饮水机制冷温控器工作原理呵呵,看了你的回答,很专业.又来麻烦你了.我想请问一下1、这个东西（如下图）,他大概的工作原理是

（1）∵P=UI，∴加热时，饮水机的工作电流：I=P加热U=440W220V=2A；（2）∵P=U2R，∴电阻R2的阻值：R2=U2P加热=(220V)2440W=110Ω，保温时电路总电阻：R总=U2P保=(220V)240W=1210Ω，电阻R1的阻值R1=R总-R2=1210Ω-1...

点评：
本题考点： 电功率与电压、电流的关系；欧姆定律的应用；电功率的计算．

考点点评： 本题是一道关于电热饮水机的计算题，虽然难度不大，但问题较多，解题时要细心、认真，根据饮水机铭牌找出需要的数据，选择恰当的物理学公式解题．

（1）当S₀断开时，只有R₂连入电路；当S₀闭合时，R₁R₂均被连入电路，且为并联．两种情况相比，当S₀断开时电路电阻大，饮水机的工作电流较小，根据P=UI可知，此时饮水机消耗的电功率也较小．故当S₀断开时饮水机处于保温状态．
（2）当S₀断开时，饮水机处于保温状态．由公式P=UI和I=[U/R]得：
电阻R₂的阻值R2＝
U2
P2＝
(220V)2
40W＝1210Ω
答：电阻R₂的阻值为1210Ω．
（3）当S₀闭合时，饮水机处于加热状态．由P=UI得：
工作电流I＝
P1
U＝
400W
220V＝1.82A
答：饮水机在加热状态下的工作电流为1.82A．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电功率的计算．

考点点评： 本题考查学生对实际用电器电功率的分析以及运用电功率公式结合欧姆定律计算相关物理量的能力．

（1）由表格数据可知，饮水机保温状态下的功率为44W，
根据P=UI可得，正常工作时的电流：
I=[P/U]=[44W/220V]=0.2A；
（2）由图可知：当S、S₁同时闭合时，饮水机处于加热状态，R₂连入电路，
由P=
U2
R得：R₂=
U2
P加=
(220V)2
1000W=48.4Ω，
当S闭合，S₁断开时，饮水机处于保温状态，R₁、R₂串联，
则R_串=
U2
P保=
(220V)2
44W=1100Ω，
∵串联电路的总阻值等于串联的电阻之和，
∴R₁=R_串-R₂=1100Ω-48.4Ω=1051.6Ω．
（3）水的体积：
V=2L=2dm³=2×10^-3m³，
根据ρ=[m/V]可得，水的质量：
m=ρV=1.0×10³kg/m³×2×10^-3m³=2kg，
水吸收的热量：
Q=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×2kg×（100℃-20℃）=6.72×10⁵J，
由η=
Q吸
W，W=Pt可得，
加热时间：
t=[W
P加=

Q吸/η
P加]=
Q吸
P加η=
6.72×105J
1000W×80%=840s．
答：（1）饮水机保温状态下正常工作时的电流为0.2A；
（2）R₁、R₂电阻分别为1051.6Ω、48.4Ω；
（3）如果饮水机热效率为80%，装满20℃的水，加热840s可以将其烧开．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题考查了密度公式、吸热公式、电功率公式、电功公式、效率公式的应用，关键是知道铭牌参数含义的理解与掌握，难度适中，是一道好题．

（1）读图可知，当电加热管与指示灯A串联时，能在额定电压下工作，此时指示灯应为红色；当电加热管与R₂串联时，两电阻共同分担电源电压，使电加热管不能正常工作，因此，处于保温状态，此时指示灯B应为黄色；
（2）①根据上题可知，加热时A灯亮，此时电路中只有R₁，P₁=550W
保温时B灯亮，此时R₁、R₂串联，P₂=88W
∵P=
U2
R
∴R₁=
U2
P1=
(220V)2
550W=88Ω
R₁+R₂=
U2
P2=
(220V)2
88W=550Ω
R₂=550Ω-88Ω=462Ω
②∵P=UI
∴保温时电路中的电流：I=
P2
U=[88W/220V]=0.4A，
则P=I²R₂=（0.4A）²×462Ω=73.92W．
答（1）红；黄；
（2）①R₂的阻值为462Ω；
②保温时R₂的功率为73.92W．

