加热器总工率是48.6,他应该用多大的断路器,多大的交流接触器

（1）电压力锅正常工作并且处于加热状态时，R₁、R₂并联，
R₂的电功率：P₂=
U2
R2=
(220V)2
242Ω=200W，
则发热板加热的总功率P=P₁+P₂=800W+200W=1000W；
（2）该压力锅对正常工作并且处于加热状态20min后，消耗的电能：
W=Pt=1000W×20×60s=1.2×10⁶J，
水吸收的热量：
Q=84%W=84%×1.2×10⁶J=1.008×10⁶J，
水的温度变化：
△t=[Q/cm]=
1.008×106J
4.2×103J/(kg•℃)×4kg=60℃，
水温升高到t=20℃+60℃=80℃；
（3）在保压状态下，R₂单独接入电路，发热板正常工作30min消耗的电能：
W=P₂t=200W×30×60s=3.6×10⁵J．
答：（1）电压力锅正常工作并且处于加热状态时，发热板加热的总电功率为1000W；
（2）用该压力锅对4kg、20℃的水加热，正常工作20min后，水温升高到80℃；
（3）在保压状态下，发热板正常工作30min消耗的电能3.6×10⁵J

点评：
本题考点： 电功率的计算；电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题考查电功率、电能、吸收热量和升高温度的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是对电路图的分析，这也是本题的难点．

能量间转化的实例比较多，如：
（1）钻木取火的过程是机械能转化为内能；
（2）燃烧发光是将内能转化为光能；
（3）光合作用是将光能转化为化学能；
（4）火力发电是将化学能转化为电能；
（5）电动机是将电能转化为机械能；
（5）太阳能电池是将光能转化为电能的过程；
（6）手机电池充电是将电能转化为化学能．
故答案为：①钻木取火的过程是机械能转化为内能．②燃烧时将化学能转化为内能；③电风扇是将电能转化为机械能；

点评：
本题考点： 能量的相互转化．

考点点评： 自然界中的各种现象都有联系，其联系的实质都是各种能量之间的相互转换．
现实生活的各种设备在工作过程中，必然伴随着能量转换，关于各种设备的工作过程中的能量转化是考查的热点．
记住课本中有关各种设备的制成原理与能量转化的基础知识，对于解决此类问题有很大的帮助．

（1）由题意知：用相同加热器加热，则相同时间内两物体获得的热量一定相同，由图知，两物体改变相同温度时，甲物体用的时间长，即吸热多．由比热容的定义知甲物体的比热容要大．
（2）由图中看到，乙物体吸收一定热量后，其温度不再变化，符合晶体的性质熔化前温度升高，当开始熔化时温度不再变化，直到全部熔化．
故选C．

点评：
本题考点： 晶体和非晶体的区别；比热容的概念．

考点点评： 本题应注意图象的分析方法，特别是两种情况相比较时应注意找共同点，以利于比较．同时应注意基础知识的积累．

（1）为了得到质量相等的水和煤油，应加选的器材是 天平．
（2）用相同的加热器进行加热，在相等时间内煤油和水吸收的热量相等，为了使煤油和水吸收相同的热量，应该对煤油和水加热相等的时间．
（3）不同物质的吸热能力一般是 不同的．物理学中利用 比热容这个物理量来表示物质吸热能力．
故答案为：（1）天平；（2）对煤油和水加热相等的时间；（3）不同；比热容．

点评：
本题考点： 控制变量法与探究性实验方案．

考点点评： 本题是一道基础题，知道质量的测量工具、知道反应物质吸热能力的物理量、应用控制变量法即可正确解题．

（1）由Q=Cm△t可知，相同质量的同种物质，吸收相同的热量，它们升高的温度相同；相同质量的不同物质，吸收相同的热量，它们升高的温度不同；
（2）因两种液体的初温和质量相同，并且吸收相等的热量，∴Q_水=Q_液，
∵Q_水=c₂m（t₂-t₀），Q_液=c₁m（t₁-t₀），
∴c₂m（t₂-t₀）=c₁m（t₁-t₀），
代入数值4.2×10³J/（kg•℃）×（16℃-15℃）=c₁（17℃-15℃）
则c ₁=2.1×10³J/（kg•℃），
则
c1
c2=
2.1×103J/(kg•℃)
4.2×103J/(kg•℃)=[1/2]；由表知，该液体是煤油．
（3）Q_水=c_水m（t₂-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×0.2kg×（20℃-15℃）=4.2×10³J；
（4）在探究有多个变化因素的问题时，只让其中一个因素发生变化，保持其它因素不变，这种方法叫控制变量法．
故答案为：（1）不同；（2）1：2；煤油；（3）4.2×10³J；（4）控制变量法．

