铭牌上标有AC 110V 1P 和AC 120V 1P 的电机是否可以用在AC 127V 1P 的电网当中?

A、滑动变阻器上的2A表示滑动变阻器允许通过的最大电流．
B、家用熨斗上的2A表示家用电熨斗的额定电流．
C、电能表上的2A表示电能表长时间工作时允许通过的最大电流．
D、某汽车用蓄电池上的2A表示蓄电池对外供电的最大电流．
故选 B．

点评：
本题考点： 电流的大小；额定功率．

考点点评： 注意额定电流与允许通过最大电流的区别．

空气的体积V=Sh=100m²×3m=300m³，所以房间内空气全部更换一次，理论上需要t=
300m3
120m3/h=2.5h，
在这段时间内共用电W=Pt=0.04kw×2.5h=0.1kw•h．
故答案为 2.5；0.1．

点评：
本题考点： 电功的计算；物理量的单位及单位换算．

考点点评： 本题考查时间和消耗电能的计算，本题的关键是求所用的时间，重点是明白铭牌上各个参数的物理意义，解题过程中还要注意单位的换算．

（1）电热水壶和电压力锅都正常工作时的功率：
P=P₁+P₂=1100W+880W=1980W，
由P=UI可得，通过插座的电流：
I=[P/U]=[1980W/220V]=9A，
在既考虑安全使用，又考虑价格便宜的前提下，应该选择250V，10A的插座；
（2）由P=
U2
R可得，电热水壶正常工作时电阻：
R₁=
U2
P1=
(220V)2
1100W=44Ω；
（3）在一标准大气压下水的沸点是100℃，则水吸收的热量：
Q_吸=cm（t-t₀）
=4.2×10³J/（kg•℃）×1.5kg×（100℃-20℃）
=5.04×10⁵J，
由题意可知，电热水壶消耗的电能：
W=Q_吸=5.04×10⁵J，
由P=[W/t]可得，电热水壶的加热时间：
t_加热=[W
P1=
5.04×105J/1100W]≈458.2s．
答：（1）在既考虑安全使用，又考虑价格便宜的前提下，应该选择250V，10A的插座；
（2）这个电热水壶正常工作时电阻为44Ω；
（3）在一标准大气压下，小群用该电热水壶将1.5kg的水从20℃烧至沸腾，需要458.2s．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算；插座的构造与工作方式；电功率与电压、电流的关系．

考点点评： 本题考查了电功率公式和吸热公式的灵活运用，要注意在一标准大气压下水的沸点是100℃．

（1）电冰箱的额定电压是220V，也就是正常工作时的电压是220V．
（2）电冰箱的额定电压是220V，额定功率是110W，I=[P/U＝
110W
220V]=0.5A．
（3）电冰箱一个月耗电：W=Pt=0.11kW×6h×30=19.8kW•h．
（4）家庭电路的电压是220V，家用电器的额定电压是220V，用电器只有并联在家庭电路中，才能正常工作，互不影响．
（5）电冰箱是金属外壳，如果漏电，人接触时会间接接触火线，会发生触电事故，所以电冰箱一定要使用三孔插座．因为三孔插座的上孔接地线．
故答案为：220；0.5；19.8；并；电冰箱．

点评：
本题考点： 额定电压；家庭电路的连接；插座的构造与工作方式；电功的计算；额定功率．

考点点评： （1）根据用电器的铭牌读出有用的信息，额定电压和额定功率．
（2）根据P=UI进行有关计算．
（3）根据W=Pt进行电功的计算．
（4）掌握家庭电路的各用电器的连接方式．
（5）掌握三孔插座的作用．

（1）水的质量m=ρV=1g/cm³×600cm³=600g=0.6kg
水吸收的热量Q=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×0.6kg×80℃=201600J；
（2）消耗的电能W=[90r/1500r/kwh]=0.06kW•h=216000J
电水壶烧水的实际功率P=[W/t]=[0.06kwh