点评：
本题考点： 电路的动态分析．

考点点评： 本题考查电阻、电流、功率的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是对电路的分析．

（1）由电路图可知，开关S₀断开时两电阻串联，电路电阻较大，开关S₀闭合时，只有电阻R₁接入电路，电阻R₂被短路，此时电路电阻较小，电源电压U一定，由P=
U2
R可知，电阻越大，电路功率越小，电阻越大，饮水机功率越大，因此当开关S₀断开时，电路定值较大，电功率较小，饮水机处于保温状态．
（2）∵P加＝
U2
R1，∴电阻R₁=
U2
P加=
(220V)2
400W=121Ω，
∵P_保=
U2
R，∴电阻R_总=
U2
P保=
(220V)2
40W=1210Ω，
保护电阻R₂=R_总-R₁=1210Ω-121Ω=1089Ω；
（3）设加热时间为t，有P_峰t80%=Q_吸，即
U/2
R1t80%＝c水m水△t水，

U/2
R1t80%＝c水ρ水V水△t水，
t=
c水ρ水V水△t水R1
U′280%=
4.2×103J/(kg•℃)×1×103kg/m3×2×10−3m3×(100℃−20℃)×121Ω
(200V)2×80%=2541s；
答：（1）饮水机处于保温状态时温控开关S₀应处于断开状态．
（2）R₁和R₂的电阻值分别是121Ω与1089Ω．
（3）将装满水箱的水从20℃加热至100℃，需要2541s．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题考查学生对实际用电器电功率的分析以及运用电功率公式结合欧姆定律计算相关物理量的能力．

（1）当温控开关1、2都闭合时，加热管正常工作，红灯亮，绿灯因被短路不亮；
当水沸腾后，温控开关1、2都断开，加热管不工作，其中R_红远远小于R_绿，红灯分压太小、电功率太小而不亮，绿灯亮；
（2）水吸收的热量：
Q_吸=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×0.5kg×（100℃-20℃）=1.68×10⁵J；
（3）∵饮水机正常工作，
∴P=P_额=500W，
∴饮水机正常工作6min消耗的电能：
W=Pt=500W×360s=1.8×10⁵J；
（4）从（2）（3）可知W＞Q_吸，即：饮水机正常工作6min消耗的电能大于这段时间饮水机吸收的热量；说明消耗的电能没有全部转化为水的内能，存在热散失．
故答案为：（1）亮，不亮，不亮，亮；（2）1.68×10⁵J；（3）1.8×10⁵J
（4）饮水机正常工作6min消耗的电能大于这段时间饮水机吸收的热量，说明消耗的电能没有全部转化为水的内能．

点评：
本题考点： 热量的计算；电功的计算．

考点点评： 本题考查了热量的计算、电功的计算，涉及到饮水机的原理、对电路图的分析，与生活联系紧密，考查利用物理知识来解决生活中的能力，有难度．

（1）开关S₁自动断开，电路为R₁的简单电路，保温状态时的电功率：
P_保温=
U2
R1=
(220V)2
1210Ω=40W；
（2）S₁又闭合时，两电阻并联，
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴由I=[U/R]可得，两支路的电流分别为：
I₁=[U
R1=
220V/1210Ω]=[2/11]A，I₂=[U
R2=
220V/121Ω]=[20/11]A，
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
∴干路电流：
I=I₁+I₂=[2/11]A+[20/11]A=2A，
电路中的总功率：
P_加热=UI=220V×2A=440W；
（3）饮水机处于保温状态10分钟消耗的电能：
W=P_保温t=40W×10×60s=2.4×10⁴J．
答：（1）饮水机处于保温状态时的电功率为40W；
（2）饮水机处于加热状态时电路的总功率为440W；
（3）饮水机处于保温状态10分钟消耗的电能为2.4×10⁴J．

