某紫花植株自交，子代表现为紫花植株：白花植株=9：7，则正确的是（　　）

（1）由“两种开紫花的大豆作亲本进行杂交，对所产生的后代进行统计，其中开紫花的有301株，开白花的有101株”可知：紫花是显性性状，由显性基因A控制，白花是隐性性状，由隐性基因a控制；因此若模拟该实验，红球表示A，蓝球表示a，则紫花必须要用红球模拟．
（2）由“两种开紫花的大豆作亲本进行杂交，对所产生的后代进行统计，其中开紫花的有301株，开白花的有101株”可知：亲代的基因组成是Aa，子代开白花的大豆的遗传基因的组成是aa，如图所示：
（3）由遗传图解可知：纯合子AA和纯合子aa都占总数的1/4，统计的后代共有301+101=402株，因此纯合子（AA或aa）各约有100株．
（4）植物的组织培养指的是在无菌的条件下，将植物的茎尖、茎段或是叶片等切成小块，培养在特制的培养基上，通过细胞的增值和分化，使它逐渐发育成完整的植物体．组织培养属于无性生殖的范畴．利用组织培养技术，可以在短时间内大批量的培育出所需要的植物新个体；还可以防止植物病毒的危害，极大的提高了农业生产效率．
因此想大面积快速繁殖白花大豆应该采用组织培养．
故答案为：（1）红（2）Aa，Aa；aa（3）100（4）组织培养

点评：
本题考点： 基因的显性和隐性以及它们与性状表现之间的关系．

考点点评： 正确理解基因的显隐性就能解答该题．

设步行街摆放有甲、乙、丙三种造型的盆景分别有x盆、y盆、z盆．
由题意，有

15x+10y+10z=2900①
25x+25z=3750②，
由①得，3x+2y+2z=580，
即x+2y+2（x+z）=580③，
由②得，x+z=150④，
把④代入③，得x+2y=280，
∴2y=280-x⑤，
由④得z=150-x⑥．
∴4x+2y+3z=4x+（280-x）+3（150-x）=730，
∴黄花一共用了：24x+12y+18z=6（4x+2y+3z）=6×730=4380．
故答案为：4380．

点评：
本题考点： 三元一次方程组的应用．

考点点评： 本题考查了三元一次方程组在实际生活中的应用．解题的关键是发掘等量关系列出方程组，难点是将方程组中的其中一个未知数看作常数，用含有一个未知数的代数式表示另外两个未知数，然后代入所求黄花的代数式．

A、选另一株白花大豆与甲杂交，子代中若有白花出现，则甲为杂合子，但是该方法需要去雄、授粉、套袋等繁琐的过程，A错误；
B、选另一株白花大豆与甲杂交，子代若都表现为紫花，则甲为纯合子，但是该方法也需要繁琐的去雄等过程，B错误；
C、由于甲为显性个体，其基因型可能为纯合子也可能为杂合子，要确定其基因型，最简便易行的方法是让大豆自花传粉，子代中若有白花个体出现，则甲为杂合子，反之则为纯合子，C正确；
D、让甲与多株紫花大豆杂交，子代中若紫、白花之比接近3：1，则甲为杂合子，该方法也是比较复杂，D错误．
故选：C．

点评：
本题考点： 基因的分离规律的实质及应用．

考点点评： 本题考查基因的分离规律的实质及应用的相关知识点，意在考查学生对所学知识的理解与掌握程度，培养了学生分析题意、获取信息、解决问题的能力．

（1）从题干上的概念图可知，形成紫色物质需要酶A和酶B的催化，由此可知紫花和白花这一对相对性状是由两对等位基因控制的，两对基因遵循基因的自由组合定律．
（2）开紫花（A_B_）的该野生植物的基因型有AABB、AABb、AaBB和AaBb四种，开白花（aaB_、A_bb和aabb）的有aaBB、aaBb、aabb、AAbb和Aabb五种，也即只有双显性（A_B_）开紫花，单显性（aaB_和A_bb）和双隐性（aabb）均开白花．依据F2植株中紫花：白花=9：7，可推知F1紫花植株基因型为AaBb（双杂合子），所以F2中白花植株纯合体的基因型有aaBB、aabb和Aabb三种．
（3）由上题结果可以推测两亲本白花植株的基因组成应该为aaB_和A_bb，一共存在以下几种可能性：①aaBB×Aabb②aaBb×AAbb③aaBb×Aabb④aaBB×AAbb，通过计算可知，F1分离比为1：1的只有①和②两种情形，其中②的两白花杂交情况如下图所示：

