圆环形钢板的重量如题：外径 310mm 内径205mm 厚65mm 求重量密度按 7.85g/cm2要求有公式

小环在下落的过程中，只有重力做功，机械能守恒．有[1/2]mv²=[1/2]mv₀²+mgh．则v²=v₀²+2gh．若v₀=0，则v²与h成正比关系，若v₀≠0，则v²与h成一次函数关系．故A、B正确，C、D错误．
故选：AB．

点评：
本题考点： 功能关系；动能和势能的相互转化．

考点点评： 解决本题的关键知道小环在下滑的过程中机械能守恒，能够根据机械能守恒列出表达式．

3.14×（3²-2²）
=3.14×（9-4）
=3.14×5
=15.7（平方分米）
答：圆环的面积是15.7平方分米．
故答案为：15.7．

点评：
本题考点： 圆、圆环的面积．

考点点评： 此题主要考查的是圆环面积公式的灵活应用．

因线圈在下落过程中切割磁感线，故线圈中会产生感应电流；在任意一点由右手定则可知电流方向应为顺时针；故AB错误；
线圈在磁场中做向下的变加速直线运动，速度越大，电流越大，安培力越大；则安培力等于重力时，线圈将做匀速直线运动；
则有BIL=
B2L2V
R=mg；
R=ρ[L/s]
则有：
B2LVS
ρ=ρ₁SLg；
解得：v=
ρ1ρg
B2
若线圈半径越大，则切割处的磁感应强度越小，由公式可得最大速度越大；
故选D．

点评：
本题考点： 楞次定律；牛顿第二定律；法拉第电磁感应定律．

考点点评： 本题中要注意圆形线圈在圆形磁场中运动，故可以认为是直导线切割磁感线；注意导线的电阻和质量均与导线的长度有关，应分别根据密度公式和电阻定律列出表达式再推出最后的公式，即可明确最大速度．

A、受力分析：负电荷受到竖直向上的电场力，重力，指向圆环中心的洛伦兹力．若电场力与重力平衡时，当初速度较小时，做近心运动，则受到滑动摩擦力作用，导致速度渐渐变小，最后直到停止，故A正确；
B、同理，当初速度较大时，负电荷做离心运动，导致出现滑动摩擦力，使其速度变小，当洛伦兹力正好等于所需要的向心力时，做匀速圆周运动，此时重力与电场力也正好平衡，因此电荷先减速后匀速圆周运动，故B正确；
C、根据分析，电荷不可能做加速运动，电场力与重力不做功，洛伦兹力也不做功，因此C错误；
D、当电荷做匀速圆周运动时，只由洛伦兹力提供向心力，所以不可能再出现减速运动，故D错误；
故选AB

点评：
本题考点： 电磁场．

考点点评： 考查对研究对象的进行受力分析，及学会由受力情况去确定运动情况，同时注意洛伦兹力与速度的大小有关．

3.14×（3²-2²）
=3.14×（9-4）
=3.14×5
=15.7（平方分米）
答：圆环的面积是15.7平方分米．
故答案为：15.7．

点评：
本题考点： 圆、圆环的面积．

考点点评： 此题主要考查的是圆环面积公式的灵活应用．

A、原线圈全部接入电路，而副线圈只是全部线圈的一部分，所以此变压器是降压变压器，所以A正确；
B、P不动，副线圈两端电压不变，Q向左移动，滑动变阻器阻值减小，副线圈所连电路的总电阻变小，电流变大，两灯均变亮，所以B选项正确；
C、P不动，副线圈两端电压不变，将Q向右移动，副线圈所连电路的总电阻变大，电流减小，副线圈消耗的电功率变小，理想变压器原副线圈功率相等，原线圈输入功率减小，所以C选项错误；
D、P、Q都不动，副线圈两端电压不变，断开开关，副线圈中总电阻增大，总电流减小，所以变压器的输入电流也要减小，所以D选项错误．
故选AB．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．

保持P的位置不动，即是保持变压器的原、副线圈的匝数比不变，则滑动变阻器R两端的电压不变，当将Q向下移动时，连入电路的电阻的阻值变大，因而电流减小，A错误B正确；
保持Q的位置不动，即是保持滑动变阻器R连入电路的阻值不变，将P沿顺时针方向移动时，变压器的原线圈的匝数不变，副线圈的匝数减少，滑动变阻器R两端的电压将变小，所以电流表的读数变小，C错误D正确．
故选BD

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 做好本题要能知道自耦变压器的原理，结合变压器的特点和欧姆定律去分析．

设小球从C端滑出时的速度为v，则C到B做平抛运动，满足：
竖直方向有：R=[1/2gt2
水平方向有：R=vt
解得：v=

1
2gR]　　　①
从A到C，由机械能守恒定律得：
mg（h-R）=
1
2mv2②
①、②联立，并代入数字计算可得：h=
5
4R=1.25m
答：h等于1.25m．