点评：
本题考点： 电功率的计算；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功的计算．

考点点评： 本题考查了电功率、电流、电功的计算，关键是公式和规律的灵活运用以及开关闭合、断开时电路连接方式的判断；解决此类题目，首先要搞清串并联电路的电流、电压的关系，同时要掌握电功率的基本计算公式及推导公式，同时要掌握欧姆定律的计算公式及推导公式．

（1）开关S₁自动断开，电路为R₁的简单电路，保温状态时的电功率：
P_保温=
U2
R1=
(220V)2
1210Ω=40W；
（2）S₁又闭合时，两电阻并联，
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴由I=[U/R]可得，两支路的电流分别为：
I₁=[U
R1=
220V/1210Ω]=[2/11]A，I₂=[U
R2=
220V/121Ω]=[20/11]A，
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
∴干路电流：
I=I₁+I₂=[2/11]A+[20/11]A=2A，
电路中的总功率：
P_加热=UI=220V×2A=440W；
（3）饮水机处于保温状态10分钟消耗的电能：
W=P_保温t=40W×10×60s=2.4×10⁴J．
答：（1）饮水机处于保温状态时的电功率为40W；
（2）饮水机处于加热状态时电路的总功率为440W；
（3）饮水机处于保温状态10分钟消耗的电能为2.4×10⁴J．

点评：
本题考点： 电功率的计算；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；电功的计算．

考点点评： 本题考查了电功率、电流、电功的计算，关键是公式和规律的灵活运用以及开关闭合、断开时电路连接方式的判断；解决此类题目，首先要搞清串并联电路的电流、电压的关系，同时要掌握电功率的基本计算公式及推导公式，同时要掌握欧姆定律的计算公式及推导公式．

（1）水吸收的热量：
Q_吸=c_水m△t=4.2×10³J/（kg•℃）×1.5kg×（90℃-20℃）
=4.41×l0⁵J；
（2）饮水机加热时消耗的电能：
W=Pt=550W×15×60s=4.95×10⁵J；
（3）当S₀断开时，电路中只有R₂，总功率较小，为保温状态，
R₂=
U2
P2=
(220V)2
44W=1100Ω．
答：（1）将1.5kg的水从20℃加热到90℃，水吸收的热量是4.41×l0⁵J；
（2）饮水机在加热状态下正常工作15min，消耗的电能是4.95×10⁵J；
（3）R₂的阻值是1100Ω．

点评：
本题考点： 热量的计算；电功率的计算；电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题考查了学生对吸热公式、电功率的公式的掌握和运用，是一道电学与热学的综合应用题，与生活实际相联系，属于中考常见题型．

（1）Q_吸=c_水m（t₁-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（100℃-20℃）=3.36×l0⁵J，
（2）饮水机加热时消耗的电能W=Pt=600W×700s=4.2×10⁵J，
加热效率是：η=[Q/W]×100%=
3.36×105J
4.2×105J×100%=80%；
（3）当S₀断开时，电路中只有R₂，总功率较小，为保温状态，
∵P=
U2
R，
∴R₂的阻值R₂=
U2
P保温=
(220V)2
44W=1100Ω；
答：（1）水吸收的热量是3.36×l0⁵J．
（2）饮水机的加热效率是80%．
（3）R₂的阻值是1100Ω．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 熟练应用热量公式、电功公式及其变形公式即可正确解题．