点评：
本题考点： 探究比热容的实验．

考点点评： 本题是探究液体温度升高时吸收热量的多少与哪些因素有关的实验，注意用好控制变量法．同时考查了物体吸收热量公式：Q=Cm△t的运用，要能够利用表中数据发现温度的变化，认识相同加热器体现是相同时间，吸收的热量相同是此题的关键．

观察图像，乙物质的温度先升高后不变，所以它是晶体。如下图所示，做一条垂直于横轴的虚线，虚线上所有的点时间相等，而用的加热器相同，所以甲乙吸收的热量相等，而，所以C甲>C乙。

C


<>

由铭牌知：灯泡在额定电压下的电阻R_L=

U2额
P额=
(220V)2
100W=484Ω；
电阻不变时的实际功率P=

U2实
RL=
(110V)2
484Ω=25W，
从图象可知当灯泡两端的电压减小时，通过的电流减小的更快，说明电压减小时电阻变大，所以当灯泡两端的电压为110V时，灯泡的电阻要大于484Ω，所以加热器消耗的电功率要小于25W．
故选B．

点评：
本题考点： 电功率的计算．

考点点评： 本题考查电功率的判断，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是根据图象判断出电阻随电压的变化而变化的情况．

由图示可以看出，当加热时间相同时，即吸收的热量相同时，a的温度升高的快，
利用热量的计算公式Q_吸=cm△t可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，它的比热容小；
所以，a的比热容小，b的比热容大．
故选B．

点评：
本题考点： 比热容的概念．

考点点评： 本题考查了学生对比热容了解与掌握，注意要学会看图形（取相同的时间比较甲乙温度变化的高低）．

由图示可以看出，当加热时间相同时，即吸收的热量相同时，甲的温度升高的快，
利用热量的计算公式Q_吸=cm△t可知，在质量相等、初温相同、吸热也相同的情况下，谁的温度升高得快，它的比热容小；
所以，甲的比热容小，乙的比热容大．
将甲液体的质量减半，比热容是不会改变的，因为物质确定后，物质的这些属性与质量无关．
故答案为：小；不变．

点评：
本题考点： 比热容的概念．

考点点评： 本题考查了学生对比热容了解与掌握，注意要学会看图形（取相同的时间比较甲乙温度变化的高低）．

（1）二氧化碳能使澄清石灰水变浑浊，所以能证明“释放CO₂”的现象是C中的石灰水变浑浊；
（2）二氧化碳和澄清石灰水反应后A装置内的压强变小，所以装置 B的作用是防倒吸；
（3）氧化钙与水反应生成的氢氧化钙微溶，也可能出现不溶物，所以上述实验不足以证明猜想③成立；氧化钙和水反应会放出大量的热，所以实验操作及现象为取D中固体于试管中，加入一定量的水，触摸试管外壁，感觉发热，继续向试管中加入足量的稀盐酸，有气泡产生，即可证明证明了猜想②成立；二氧化碳和氧化钙反应生成碳酸钙，反应的化学方程式为CaO+CO₂

△
.
CaCO₃；
（4）观察流程图可以看出反应原料是氧化钙和二氧化碳，反应条件是利用太阳能，因此有原料易得且可循环利用，充分利用太阳能的优点，且释放出的CO₂可作为重要资源加以利用．
故答案为：
（1）C中的石灰水变浑浊；
（2）防倒吸；
（3）氧化钙与水反应生成的氢氧化钙微溶，也可能出现不溶物
取D中固体于试管中，加入一定量的水，触摸试管外壁，感觉发热；继续向试管中加入足量的稀盐酸，有气泡产生；CaO+CO₂