（4）若中间代谢产物为红色（形成红花），则双显性（A_B_）为紫花，第一种单显性（A_bb）为红花，另一种单显性（aaB_）和双隐性（aabb）开白花．AaBb双杂合子自交，子一代植株的表现型及比例为紫花：红花：白花=9：3：4．
（5）图2所示是一个已插入外源DNA片断的重组Ti质粒载体结构模式图，根据重组质粒的结构和分析图形可知①为T-DNA； ②为标记基因； ③为复制原点．．
故答案是：
（1）两对
（2）AaBbaabb、AAbb、aaBB
（3））AAbb和aaBb 或 Aabb和aaBB

（4）紫色：红色：白色=9：3：4
（5）①T-DNA②标记基因③复制原点

点评：
本题考点： 基因的自由组合规律的实质及应用；基因工程的原理及技术．

考点点评： 此题要求掌握基因的自由组合定律、基因工程的原理和技术的相关知识，考查了基因和性状间的关系培养了学生从表格获取信息、分析问题和解决问题的能力．

由题意和题图可知，紫花的基因型是A_X^bX^b和 A_X^bY，其余都是蓝花；
A、蓝花雄株（aaX^BY）与某紫花雌株杂交，F₁中的雄株全为紫花，那么紫花雄株的基因型是AaX^bY，某紫花雌株的基因型是AAX^bX^b，A错误；
B、aaX^BY与基因型为AAX^bX^b杂交，F₁基因型是AaX^BX^b和AaX^bY，F₁的雌株和雄株杂交产生的后代雄株的基因型是AAX^BY、2AaX^BY、aaX^BY、AAX^bY、2AaX^bY、aaX^bY，其中AAX^bY、2AaX^bY表现为紫花，占[3/8]，B错误；
C、由题意可知，杂合紫花的雌性个体的基因型是AaX^bX^b，aaX^BY与AaX^bX^b杂交，纯合子的概率是aaX^bY=[1/4]，则杂合子的概率是1-[1/4]=[3/4]，C正确；
D、aaX^BY与基因型为AAX^bX^b杂交，F₁基因型是AaX^BX^b和AaX^bY，其中雌株全部表现型为蓝花，D错误．
故选：C．

点评：
本题考点： 伴性遗传．

考点点评： 本题的知识点是自由组合定律，伴性遗传，基因通过控制酶的合成控制细胞代谢进而控制生物的性状，主要考查学生分析题干和题图获取信息并利用信息解决问题的能力和写出遗传图解并对遗传图解进行分析的能力．

由题意分析已知，豌豆的花受两对等位基因控制，设两对基因分别为Aa和Bb．因为F₂是242株紫花、190株白花，比例约是9：7，所以F1的基因型是AaBb，双隐性类型白花的基因型是aabb．现让F₁中紫花（AaBb）个体用双隐性类型白花（aabb）测交，后代基因型及比例为AaBb（紫花）：Aabb（白花）：aaBb（白花）：aabb（白花）=1：1：1：1，所以紫花：白花=1：3，白花占总数的[3/4]．
故选：B．

点评：
本题考点： 基因的分离规律的实质及应用．

考点点评： 主要考查基因的分离定律的实质和应用等相关知识，意在考查学生对所学知识的理解程度和后代基因型预测的综合应用能力．

设步行街摆放有甲、乙、丙三种造型的盆景分别有x盆、y盆、z盆．
由题意，有

15x+10y+10z=2900①
25x+25z=3750②，
由①得，3x+2y+2z=580，
即x+2y+2（x+z）=580③，
由②得，x+z=150④，
把④代入③，得x+2y=280，
∴2y=280-x⑤，
由④得z=150-x⑥．
∴4x+2y+3z=4x+（280-x）+3（150-x）=730，
∴黄花一共用了：24x+12y+18z=6（4x+2y+3z）=6×730=4380．
故答案为：4380．

点评：
本题考点： 三元一次方程组的应用．

考点点评： 本题考查了三元一次方程组在实际生活中的应用．解题的关键是发掘等量关系列出方程组，难点是将方程组中的其中一个未知数看作常数，用含有一个未知数的代数式表示另外两个未知数，然后代入所求黄花的代数式．

A、紫花长形花粉的植株进行自交后代有红花和圆花粉，说明花色紫色和花粉长形为显性性状，A错误；
B、考虑每一对性状，后代都符合3：1，二者都符合基因分离规律，B错误；
C、但综合考虑，紫花长形花粉自交后代不符合9：3：3：1．因此花色与花粉形状之间的遗传方式不符合自由组合规律，C错误；
D、两者位于一对同源染色体上，Ab与aB分别位于同一对染色体上，根据F₁：紫花长花粉230株，红花圆花粉49株，紫花圆花粉41株，红花长花粉41株，可以推测出亲本紫花长形花粉经减数分裂产生的配子为Ab：aB：AB：ab=14：14：5：5，所以用紫花长形花粉进行测交，后代表现两多两少，D正确．
故选D．