（1）由电路图可知，开关S₂断开时，饮水机停止工作；
开关S₂闭合，S₁断开时，两电阻串联接入电路，电路电阻较大，
由电功率公式P=
U2
R可知，此时功率越小，饮水机处于保温状态；
开关S₁闭合时，电阻R₂被短路，只有电阻R₁接入电路，电路电阻较小，
由电功率公式P=
U2
R可知，此时电功率越大，饮水机处于加热状态；
∵P=
U2
R，∴电阻R₁的阻值R₁=
U2
P加热=
(220V)2
500W=96.8Ω，
两电阻的串联阻值R=R₁+R₂=
U2
P保温=
(220V)2
10W=4840Ω，
R₂=R-R₁=4840Ω-96.8Ω=4743.2Ω；
（2）由题意知，饮水机每天加热时间t₁=8h×[1/5]=1.6h，
保温时间t₂=8h×[4/5]=6.4h，饮水机每天消耗的电能
W=P_加热t₁+P_保温t₂=0.5kW×1.6h+0.01kW×6.4h=0.864kW•h；
（3）每天用于饮水机的班费为0.5元/度×0.864度+8元/桶×1.5桶=12.432元；
答：（1）开关S₂闭合，S₁断开时，饮水机处于保温状态，
开关S₂闭合，S₁闭合时，饮水机处于加热状态；
电阻R₁的阻值是96.8Ω，电阻R₂的阻值是4743.6Ω．
（2）饮水机每天消耗的电能是0.864kW•h．
（3）每天用于饮水机的班费为12.432元．

点评：
本题考点： 电功的计算；欧姆定律的应用．

考点点评： 本题考查了求电阻阻值、饮水机消耗的电能、饮水机每天的花费等问题，分析清楚电路结构、熟练应用电功率公式的变形公式是正确解题的关键．

（1）当S₀断开时，只有R₂连入电路；当S₀闭合时，R₁、R₂均被连入电路，且为并联．
两种情况相比，当S₀断开时电路电阻大，饮水机的工作电流较小，根据P=UI可知，此时饮水机消耗的电功率也较小．故当S₀断开时饮水机处于保温状态．
（2）R₂的阻值为R₂=
U2
P保温=
(220V)2
40W=1210Ω；
电阻R₁工作时的功率P₁=P_加热-P_保温=440W-40W=400W；
电阻R₁=
U2
P1=
(220V)2
400W=121Ω；
（3）水箱中的水质量：
m=ρ_水V=1.0×10³kg/m³×2×10^-3m³=2kg，
水吸收的热量：
Q_吸=cm（t₂-t₁）=4.2×10³J/（kg•℃）×2kg×（75℃-20℃）=4.62×10⁵J，
电流做的功：
W=P_加热t=440W×25×60s=6.6×10⁵J，
∵该电路是纯电阻电路，
∴Q_放=W，
饮水机的加热效率：
η=
Q吸
W×100%=
4.62×105J
6.6×105J×100%=70%．
答：（1）当S₀断开时，饮水机处于保温状态；
（2）电阻R₁的阻值为121Ω；电阻R₂的阻值1210Ω；
（3）加热过程中水吸收的热量为4.62×10⁵J，该电热饮水机的加热效率为70%．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题考查质量、电功、吸收热量、效率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点利用电功率的公式结合电路图对饮水机状态的判断．

（1）m=ρv=1×10³Kg/m³×1.9×10^-2m³=19kg
（2）F=G=mg=19Kg×l0N/kg=190N
W=FS=190N×1m=190J
答：桶中的水的质量是19kg，张明做了190J的功．

点评：
本题考点： 功的计算；密度公式的应用．

考点点评： 在计算水的质量或体积这一类题目时，水的密度是做为已知条件的，题目不会告诉，这要求记住水的密度．另外，还要能判断什么情况做功什么情况不做功．

（1）（17-8）÷（12-2）=0.9升．
两个放水管都打开时求每分钟的总出水量为0.9升．
（2）（18-17）÷4=0.25升 （22-4）×0.25=4.5升 4.5÷0.9=5分 5+2=7分
则前22个同学接水结束共需要7分钟．
（3）1+（10-2）×0.9=8.2升 8.2/0.25=32.8
答：最多有32个同学能及时接完水．