3.5/60h]≈1.03kW．
答：
（1）电水壶中水吸收的热量是201600J；
（2）电水壶烧水的实际功率是1.03kW．

点评：
本题考点： 热量的计算；电功率的计算．

考点点评： 本题是一道电学与热学的综合应用题，与生活相连，使学生觉得学了物理有用，注意计算时的单位变换要正确．

（1）电水壶处于保温状态，根据P=
U2
R可知，此时电路中的电阻最大，S₀断开、S闭合，R和R₀串联；
（2）电水壶处于加热状态，只有R工作，所以R的阻值：
R=
U2
P加热=
(220V)2
1100W=44Ω；
电水壶处于保温状态，R和R₀串联
R_串=
U2
P保温=
(220V)2
40W=1210Ω
∴R₀=R_串-R=1210Ω-44Ω=1166Ω；
（3）0.5升水的质量：
m=ρV=1.0×10³kg/m³×0.5×10^-3m³=0.5kg，
水放出的热量：
Q_放=cm△t
=4.2×10³J/（kg•℃）×0.5kg×（80℃-20℃）
=1.26×10⁵J．
答：（1）保温状态下，开关S₀断开、S闭合；
（2）电阻R₀和R的阻值分别为1166Ω、44Ω；
（3）一满壶80℃的水，自然冷却到室温（20℃），水释放的热量为1.26×10⁵J．

点评：
本题考点： 热量的计算；电功率的计算．

考点点评： 本题为电学和热学的综合计算题，考查了额定电压、额定功率、密度的计算、热量的计算、电功率的计算、串联电路的电阻特点，要会分析电路图、能从铭牌得出相关信息．

（1）由表可知，电机的额定电压U₀=40V，额定电流I₀=5V，
所以电机正常工作时的输入功率为　　P_入=U₀I₀
代入数据，得　　P_入=140W　　　　　　　　　
所以，电机的效率为：η＝
P出
P入×100%　　　　　
代入数据，得：η=85.7%　　　　　　　　　
（2）行驶时所受阻力　　f=k（M+m）g
当达到最大速度v_m时，有　P_出=fv_m
代入数据，得　　v_m=6.0m/s　　　　　　　　　
答：（1）此车的永磁毂电机在额定电压下正常工作时的效率为85.7%．
（2）仅在电机以额定功率提供动力的情况下，人骑车行驶的最大速度为6.0m/s．

点评：
本题考点： 功率、平均功率和瞬时功率．

考点点评： 本题关键对车受力分析后，运用平衡条件或牛顿第二定律列式求解，同时要用到牵引力与功率和速度的关系公式．

功率是描述物体做功快慢的物理量，12.5KW的物理意义为这台机器每秒做功1.25×10⁴J．
故本题答案为：做功快慢；这台机器每秒做功1.25×10⁴J．

点评：
本题考点： 功率的概念．

考点点评： 本题考查了功率的概念：单位时内做的功的多少．注意我们常说的单位时间为1秒，1kW=103W．

（1）电饭锅是利用电流的热效应来加热食物的；
故答案为：热．
（2）家庭电路电压U一定，由电功率的变形公式R=
U2
P可知，电饭锅的电功率P越大，电饭锅的电阻R越小；
故答案为：小．
（3）由电饭锅铭牌可知，电饭锅的额定电压是220V，额定功率是800W=0.8kW，电饭锅在200V的电路中工作时，实际电压小于额定电压，由于电饭锅电阻R一定，由电功率公式P=
U2
R可知，电饭锅实际功率小于额定功率；该电饭锅正常工作t=15min=0.25h，消耗的电能W=Pt=0.8kW×0.25h=0.2kW•h；
故答案为：小于；0.2．