点评：
本题考点： 基因的自由组合规律的实质及应用．

考点点评： 本题考查了基因自由组合定律与基因在染色体上的位置．意在考查学生能运用所学知识与观点，通过比较、分析与综合等方法对某些生物学问题进行解释、推理，做出合理的判断或得出正确的结论的能力．

解；（1）由题意可知，蓝花雄株（ aaXBY）与某紫花雌株杂交，F1中的雄株全为紫花，F1中的雄株花紫花的基因型是AaXbY，因此亲本亲本紫花雌株的基因型是AAXbXb；aaXBY与AAXbXb杂交，后代雌性个体的基因型的AaXBXb...

点评：
本题考点： 伴性遗传；遗传信息的转录和翻译；基因、蛋白质与性状的关系；植物体细胞杂交的应用．

考点点评： 本题的知识点是伴性遗传，自由组合定律，细胞融合技术，基因对性状控制的途径，转录和翻译过程遗传信息的流动途径，主要考查学生分析题图 获取信息并利用信息解决问题的能力和对自由组合定律的 理解与应用能力．

24=2×2×2×3，
36=2×2×3×3，
48=2×2×2×2×3，
24，36和48的最大公因数=2×2×3=12，
所以这些花最多能做12束花束．

点评：
本题考点： 公因数和公倍数应用题．

考点点评： 本题的关键是让学生理解：要求这些花最多能做多少束花．就是求24，36，48的最大公因数．

Ⅰ、第一步：紫花植株的基因型有两种情况，即DD或dd和Dd．所以紫花植株自交，如果是DD或dd，则后代全部为紫花；如果是Dd，则后代出现性状分离．
第二步：将紫花植株与红花植株杂交，如果全为紫花，则紫花植株的基因型为DD；如果全部红花或出现红花，则紫花植株的基因型为dd．
Ⅱ、（1）核糖体是蛋白质的装配机器，若核糖体上出现放射性，说明该核糖体正在合成蛋白质．
（2）如果轻核糖体有放射性，重核糖体无放射性，则核糖体RNA是信使；如果重核糖体有放射性，则核糖体RNA不是信使．
故答案为：Ⅰ

选择的亲本及交配方式 预测的实验结果 结 论（基因型）
第一步：
紫花植株自交
全部为紫花 DD或dd
第二步：
紫花植株×红花植株
全部红花或出现红花 ddⅡ（1）合成蛋白质
（2）轻核糖体有放射性，重核糖体无重核糖体有放射性（轻、重核糖体均有放射性）

点评：
本题考点： 基因的分离规律的实质及应用；噬菌体侵染细菌实验．

考点点评： 本题考查基因的分离定律和噬菌体侵染细菌实验的相关知识，意在考查学生的识图能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力．

根据题意分析可知：一株杂合紫花豌豆自交，子一代基因型为[1/4]AA、[2/4]Aa、[1/4]aa；子一代自交，子二代基因型为（[1/4]+[2/4×
1
4]=[3/8]）AA、（[2/4×
2
4]=[1/4]）Aa、（[1/4]+[2/4×
1
4]=[3/8]）aa；子二代自交，子三代基因型为（[3/8]+[1/4×
1
4]=[7/16]）AA、（[1/4×
2
4]=[2/16]）Aa、（[3/8]+[1/4×
1
4]=[7/16]）aa．由于豌豆的花色中紫色对白色为显性，所以AA和Aa表现为紫花豌豆，aa表现为白花豌豆．因此，子三代中开紫花的豌豆植株和开白花的豌豆植株的比例是（[7/16+
2
16]）：[7/16]=9：7．
故选：C．

点评：
本题考点： 基因的分离规律的实质及应用．

考点点评： 本题考查基因分离定律的相关知识，意在考查学生的识记能力和判断能力，运用所学知识综合分析问题的能力．

设步行街摆放有甲、乙、丙三种造型的盆景分别有x盆、y盆、z盆．
由题意，有

15x+10y+10z=2900①
25x+25z=3750②，
由①得，3x+2y+2z=580，
即x+2y+2（x+z）=580③，
由②得，x+z=150④，
把④代入③，得x+2y=280，
∴2y=280-x⑤，
由④得z=150-x⑥．
∴4x+2y+3z=4x+（280-x）+3（150-x）=730，
∴黄花一共用了：24x+12y+18z=6（4x+2y+3z）=6×730=4380．
故答案为：4380．