点评：
本题考点： 一次函数的应用．

考点点评： 本题考查理解题意的能力，关键从表格中获得有用的信息，求出两个水管都打开的流水量和每个学生的接水量，从而可求出解．

（1）根据ρ=[m/V]可得，热水箱装满水后水的质量：
m=ρV=1.0×10³kg/m³×2×10^-3m³=2kg，
水吸收的热量：
Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×2kg×（90℃-20℃）=5.88×10⁵J；
（2）饮水机在加热状态下的功率为880W，则工作lOmin消耗的电能：
W_加热=P_加热t=880W×10×60s=5.28×10⁵J；
（3）温控开关断开时，电路为R₂的简单电路，饮水机处于保温状态，
由P=
U2
R可得，R₂的阻值：
R₂=
U2
P保温=
(220V)2
44W=1100Ω．
答：（1）将热水箱装满水后从20℃加热到90℃，水吸收的热量是5.88×10⁵J；
（2）饮水机在加热状态下正常工作lOmin，消耗的电能是5.28×10⁵J；
（3）R₂的阻值是1100Ω．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算；电功率的计算．

考点点评： 本题考查了学生对吸热公式、电功率公式、电功公式的掌握和运用，是一道电学与热学的综合应用题，与生活实际相联系，属于中考常见题型．

硝酸根离子(NO−3)中的氮元素的化合价是+5，到亚硝酸(NO−2)的化合价是+3。人类获得氧主要是靠呼吸，而不是利用水中的溶解氧。要比较省电情况，就是要比较一段时间内消耗的电能。如果一次性把水加热到95℃，只要测出加热时间，利用加热功率就可以求出消耗的电能。8小时内保温状态下反复加热消耗的电能，需要测出8小时内加热时间和保温的时间，根据加热和保温功率来算出消耗的电能。在测量时，真时间一定的，只要测出加热时间即可，只要测出两个时间即可。

（1）从＋５到＋３ （2）否 人通过呼吸运动吸入空气中的氧气   （3）水从室温上升到95℃所需的加热时间　　水从85℃上升到95℃所需的加热时间    开始保温到下次加热的时间

（1）由图可知，当开关S闭合，开关S₀断开时，只有R₂工作，
根据电阻越并越小、小于任何一个分电阻可知，电路电阻变大；
饮水机处于保温状态，则它的功率是50W．
（2）已知保温功率P_保=50W，电压U=220V，
R₂=
U2
P保温=
(220V)2
50W=968Ω．
（3）满箱水的质量：
m=ρV=1.0×10³kg/m³×1×10^-3m³=1kg，
水所需吸收热量：
Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（95℃-20℃）=3.15×10⁵J，
电热器放出的总热量：
Q_总=
Q吸
η=
3.15×105J
90%=3.5×10⁵J，
加热所需时间：
t=[W
P加热=
Q总
P加热=
3.5×105J/500W]=700s．
答：（1）当开关S闭合，开关S₀断开时，饮水机的功率是50W；
（2）保温电阻R₂的阻值是968Ω；
（3）将满热水箱的水从20℃加热到95℃需要的时间700s．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题为电学和热学的综合计算题，考查了学生对热量公式、电功率公式的掌握和运用，涉及到电路动态分析、从铭牌搜集有用信息，属于难题．

（1）由ρ=[m/V]得水的质量：
m=ρ_水V=1.0×10³kg/m³×1×10^-3 m³=1kg
散失的热量：
Q_放=cm△t=4.2×10³J/（kg•℃）×1kg×（90℃-70℃）=8.4×10⁴J；
（2）当开关S₁、S₂都闭合时，两发热管并联，电路中的总电阻最小，电功率最大，饮水机处于加热状态，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，饮水机的加热功率：
P_加热=
U2
R1+
U2
R2=
U2
R1+
U2

1
9R1=
10U2
R1，
由图乙可知，P_加热=500W，
即：
10U2
R1=500W，
∴
U2
R1=50W，
当开关S₁闭合、S₂断开时，电路为R₁的简单电路，电路中的总电阻最大，饮水机处于保温状态，则
P_保温=
U2
R1=50W；
（3）加热时消耗的电能：
W_加=P_加t_加=500W×3×60s=9×10⁴J，
保温时消耗的电能：
W_保=P_保t_保=50W×17×60s=5.1×10⁴J
该饮水机在一个工作循环的20min内，消耗的电能：
W_总=W_加+W_保=9×10⁴J+5.1×10⁴J=1.41×10⁵J．
答：（1）在17min的保温过程中，瓶胆内的水散失的热量为8.4×10⁴J；
（2）该饮水机的保温功率是50W；
（3）该饮水机在一个工作循环的20min内，消耗的电能为1.41×10⁵J．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算；热量的计算；电功的计算；电功率的计算．