点评：
本题考点： 电流的热效应、化学效应和磁效应；电功的计算；电功率的计算．

考点点评： 本题考查了电饭锅的工作原理、电饭锅功率与电阻间的关系、求电饭锅消耗的电能等知识，是一道基础题，熟练掌握基础知识、灵活应用电功率公式及其变形公式是正确解题的关键．

（1）该电热水器正常工作时的电流I=[P/U]=[1500W/220V]≈6.82A；
（2）该电热水器正常工作1小时所消耗的电能W=Pt=1.5kW×1h=1.5kW•h；
（3）把这些水从20℃加热到50℃吸收的热量Q=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×40kg×（50℃-20℃）=5.04×10⁶J．
答：（1）该电热水器正常工作时的电流为6.82A．
（2）该电热水器正常工作1小时所消耗的电能为1.5kW•h；
（3）把这些水从20℃加热到50℃吸收的热量为5.04×10⁶J．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题考查电流、消耗电能、吸收热量等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，要学会从题目所给信息中找到有用的数据，解题过程中要注意单位的换算．

（1）电热水器的功率在500W～599W之间，
根据R=
U2
P得，电阻在80.6Ω～96.8Ω之间，约为100Ω，
接在1.5V电压下，电流为：I=[U/R]=[1.5V/100Ω]=0.015A<0.02A（电流表分度值），无法用电流表测电流．
只有电压表，采用已知电阻和电热水器串联，两个电压表分别测已知电阻和电热水器电压，求出已知电阻的电流，即电热水器的电流，求出电热水器的电阻，利用公式P_额=
U2
R算出额定功率值．
（2）实验中需要2个电压表、选择C、D．
定值电阻与电热水器的电阻不能相差太大，因为串联电路中，电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大．较大的电阻两端电压接近1.5V，较小电阻两端电压接近0，无法准确测量电压值，所以定值电阻选择F．
（3）定值电阻与电热水器R_X串联，V₁与电热水器并联，V₂与定值电阻并联，滑动变阻器串联在电路中，开关串联在电路中．如图．

（4）实验中需要记录V₁ 和V₂示数，计算R_X、R_X的平均值和额定功率．设计表格如下．

实验次数 V₁/V V₂ /V R_x /Ω
.
RX/Ω P/W
1
2
3 故答案为：（1）利用给出的实验器材，测出电热水器的电阻值R_X，利用公式P_额=
U2
R算出额定功率值；（2）C、D、F；（3）如电路图；（4）如上表．

点评：
本题考点： 探究用电器的电功率实验；电流表的使用；电压表的使用；滑动变阻器的使用；电功率．

考点点评： （1）被测电阻很大时，用普通的电流表无法直接测量电流，用已知电阻和被测电阻串联，求得已知电阻的电流，即被测电阻的电流．利用串联电路电流相等列等式求解．
（2）设计表格对于学生来讲，有一定难度，设计时从需要测量的物理量和计算得出的物理量方面考虑．

（1）∴P=UI，
∴电磁炉的额定电流I=
P额
U额=[1500W/220V]≈6.8A；
（2）∵P=[W/t]，
∴电磁炉t=5min=300s消耗的电能
W=Pt=1500W×300s=4.5×10⁵J；
答：（1）电磁炉的额定电流是6.8A．
（2）电磁炉正常工作5min，电磁炉消耗了4.5×10⁵J的电能．

点评：
本题考点： 电功率与电压、电流的关系；电功的计算．

考点点评： 本题考查了求电磁炉的额定电流、电磁炉消耗的电能等问题，熟练应用电功率的变形公式即可正确解题，解题时要注意单位换算．

（1）5小时抽水量
由ρ=[m/v]，m_水=ρV=1.0×10³kg/m³×300m³/h×5h=1.5×10⁶kg
抽水机做的有用功
W_有用功=Gh=m_水gh=1.5×10⁶kg×10N/kg×12m=1.8×10⁸J；
（2）由：η=
W有
W总得
W_总=
W有
η=
1.8×108J
80%=2.25×10⁸J，
P=[W总/t]=
2.25×108J
5×3600S=12.5KW．
（3）水泵1小时做功：
W′=Pt′=12500W×3600s=4.5×10⁷J
∴W′=Q×40%=qm×40%=3×10⁷J/kg×m×40%=4.5×10⁷J
∴m=3.75kg
答：水泵正常工作5小时，所做有用功是1.8×10⁸J，水泵总功率为12.5KW，每小时消耗3.75kg柴油．