△
.
CaCO₃；
（4）ABC．

点评：
本题考点： 实验探究物质的性质或变化规律；二氧化碳的化学性质；生石灰的性质与用途；盐的化学性质；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 本题属于信息题，考查了有关二氧化碳、碳酸钙等的性质和用途，难度不大，依据已有的知识结合题目的信息分析即可．

（1）根据P=
U2
R可得，加热电阻的阻值：
R=
U2
P加热=
(220V)2
1100W=44Ω；
（2）当电水壶处于保温状态时，两电阻串联，根据欧姆定律可得：
电路的总电阻R_总=[U/I]=[220V/0.2A]=1100Ω，
∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
∴保温电阻：
R₀=R_总-R=1100Ω-44Ω=1056Ω，
电阻R₀的电功率：
P=I²R₀=（0.2A）²×1056Ω=42.24W．
答：（l）电水壶正常工作时，其加热电阻的阻值是44Ω；
（2）当电水壶处于保温状态时，电阻R₀的电功率是42.24W．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；电阻的串联；电功率的计算．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，能从题干中得出加热和保温时电路的连接方式是关键．

（i）氧化钙和二氧化碳反应生成碳酸钙，二氧化碳能使澄清的石灰水变浑浊，若二氧化碳有剩余，澄清的石灰水会变浑浊，故答案：七as+七s_个═七a七s_d；石灰水变浑浊．
（个）②氧化钙和水反应生成氢氧化钙，二氧化碳能使澄清的石灰水变浑浊；
③碳酸钙不溶于水，氧化钙和水反应生成氢氧化钙，氢氧化钙溶液能使酚酞变红色；
故答案：七s_个；碳酸钙不溶于水，氧化钙和水反应生成氢氧化钙，氢氧化钙溶液能使酚酞变红色；
（d）A中固体增重的质量就是二氧化碳的质量，B中增重的质量就是吸收的没被A中氧化钙吸收的二氧化碳的质量，故答案：[m/m+n]×iee%

点评：
本题考点： 混合物的分离方法；证明碳酸盐；二氧化碳的化学性质；生石灰的性质与用途；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 合理设计实验，科学地进行实验、分析实验，是得出正确实验结论的前提，因此要学会设计实验、进行实验、分析实验，为学好化学知识奠定基础．

A、根据图象可知，加热相同的时间，甲液体升高的温度高，乙液体升高的温度低；故A错误；
B、根据图象可知，升高相同的温度，乙比甲加热的时间长，所以乙比甲吸收的热量多，故B错误；
CD、因为吸收相同的热量，甲液体的温度变化大，乙液体的温度变化小，所以甲的比热容小于乙的比热容，而比热容较多的液体适合做冷却剂，因此甲不适合作冷却剂，乙适合作冷却剂，故C错误，D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 探究比热容的实验．

考点点评： 此题考查的是利用图象比较不同物质的比热容，关键是能从图中读出提供的信息，理解比热容的物理意义．

（1）由P=
U2
R可知，加热电阻：R=

U2额
P=
(220V)2
1100W=44Ω；
（2）水吸收的热量：Q_吸=cm（t-t₀）=4.2×10³J/（kg•℃）×2×10^-3m³×1.0×10³kg/m³×（100℃-23℃）=6.468×10⁵J，
消耗的电能W=Q_吸=6.468×10⁵J，（1分）
由W=Pt可知，t=[W/P]=
6.468×105J
1100W=588s=9.8min；
（3）由I=[U/R]可知，总电阻：R_串=[U/I]=[220V/0.2A]=1100Ω，
因为串联电路总电阻等于各部分电阻之和，所以保温电阻：R₀=R_串-R=1100Ω-44Ω=1056Ω，
R₀的电功率：P₀=I²R₀=（0.2A）²×1056Ω=42.24W．
答：（1）电水壶正常工作时，其加热电阻的阻值是44Ω；
（2）若电水壶产生的热量全部被水吸收，现将2kg初温为23℃的水在1标准大气压下烧开需要9.8min；
（3）当电水壶处于保温状态时，通过加热器的电流是0.2A，此时电阻R₀的电功率是42.24W．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式、吸热公式、效率公式的灵活应用，关键是明白铭牌参数的含义，要注意联系电学知识解决生活中的物理应用．