考点点评： 本题考查了吸热公式和电功率公式、并联电路的特点、电功公式的灵活应用，分清饮水机在一个工作循环内的加热时间和保温时间是关键．

（1）根据电功率公式P=
U2
R可知，当电源电压不变时电阻越小功率越大．
电源电压不变，当S断开时，R与R₀串联；
当S闭合时，只有R₀接入在电源上，电路中的电阻变小，总功率变大，因而开关S闭合时是加热状态．
（2）R₀=
U2
P加热=
2202
550=88Ω，
由于P_保温=I_保温²R₀
得：I_保温=

P保温
R0=

22
88=0.5A，
U_R0=I_保温R₀=0.5A×88Ω=44V，
U_R=U-U_R0=220V-44V=176V，
得：R=
UR
I保温=[176/0.5]=352Ω．
故答案为：加热；352．

点评：
本题考点： 电功、电功率．

考点点评： 本题考查了电功率的计算公式和串联电阻的特点．要注意电功率计算公式的选择．

（1）家庭电路中各用电器的连接方式是并联，这种电路连接方式的好处是用电器可以各自独立工作．
（2）因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，这些用电器同时正常工作，干路电流：
I=6×250×10^-3A+4×300×10^-3A+2A=4.7A．
答：（1）这些用电器以并联方式连接，这样连接的好处是用电器可以各自独立工作；
（2）这些用电器同时正常工作，干路电流为4.7A．

点评：
本题考点： 并联电路的电流规律．

考点点评： 本题考查了照明电路中各用电器的连接方式和并联电路的电流特点，知道并联电路的特点是关键．

A、当S₁闭合，S₂断开时，电阻中只有电阻R₁，由P=
U2
R可知，功率较小，为保温状态；当S₁、S₂都闭合时，R₁、R₂并联，并联电路的总电阻小于R₁或R₂，由P=
U2
R可知，功率较小，为加热状态；符合要求；
B、当S₁闭合，S₂断开时，R₁、R₂串联，电路中的总电阻为两电阻之和，由P=
U2
R可知，功率较小，为保温状态；当S₁、S₂都闭合时，R₂被短路，电路只有电阻R₁，由P=
U2
R可知，功率较小，为加热状态；符合要求；
C、当S₁闭合，S₂断开时，电阻中只有电阻R₁，由P=
U2
R可知，功率较小，为保温状态；当S₁、S₂都闭合时，R₁、R₂并联，并联电路的总电阻小于R₁或R₂，由P=
U2
R可知，功率较小，为加热状态；符合要求；
D、当S₁闭合，S₂断开时，R₁、R₂并联，并联电路的总电阻小于R₁或R₂，当S₁、S₂都闭合时，形成电源短路，不符合要求；
故选D．

点评：
本题考点： 串、并联电路的设计．

考点点评： 解决本题的关键是根据题意分析出在开关的不同组合下，电路中电阻的特点；然后根据电路中开关和电阻的特点分析符合要求的选项．

①保温状态下，R₂消耗的功率为P_保温=44W，
∵P=UI，
∴通过R₂的电流为I₂=
P保温
U =[44W/220V]=0.2A；
②加热状态下，R₁消耗的功率为P₁=P_加热-P_保温=484W-44W=440W，
∵P=
U2
R，
∴R₁的阻值为R₁=
U2
P1=
(220V)2
440W=110Ω．
故答案为：0.2；110．

点评：
本题考点： 电功率与电压、电流的关系；欧姆定律的变形公式．

考点点评： 此题考查的是饮水机不同工作状态下电功率计算公式的应用．明白电路连接关系及特点，知道加热功率和保温功率的大小关系，是解决此类问题的关键．