点评：
本题考点： 功的计算；有用功和额外功；功率的计算；热量的计算；燃料的热值．

考点点评： 本题考查根据所给信息找到所用的数据，关键是理解所给信息的意义，比如流量和扬程等，再就是公式及其变形的灵活运用．

（1）水吸收的热量：
Q_吸=cm△t=4.2×10³J/（㎏•℃）×50㎏×（50℃-20℃）=6.3×10⁶J；
（2）∵P=
U2
R，
∴热水器正常工作的电阻：
R=
U2
P=
(220V)2
2000W=24.2Ω；
（3）由电来辅助提供的热量：
Q=Q_吸×40%=6.3×10⁶J×40%=2.52×10⁶J，
∵P=[W/t]，
∴需要的加热时间：
t=[W/P]=[Q/P]=
2.52×106J
2000W=1.26×10³s．
答：（1）太阳能热水器贮满水，水温从20℃升高到50℃时，需要吸收6.3×10⁶J的热量；
（2）用电加热时，热水器正常工作的电流有24.2Ω；
（3）热水器正常工作时需加热1.26×10³s．

点评：
本题考点： 热量的计算；电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题是一道电学与热学的综合应用题，与实际生活相联系，使学生觉得学了物理有用，从铭牌表上得到相关信息是本题的关键；熟练应用热量公式、电功率公式的变形公式即可正确解题．

（1）I=[P/U]=[900W/220V]=4.09A，
（2）Q=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（100℃-18℃）=3.444×10⁵J．
答：（1）此电热水壶工作时的电流4.09A；
（2）水升温过程吸收的热量3.444×10⁵J．

点评：
本题考点： 电功率的计算；焦耳定律．

考点点评： 本题是比较基础的题目，直接考查P=UI和Q=cm（t-t0）计算，题目中隐含了1标准大气压下水的沸点是100℃，注意挖掘隐含条件．

（1）壶内水位的玻璃管是根据连通器的原理来工作的．
（2）装满水时水的质量：m=pV=1．O×10³kg/m³×1.2×10^-3m³=1.2kg；
（3）水对壶底的压强：P=pgh=1．O×10³kg/m³×10N/kg×0.1m=1．O×10³Pa；
（4）F=G=mg=（1.2kg+1.2kg）×10N/kg=24N，S=250cm²=2.5×10^-2m²；
装满水后桌面受到的压强p=[F/S]=
24N
2.5×10−2m2=9.6×l0²Pa；
（5）烧开水吸收的热量：Q=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg．℃）×1.2kg×（100℃-20℃）=4.032×10⁵J；
（6）烧开一满壶水的时间：t=[W/P]=[Q/P]=
4.032×105J
1500W≈269s；
（7）正常工作时电流I=[P/U]=[1500W/220V]≈6.82A；
（8）电热水壶正常工作时的电阻R=
U2
P=
(220V)2
1500W≈32.3Ω；
（9）该电热水壶正常工作10分钟产生的热量Q=W=1500W×10×60s=9×10⁵J；
（10）实际上烧开一壶水的加热时间总是要大于理论计算时间，这是因为在实际上烧开水时，水在吸收热量时也向空气中散热，同时壶本身也要吸收热量，也可能电压低于220V，这些因素均会造成实际加热时间的延长

