我家住顶楼,为什么10点以后不定时会有脚步声,重物落地声,弹球落地声,各种各样的声音,很影响睡眠质量

（1）由表格数据得到人的重力为40N，故质量为4kg；
0～3.0s，电梯加速上升，根据牛顿第二定律，有：
F-mg=ma₁
解得
a₁=
F
m−g=
48
4−10＝2m/s2
（2）12.0s～18.0s，电梯减速上升，根据牛顿第二定律，有：
mg-F=ma₂
解得
a₂=
40−36
4＝1m/s2
（3）匀速速度等于加速过程末速度，为：v=a₁t₁=2×3=6m/s；
（4）加速位移：h₁=
v
2t1＝9m；
匀速位移：h₂=vt₂=6×（12-3）=54m；
减速位移：h₃=
v
2t3＝
6
2×(18−12)＝18m；
故总位移为：h=9+54+18=81m
每层楼高：△h＝
81m
20＝4.05m
答：（1）电梯在最初加速阶段的加速度大小为2m/s²；
（2）最后减速阶段的加速度大小为1m/s²；
（3）电梯在中间阶段上升的速度大小为6m/s；
（4）该楼房平均每层楼的高度为4.05m．

点评：
本题考点： 牛顿运动定律的应用-超重和失重．

考点点评： 本题主要考查了同学们根据运动情况判断受力情况及运用牛顿第二定律解题的能力，难度适中．

A、B、就餐的顾客相对于旋转餐厅的地面位置没有发生变化，所以是静止的，A说法正确、B说法错误；
C、楼下的酒店相对于餐厅的地面位置在发生变化，所以是运动的，故说法错误；
D、周边的建筑相对于餐厅的地面位置也在发生变化，所以是运动的，故说法错误．
故选A．

点评：
本题考点： 运动和静止的相对性．

考点点评： 因为餐厅的地面旋转，所以造成周围的一些物体相对于它位置都在发生改变，这才是判断的关键．

（1）根据v-t图象围成的面积得：
s=[1/2]×（3+12）×6m=45m
（2）t=0至t=3s内，物体加速上升，产生超重现象，加速度大小：
a₁=
△v1
△t1=[6/3]m/s²=2m/s²，方向竖直向上
由牛顿第二定律得：F₁-mg=ma₁
底板对物体支持力的最大值为：F₁=ma₁+mg=10×（10+2）N=120N
根据牛顿第三定律，物体对底板压力的最大值为：N_m=F₁=120N
（3）t=6s至t=12s内，物体减速上升，产生失重现象，加速度大小：
a₃=
△v3
△t3=[0−6/6]m/s²=-1m/s²，负号表明a₃方向竖直向下
由牛顿第二定律得：mg-F₃=ma₃
底板对物体支持力的最小值为：F₃=mg-ma₃=10×（10-1）N=90N
根据牛顿第三定律，物体对底板压力的最小值为：N_min=F₃=90N
答：（1）物体上升的高度为45m；
（2）物体对升降机底板压力的最大值为120N；
（3）物体对升降机底板压力的最小值为90N．

点评：
本题考点： 匀变速直线运动的图像．

考点点评： 由牛顿第二定律求出重物所受的支持力，再由牛顿第三定律确定重物对底板的压力，

观察乘坐观光电梯由一楼升到顶楼的乘客，
A、乘客的高度升高，则其重力势能增加，故A正确；
B、乘客的重力与电梯对乘客的支持力不属于作用力与反作用力，也不是一定是平衡力，若是匀速上升时，才是平衡力，故B错误；
C、电梯对乘客的支持力，与位移方向相同，则支持力做正功，故C正确；
D、当加速度竖直向下时，处于失重；而加速度竖直向上时，处于超重，由于不知电梯上升过程中的，加速度的方向，因此无法确定是否一直处于超重，故D错误；
故选：AC．