点评：
本题考点： 三元一次方程组的应用．

考点点评： 本题考查了三元一次方程组在实际生活中的应用．解题的关键是发掘等量关系列出方程组，难点是将方程组中的其中一个未知数看作常数，用含有一个未知数的代数式表示另外两个未知数，然后代入所求黄花的代数式．

42÷4=10…2
所以第42盆花是第11周期的第二盆花，是黄花．
故选：B．

点评：
本题考点： 事物的间隔排列规律．

考点点评： 根据题干得出花朵的排列周期规律是解决此类问题的关键．

根据题中“只有当E、F同时存在时才开紫花，否则开白花”这一条件，可知紫花对应的基因型为E_F_，白花对应的基因型为E_ff、eeF_和eeff．由图分析可见，紫花与白花杂交，后代紫花：白花=3：5．本题可以采用“假设法”分析，假设选项基因型成立则后代应该出现的表现型及比例为紫花：白花=3：5．
A、EeFf×Eeff→紫花：白花=3：5，EEFf×eeff→紫花：白花=1：1，A错误；
B、EeFf×eeFf→紫花：白花=3：5，EeFF×Eeff→紫花：白花=3：1，B错误；
C、EeFf×eeff→紫花：白花=1：3，EeFF×Eeff→紫花：白花=3：1，C错误；
D、EeFf×Eeff→紫花：白花=3：5，EeFf×eeFf→紫花：白花=3：5，D正确．
故选：D．

点评：
本题考点： 基因的自由组合规律的实质及应用．

考点点评： 本题考查基因的自由组合定律的实质及应用相关知识点，意在考查学生对所学知识的理解与掌握程度，培养学生分析图形、获取信息、绘预测基因型和表现型的能力．

设步行街摆放有甲、乙、丙三种造型的盆景分别有x盆、y盆、z盆．
由题意，有

15x+10y+10z=2900①
25x+25z=3750②，
由①得，3x+2y+2z=580，
即x+2y+2（x+z）=580③，
由②得，x+z=150④，
把④代入③，得x+2y=280，
∴2y=280-x⑤，
由④得z=150-x⑥．
∴4x+2y+3z=4x+（280-x）+3（150-x）=730，
∴黄花一共用了：24x+12y+18z=6（4x+2y+3z）=6×730=4380．
故答案为：4380．

点评：
本题考点： 三元一次方程组的应用．

考点点评： 本题考查了三元一次方程组在实际生活中的应用．解题的关键是发掘等量关系列出方程组，难点是将方程组中的其中一个未知数看作常数，用含有一个未知数的代数式表示另外两个未知数，然后代入所求黄花的代数式．

（1）、生物学上把后代与亲代之间以及后代的个体之间存在的差异现象叫做变异．同种生物同一性状的不同表现类型称为相对性状．豌豆的紫花和白花就是一组相对性状．
如果在后代个体中出现了亲代没有的性状，则新出现的性状是隐性性状，因为隐性性状不容易表现出来，只有当两个隐性基因相遇时才会表现出隐性性状．
（2）、生物体的某些性状是由一对基因控制的，而成对的基因往往有显性显性和隐性之分，当细胞内控制某种性状的一对基因，一个是显性、一个是隐性时，只有显性基因控制的性状才会表现出来．后代中控制某一性状的基因一个来自父方，一个来自母方，后代中白花是隐性性状，其基因组成为aa，说明两个紫花中除了都含有一个控制显性性状的基因A外，还都含有一个控制隐性性状的基因a，故两紫花的基因组成都为Aa．后代基因组成为AA的占紫色花植物比例大约是1：3．
（3）利用组织培养技术，可以在短时间内大批量的培育出所需要的植物新品种，还可以防止植物病毒的危害，极大的提高了农业生产效率．
故答案为：（1）紫花（2）Aa，1：3 （1/3）（3）植物组织培养

点评：
本题考点： 基因的显性和隐性以及它们与性状表现之间的关系；植物的扦插或嫁接．

考点点评： 变异是普遍存在的生命现象，是生物界绚丽多姿的根本原因．生物的遗传就是通过染色体在亲代与后代之间的传递来实现的．

由以上分析可知该紫花植株的基因型为AaBb，根据基因分离定律和基因自由组合定律，该植株能产生4种雌配子（AB、Ab、aB、ab）和4种雄配子（AB、Ab、aB、ab），受精时，雌雄配子随机结合，因此配子间的组合方式有4×4=16种．
故选：D．

点评：
本题考点： 基因的自由组合规律的实质及应用．

考点点评： 本题考查基因自由组合定律的实质及应用，要求考生掌握基因自由组合定律的实质，能根据题干中“9：7”的分离比推断该紫花植株的基因型，进而推断出配子间的结合方式，属于考纲理解和应用层次的考查．