点评：
本题考点： 液体的压强的计算；密度公式的应用；连通器原理；热量的计算；电功率的计算；焦耳定律．

考点点评： 本题考查液体压强、质量、热量、时间、电流、电阻等的计算以及连通器的原理，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是知道没有热量损失时吸收的热量等于消耗电能释放的热量，解题过程中还要注意单位的换算．

（1）为了防止发生触电现象，电热水器必须接地线，而2插座有接地线的插孔，因此应选择2号插座；
（2）I=
P总
U=
P1+P2
U=[2000W+640W/220V]=12A；
（3）电炉消耗的电能：W=[50/3000]kW•h=60000J．
功率P=[W/t]=[60000J/60s]=1000W．
故答案为：（1）2；有接地线．
（2）12A；
（3）1000．

点评：
本题考点： 电功率与电压、电流的关系；电能表参数的理解与电能的求法．

考点点评： 本题是一道电流与热学的综合应用题，涉及了安全用电的知识，电功、电功率的计算的分析，关键是公式及其变形的灵活运用，要学会从题目所给信息中找到有用的数据．知道“3000R/kW•h”的含义是解决此题的关键．

（1）由P=[W/t]可得W=Pt=1100W×10×60s=6.6×10⁵J；
（2）高温挡时，R₁=
U2
P高=
(220V)2
1100W=44Ω；
低温挡时，R_总=
U2
P低=
(220V)2
440W=110Ω；
则R₂=R_总-R₁=110Ω-44Ω=66Ω．
（3）“限高温开关”，当电烤箱通过一定温度时能自动断开电路，接在火线上，在温度过高时，切断火线，所以开关接在B处．
答：（1）电烤箱在高温档工作10分钟所消耗的电能为6.6×10⁵J；
（2）电路中R₂的阻值为66Ω；
（3）B．

点评：
本题考点： 电功的计算；电路的动态分析．

考点点评： 分析清楚电路结构，熟练应用电功率的变形公式、串联电路特点及欧姆定律、电功率公式是正确解题的关键．

小华家5月份消耗的电能866.5KW⋅h−826.5KW⋅h="40"KW⋅h；应付电费是40KW⋅h0.5元/KW⋅h=20元；这个电能表所接用电器的最大功率是220v3A=660w，660w/40W=16.5，用这只电能表最多能让16盏“220V，40W”的电灯同时正常工作。

考点：本试题考查的是电能表的使用。

40 、  20   、   16


<>

（1）∵I=[U/R]，∴灯泡正常工作的电流I=
U额
R=[2.5V/10Ω]=0.25A，
∴由于电流表串联在电路中，则应选择0～0.6A的量程；
电压表应与灯泡并联，根据额定电压，应选择0～3V的量程．
连接如图：

（2）根据串分压的知识，若滑动变阻器的电阻最大为10Ω，与灯泡的电阻相等，则小灯泡两端的电压最小为[1/2]×6V=3V，而其额定电压为2.5V，所以不能选择“10Ω 1A”的滑动变阻器，应选择“20Ω 2A”的滑动变阻器R₂．
闭合开关前为了保护电路应将滑动变阻器的滑片移动到阻值最大的位置，即滑动变阻器左端．
（3）电路正确连接后，闭合开关，移动滑片P，发观灯泡总不亮，且电流表无示数，但电压表示数接近6V，则故障原因可能是灯泡断路．
（4）根据串联电路的电压规律电阻大的分担的电压多可知，要想让灯泡的电压变大，可以让变阻器的电压变小，故应使滑动变阻器的阻值变小即可，所以应将滑动变阻器向右移动．
通过图象可知：灯泡两端电压为2.5V，通过的电流为0.2A，则灯泡的额定功率P_额=U_额I=2.5V×0.2A=0.5W．
（5）随电压的升高而增大，灯丝的温度升高，电阻随之增大，所以当电压表的示数增大时，灯泡的电阻即电压表与电流表的示数比值是变大的．
（6）一个规格型号完全相同的旧灯泡由于使用时间很久，钨丝发生升华现象而变细；灯丝电阻变大，则照明电路里，由公式P=
U2
R知，消耗的功率变小，即实际功率减小．
故答案为：（1）图略；（2）左；R₂；（3）灯泡断路；（4）右；0.5；（5）；变大；变大；温度；（6）小．