点评：
本题考点： 重力势能；作用力和反作用力；超重和失重；功的计算．

考点点评： 考查电场力做功与重力势能的关系，理解力做功的正负判定，注意起重与失重的区别，同时注意重力与支持力不一定是平衡力．

①0～3.0s，加速阶段有：F₁-mg=ma₁
得：a₁=
F1
m−g=[58/5−10=1.6m/s²
13.0～19.0s，减速阶段有：mg-F₂=ma₂
得：a₂=g-
F2
m]=10-[46/5]=0.8m/s²
②中间阶段是匀速运动v=a₁t₁=1.6×3=4.8m/s
③电梯上升的总高度H=[0+v/2t1+vt₂+
v+0
2t3=2.4×3+4.8×10+2.4×6=69.6m
则层高为h=
H
21]=3.31m
答：
①电梯在最初加速阶段与最后减速的加速度大小分别为1.6m/s²和0.8m/s²；
②电梯在中间阶段上升的速度大小是4.8m/s；
③该楼房的层高是3.31m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．

考点点评： 本题主要考查了同学们根据运动情况判断受力情况及运用牛顿第二定律解题的能力，难度适中．

①0～3.0s，加速阶段有：F1-mg=ma1得：a1=F1m−g＝585−10m/s2=1.6m/s213.0～19.0s，减速阶段有：mg-F2=ma2得：a2=g-F2m＝10−465m/s2=0.8m/s2②中间阶段是匀速运动v=a1t1=1.6×3=4.8m/s③...

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 本题主要考查了同学们根据运动情况判断受力情况及运用牛顿第二定律解题的能力，难度适中．

（1）电梯启动前或19.0以后由物体静止（或匀速阶段（3.0-13.0））
F=mg
得砝码的质量m=[F/g]=5kg
（2）电梯在加速阶段由牛顿第二定律F-mg=ma得a=1.6m/s²
（3）电梯在加速阶段的末速度及为匀速阶段的速度，由运动学公式
v=at=3×1.6=4.8m/s
（4）电梯在加速阶段的位移x₁=[1/2a
t21]=7.2m
电梯在匀速阶段的位移x₂=vt₂=48m
电梯在减速阶段的位移x₃=
0+v
2t3＝
4.8
2×6＝14.4m
所以该同学居住的房间距一层地面的高度h=x₁+x₂+x₃=69.6m
答：（1）砝码的质量为5kg；（2）电梯在加速阶段的加速度大小为1.6m/s²；
（3）电梯匀速上升时的速度大小为4.8m/s；（4）该同学居住的房间距一层地面的高度69.6m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；重力．

考点点评： 本题主要考查了同学们根据运动情况判断受力情况及运用牛顿第二定律解题的能力，难度适中．

（1）根据图象可知：电梯在前4秒做初速度等于0的匀加速直线运动，在4-8秒做匀速直线运动，在8-10秒做匀减速直线运动，直至静止．故电梯先加速后匀速最后减速．
（2）前4秒加速度为：a=[△v/△t]=[8−0/4]=2 m/s²
4-8秒加速度为：a=0 m/s²
8-10秒：a=[△v/△t]=[0−8/2]=-4 m/s²
答：
（1）电梯先加速后匀速最后减速．
（2）前4秒、4-8秒、8-10秒加速度分别为：2 m/s²；0；-4 m/s²．

点评：
本题考点： 匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．

考点点评： 本题是速度-时间图象问题，要能直接读出速度，理解图象“斜率”表示加速度．

①0～3.0s，加速阶段有：F₁-mg=ma₁
得：a₁=
F1
m−g＝
58
5−10m/s2=1.6m/s²
13.0～19.0s，减速阶段有：mg-F₂=ma₂
得：a₂=g-
F2
m＝10−
46
5m/s2=0.8m/s²
②中间阶段是匀速运动v=a₁t₁=1.6×3=4.8m/s
③电梯上升的总高度H=[0+v/2t1+vt₂+
v+0
2t3=2.4×3+4.8×10+2.4×6=69.6m
则层高为：h=
H
21]=3.31m
答：①电梯在最初加速阶段与最后减速的加速度大小分别为1.6m/s²和0.8m/s²；
②电梯在中间阶段上升的速度大小是4.8m/s；
③该楼房的层高是3.31m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 本题主要考查了同学们根据运动情况判断受力情况及运用牛顿第二定律解题的能力，难度适中．

设AB=x，
∵∠ADB=45°，∠ACB=30°，
∴BD=AB=x，BC=
3AB=
3x，
故可得BC-BD=CD=16，即
3x-x=16，
解得：x=16（
2+1）≈22，即建筑物AB的高度大约为22米．
故选B．

点评：
本题考点： 解直角三角形的应用-仰角俯角问题．

考点点评： 本题通过考查仰角的定义，构造两个直角三角形求解．考查了学生读图构造关系的能力．