电压相等，根据欧姆定律U=IR，则有，I₂：I₃=R₃：R₂=5：2．L₁和L₄串联，电流相等，I₁=I₄=I₂+I₃，I₁：I₃=7：2，所以I₁：I₂：I₃：I₄=7：5：2：7
故答案为：7：5：2：7

点评：
本题考点： 串联电路和并联电路．

考点点评： 本题关键抓住并联电路的电流分配关系进行求解．基本题．

通电导线在磁场中要受到力的作用，受力运动方向跟电流方向和磁场方向有关．（1）把导线ab放在磁场里，接通电源发现ab向左运动．如果仅将蹄形磁体上下磁极调换，电流方向不变，对调磁极，ab运动方向相反，所以ab向右...

点评：
本题考点： 磁场对通电导线的作用．

考点点评： 掌握通电导体受力方向的影响因素，利用控制变量法判断通电导体的运动方向．

答：家庭电路电压一定，开灯时，灯丝电阻很小，根据欧姆定律可知，通过灯丝的电流很大，容易烧断灯丝，中间过程和熄灯时电阻很大，根据欧姆定律可知，通过灯丝的电流相对较小，不容易烧断．
所以说开灯时灯丝最容易烧断．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；影响电阻大小的因素．

考点点评： 本题考查欧姆定律的应用和影响电阻大小的因素，关键知道影响电阻大小的因素有导体的材料、横截面积、温度和长度，本题考查的是温度对电阻的影响．

卫生间的灯泡与热水器并联后与输电导线的电阻串联，
∵并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，即为电阻并联时总电阻小于任何一个分电阻，
∴把热水器接通时，电路中的总电阻变小，
∵I=[U/R]，且家庭电路的总电压一定，
∴电路中的电流变大，输电线的电阻两端分得的电压变大，
∵串联电路中总电压等于各分电压之和，
∴灯泡两端的电压变小，灯泡与热水器并联部分分得的电压变小，即灯泡两端的电压变小，
∵P=
U2
R，且灯泡的亮暗取决于实际功率的大小，
∴灯泡变暗；
当断开热水器的开关时，电路中的总电阻变大，电路中的电流变小，输电导线分得的电压变小，灯泡两端的电压变大，实际功率变大，灯泡变亮．

点评：
本题考点： 电功率的计算；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电阻的串联；电阻的并联．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是把电路看成卫生间的灯泡与热水器并联后与输电导线的电阻串联，要注意灯泡的亮暗取决于实际功率的大小．

（1）该装置中，将电源接通后，向乙中滴入酚酞溶液，在F极附近显红色，说明F电极上氢离子放电，同时电极附近有氢氧根离子生成，则F为阴极，B是原电池负极，则A是原电池正极，故答案为：正极；
（2）甲中C电极上氢氧根离子放电，电极反应式为4OH^--4e^-=2H₂O+O₂↑，故答案为：4OH^--4e^-=2H₂O+O₂↑；
（3）用惰性电极电解饱和NaCl溶液时，阳极上氯离子放电生成氯气，电池反应式为：2NaCl+2H₂O

电解
.
2NaOH+Cl₂↑+H₂↑，根据氯气和NaOH之间的关系式得n（NaOH）=2n（Cl₂）=[0.056L/22.4L/mol×2=0.005mol，c（OH^-）=c（NaOH）=
0.005mol
0.5L]=0.01MOL/l，
c（H⁺）=
10−14
0.01mol/L=10^-12 mol/L，则溶液的pH=12，故答案为：12；
（4）电镀时，镀层作阳极、镀件作阴极，电解质溶液为可溶性的银盐，丙装置给铜镀银，G应该是银，电镀液的主要成分是AgNO₃，故答案为：银；AgNO₃．

点评：
本题考点： 原电池和电解池的工作原理．

考点点评： 本题考查了原电池和电解池原理，根据F电极附近溶液颜色变化确定阴阳极、正负极，再结合各个电极上反应来分析解答，注意溶液pH的计算方法．

（1）S断开时，电路中的电流为：I₁=[E
r+R1+R2，I₁²R₂=4W，
联立得：（
E
r+R1+R2）²R₂=4W
代入得：（
10
1+3+R2）²R₂=4
解得：R₂=16Ω
联立解得：I₁=
E
r+R1+R2=
10/1+3+16]A=0.5A
S闭合后：电路中的电流为I₂=
E
r+R1+
R3R2
R3+R2，I₂²
R3R2
R3+R2=4W，
联立解得：I₂=2A
（2）当R₁=0时电流最大，AB段的电功率最大，为P_AB=25W
答：（1）通过电阻R₁的电流先后各为0.5A、2A．
（2）R₁的阻值应调为0时，这时A、B间的电功率是25W．

点评：
本题考点： 闭合电路的欧姆定律；电功、电功率．

考点点评： 本题考查了闭合回路欧姆定律的应用以及电功率的计算，本题是简单的串并联电路问题，先求外电路总电阻，再求解电流是常用思路．

依据电解原理分析，电极若是惰性电极，溶液中的阴离子在阳极失电子发生氧化反应，若阳极是活性电极，则电极本身是单质发生氧化反应，电极质量减小；阴极是溶液中阳离子得到电子发生还原反应；欲达到如下要求：a阳极质量不变　b阴极质量增加　c电解液pH减小，是惰性电极做阳极，电解质溶液中铜离子得到电子在阴极析出，阳极是溶液中氢氧根离子放电生成氧气，溶液中氢离子浓度增大，pH减小，
①阴阳两极都用石墨电极，电解反应为2CuSO₄+2H₂O

通电
.
2Cu+O₂↑+2H₂SO₄，符合要求条件，故①符合；
②铜作阳极，铁作阴极，阳极是活性电极铜失电子质量减小，不符合题干条件，故②不符合；
③铁作阳极，铜作阴极，阳极是活性电极铁失电子质量减小，不符合题干条件，故③不符合；
④铂作阳极，铜作阴极，阳极是惰性电极，电解反应为2CuSO₄+2H₂O

通电
.
2Cu+O₂↑+2H₂SO₄，符合要求条件，故④符合；
故选：D．

点评：
本题考点： 电解原理．

考点点评： 本题考查了电解原理的分析判断，主要是阳极材料的分析应用，掌握基础是关键，题目难度中等．