点评：
本题考点： 机械能守恒定律；平抛运动．

考点点评： 本题要分析清楚物体的运动过程，根据物体的不同的运动状态，采用相应的物理规律求解即可．

月球是地球唯一的天然卫星，月球表面布满的大大小小的圆环形的坑，称为环形山．根据题意．
故答案为：天然卫星；环形山．

点评：
本题考点： 地理常识．

考点点评： 该题主要考查学生的记忆能力，理解记忆即可．

A、将P移动时，因变压器的原线圈的匝数不变，副线圈的匝数变化，所以MN两端输出电压可能高于36V，故A错误
B、变压器不改变输出交流电压的频率，故B错误
C、当滑动变阻器滑片向上滑动时，连入电路的电阻大小增大，总电阻增大，总电流减小，R₁两端减小，而副线圈电压不变，
所以电压表读数变大，通过R₂的电流减小，所以电流表读数变小，故C正确
D、当滑动变阻器滑片向下滑动时，连入电路的电阻大小减小，总电阻减小，要保持电阻消耗的电功率不变，则应减小副线圈电压，所以应适当顺时针转动滑动触头P，故D错误
故选C．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理；交流的峰值、有效值以及它们的关系．

考点点评： 做好本题需要知道自耦变压器的变压原理，再结合电路的动态分析即可顺利解决此类题目．

A、保持滑动变阻器连入电路的阻值不变，将P沿顺时针方向移动时，变压器的原线圈的匝数不变，副线圈的匝数减少，MN两端的电压减小，总电流减小，滑动变阻器两端的电压将变小，电流表的读数变小，故A正确；
B、保持滑动变阻器连入电路的阻值不变，将P沿逆时针方向移动时，变压器的原线圈的匝数不变，副线圈的匝数增大，MN两端的电压增大，总电流增大，滑动变阻器两端的电压将增大，电流表的读数变大，故B错误；
C、当保持P的位置不动，即是保持变压器的原、副线圈的匝数比不变，则MN两端的电压不变，当将触头向下移动时，连入电路的电阻的阻值变小，因而总电流增大，即电流表示数变大；R₁分担的电压增大，并联支路的电压即电压表的示数减小，故C错误，D正确；
故选：AD．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 做好本题要能知道自耦变压器的原理，结合变压器的特点和欧姆定律去分析．

A、Q不动，将P沿逆时针方向移动，副线圈匝数增大，电压增大，则两灯均变亮，A错误；
B、P不动，将Q向左移动，负载电阻减小，电流增大，两灯均变亮；B正确；
C、P不动，将Q向右移动，负载电阻变大，电流变小，电压不变，变压器的输入功率变小，故C错误；
D、P、Q都不动，副线圈电压不变，断开开关S，电阻增大，电流减小，R分压减小，L₁将变亮，D错误；
故选B

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 做好本题需要知道自耦变压器的变压原理，再结合电路的动态分析即可顺利解决此类题目．

A、将P沿顺时针方向移动后，副线圈匝数减少，电压减小，为使两灯均正常发光，则需将Q左移，使灯泡分压增大，A正确B错误；
C、P不动副线圈电压不变，将Q向右移动，负载电阻增大，电流减小，两灯均变暗，输出功率减小，变压器的输入功率也减小，故C错误；
D、P、Q都不动，副线圈电压不变，断开开关S，电阻增大，电流减小，R分压减小，L₁将变亮，D错误；
故选A

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法．

80÷2=40（厘米），
72÷2=36（厘米），
3.14×（40²-36²），
=3.14×（1600-1296），
=3.14×304，
=954.56（平方厘米），
答：横截面的面积是954.56平方厘米．

点评：
本题考点： 圆、圆环的面积．

考点点评： 此题主要考查圆环的面积公式的计算应用，熟记公式即可解答．

圆环匀速转动后，宇航员是靠环对他的支持力提供向心力的，这时宇航员会压紧环，相当于宇航员受到的等效重力方向是背离中心轴O，等效重力的大小等于环对人的支持力（在里面看，人是“静止”的，所以“重力”大小等于...

点评：
本题考点： 牛顿运动定律的应用-超重和失重．

考点点评： 本题题型新颖，乍一看不好做，实际考查了向心力公式的应用．

∵以OC为半径的圆的面积=π•（3a）²=9πa²，
以OB为半径的圆的面积=π•（2a）²=4πa²，
∴阴影部分的面积=9πa²-4πa²=5πa²，
∴任意抛出一个乒乓球，落在阴影区域的概率=
5πa2
9πa2=[5/9]．
故选D．

点评：
本题考点： 几何概率．

考点点评： 本题考查了几何概率的求法：求某事件发生在某个局部图形的概率等于这个局部的面积与整个图形的面积的比．