点评：
本题考点： 电功率的测量．

考点点评： 本题考查了电流表的调节及读数、电路故障分析、求灯泡额定功率、灯泡电阻与温度的关系、升华现象、电功率的变化以及滑动变阻器规格的选择，考查角度广，设计知识点多，综合性较强，具有一定的代表性．

①保温状态下，R₂消耗的功率为P_保温=44W，
∵P=UI，
∴通过R₂的电流为I₂=
P保温
U =[44W/220V]=0.2A；
②加热状态下，R₁消耗的功率为P₁=P_加热-P_保温=484W-44W=440W，
∵P=
U2
R，
∴R₁的阻值为R₁=
U2
P1=
(220V)2
440W=110Ω．
故答案为：0.2；110．

点评：
本题考点： 电功率与电压、电流的关系；欧姆定律的变形公式．

考点点评： 此题考查的是饮水机不同工作状态下电功率计算公式的应用．明白电路连接关系及特点，知道加热功率和保温功率的大小关系，是解决此类问题的关键．

A、锂电池工作时，将化学能转化为电能，故A错误；
B、由铭牌可知音响的额定电压为3V，故B错误；
C、音响正常工作时每秒消耗电能W=Pt=3W×1s=3J，故C正确；
D、音响使用“蓝牙”是靠电磁波传递信息．
故选：C．

点评：
本题考点： 电功的计算；电磁波的传播．

考点点评： 此题考查学生关于用电器铭牌信息的理解和掌握．

(1)由得，该车一次最多加油的质量：

；

(2)汽车加满油时的总质量：

，

空车加满油停放在水平路面上时对路面的压力：

，

空车加满油停放在水平路面上时对路面的压强：

(3)由图象可知，汽车的速度。

已知额定功率，由可得，

由图象可知，汽车匀速运动，则汽车受到的阻力。

（1） （2） （3）


<>

该灯泡只有在额定电压（即220V）下工作，灯泡的功率才是25W；灯泡在额定电压下工作时寿命最长，当实际电压高于220V时，灯泡能够发光，但长久使用寿命较短；在低于220V的电压下工作时，灯泡可以工作，但不能正常工作，且实际功率较小，亮度较暗．
故选C．

点评：
本题考点： 额定功率；实际功率．

考点点评： 正确读出用电器上铭牌参数的含义．知道各用电器只有在额定电压下才能够正常工作，并且使用寿命也是最长的．

①拉力对水泥板做功：
W=Gh=mgh=240kg×10N/kg×10m=24000J；
②∵电动机正常工作，
∴P=P_额=2000W，
25s消耗的电能：
W=Pt=2000W×25s=50000J．
此时通过电动机的电流：
I=
P额
U额=[2000W/220V]=[100/11]A，
电流产生的热量：
Q=I²Rt=（[100/11]A）²×4.84Ω×25s=10000J；
③整个电动吊车的机械效率：
η=[W/Q]=[24000J/50000J]=48%．
答：①这段时间内，拉力对水泥板做24000J的功；
②这段时间内，电动机消耗50000J的电能，电流通过电动机线圈产生的热量为10000J；
③整个电动吊车的机械效率为48%．

点评：
本题考点： 功的计算；能量利用效率；机械效率的计算；电功的计算；焦耳定律的计算公式及其应用．

考点点评： 本题考查了物体升高高度做功、消耗电能、热量、机械效率的计算，难点是计算机械效率的计算，明确吊车对水泥板做功是有用功、电动机在25s消耗的电能为总功．注意电动机工作时消耗的电能以及线圈电阻产生热量的计算（电动机所在电路不是纯电阻电路）．