（着我1着•郧西县二模）下列物质或用品均为生活n常见物质：①加铁酱油、②不锈钢锅、③小苏打、④汽油、⑤食盐、⑥塑料水杯、

（1）由图知，甲液体和烧杯的总质量为m_总=100g+50g+20g+10g+2g=182g，所以甲液体的质量为m=182g-100g=82g；
（2）温度计的分度值为1℃，液体的初温度为t=19℃；
（3）①不正确．升高的温度大，不代表吸收的热量多，吸收热量的多少是一样的，因为是用两个完全相同的酒精灯加热相同的时间，酒精灯放出的热量是相等，甲和乙吸收的热量也是相等的．
②由图可知，甲和乙升高相同的温度，如都温度升到40℃，甲需要的时间是3min，乙需要的时间是4min，乙需要更长的加热时间，这说明乙的吸热能力强一些．
③根据△t=[Q/cm]可知，在质量和吸收热量一定时，温度的变化值和比热容成反比．
我们可以取相同的加热时间4min，用相同的酒精灯加热4min，甲和乙吸收的热量就是相同的，甲的温度变化值为50℃-10℃=40℃，乙的温度变化值为40℃-10℃=30℃，
乙的比热容C_乙=[40℃/30℃]×1.8×10³J/（kg•℃）=2.4×10³J/（kg•℃）．
故答案为：
（1）82；（2）19；
（3）①不正确；酒精灯相同，相同时间液体吸收的热量相同；②乙；乙；③2.4×10³．

点评：
本题考点： 比热容的概念．

考点点评： 这个实验共涉及了两个物理实验方法：控制变量法和转换法．我们要比较不同物质的吸热能力，即比较不同物质的比热容，就要控制其它的因素都相同，通过比较吸热多少或升高的温度来比较比热容大小．转换法就是将一些不容易观察到的现象通过其它直观现象再现出来．

由题知，瓶内气压等于外界大气压加上管内水柱产生的压强，
即：p_内=p_大+p_水，
∵把气压计从水平地面移到高楼楼顶的阳台上，p_内不变，p_大变小，
∴p_水变大，管内水柱高度变大；
管内水柱高度增加，∵p=ρgh，
∴水对容器底的压强变大．
故选D．

点评：
本题考点： 液体的压强的计算；大气压强与高度的关系．

考点点评： 本题考查了气压与高度的关系、液体压强的计算、温度计的原理，综合性强，要求运用物理知识要灵活．

A、市区内某些路段“禁鸣喇叭”，这是在声源处减弱噪声的，故该选项说法不正确；
B、我们能够辨别不同乐器发出的声音，是因为它们的音色不同，故该选项说法不正确；
C、两名宇航员在太空中不能直接对话，是因为声音不能在真空中传播，只能通过无线电交谈，故该选项说法正确；
D、声音的传播速度与介质和温度有关，固体传播最快，液体次之，气体最慢，同一介质温度越高，声音传播越快，故该选项说法不正确．
故选C．

点评：
本题考点： 声音的传播条件；声速；防治噪声的途径．

考点点评： 本题考查了声音的产生和传播的相关知识，都是和生活联系比较密切的内容，平时学习中多观察和思考，注重理论联系生活．

（1）由图甲知，甲研究的内容是：光的反射定律；由反射定律知：反射光线与入射光线在同一平面内，实验中若将纸板F向后折，纸板F与入射光线所在的平面E不在同一平面内，所以在纸板F上不能观察到反射光线；
故答案为：光的反射定律；不能．
（2）由图乙知，乙研究的内容是：平面镜成像规律；在探究“平面镜成像的特点”时，用玻璃板代替平面镜的目的是：玻璃板不但反射光成像，还能透光看到玻璃板后面的蜡烛，便于观察到所成的像的位置与物体的位置有何关系和比较像与物的大小关系；
故答案为：平面镜成像规律；便于观察到所成的像的位置与物体的位置有何关系和比较像与物的大小关系．
（3）由图丙知，丙研究的内容是：凸透镜成像规律；在光屏上观察到像的条件是：蜡烛到凸透镜的距离大于凸透镜的焦距；
故答案为：凸透镜成像规律；蜡烛到凸透镜的距离大于凸透镜的焦距．

点评：
本题考点： 光的反射定律；平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案；凸透镜成像规律及其探究实验．

考点点评： 本题考查了初中物理光学研究中的几个典型实验，熟悉实验装置，掌握相关的物理规律是正确解题的关键．

设铁合金中铁的质量为x，生成硫酸亚铁的质量为y．
Fe+H₂SO₄═FeSO₄+H₂↑
56 152 2
x y 0.2g
[56/x＝
152
y＝
2
0.2g]
x=5.6g y=15.2g
（1）铁合金的含碳量为[5.8g−5.6g/5.8g]×100%≈3.4%＞2%
故该铁合金属于生铁．
（2）反应后溶液中溶质的质量分数为 [15.2g/5.6g+94.6g−0.2g]×100%=15.2%
答：（1）该合金是生铁；
（2）反应后所得溶液中溶质的质量分数是15.2%．

点评：
本题考点： 根据化学反应方程式的计算；有关溶质质量分数的简单计算．

考点点评： 本题主要考查含杂质物质的化学方程式计算和溶质质量分数的计算，难度不大．注意：
一、由氢气直接计算出的是纯铁和硫酸亚铁的质量；
二、判断是生铁还是钢时，需要计算的是合金中碳的质量分数．

（1）证明：连接OD；
∵AD=CD，AO=BO，
∴OD∥BC．
∵DE⊥BC，
∴OD⊥DE．
∴DE与⊙O相切．

（2）由（1）知，OD∥BC，
∴∠ADO=∠C．
∵∠A=∠ADO，
∴∠A=∠C．
∴AB=BC．
∴BE=BC-CE=AB-CE=4-3=1．

点评：
本题考点： 切线的判定；等腰三角形的性质；圆周角定理．

考点点评： 掌握证明切线的方法．综合运用切线的判定定理、三角形的中位线定理、等腰三角形的判定和性质．

A、电铃中利用了电磁铁，根据电流的磁效应来工作的．所以A说法错误．
B、图2中利用安培定则判定电流的方向，用右手握住螺线管，四指绕向电流的方向，大拇指所指的方向即为螺线管的N极．所以B说法正确．
C、此实验当有电流通过导体时，导体就会受到磁场的作用而运动．根据这个原理制成了电动机，所以C说法正确．
D、图4中的扬声器，当有变化的电流通过线圈时，便会产生变化的磁场，与永久磁铁共同作用，吸引膜片引起震动而产生声音．所以其工作原理是电流的磁效应，D说法正确．
故选A．

点评：
本题考点： 电磁铁的构造和原理；扬声器和耳机的构造和原理；发电机的构造和原理；通电螺线管的极性和电流方向的判断．

考点点评： 此题主要考查了学生对电磁现象有关内容及实验的掌握，大家要注意区分并注意联系实际．

（1）由甲、乙两图得：
石块在水中所受到的浮力：F_浮=G-F_示=4N-3N=1N；
∵F_浮=ρ_水v_排g，
∴石块的体积：
v=v_排=
F浮
ρ水g=
1N
1×103kg/m3×10N/kg=1×10^-4m³，
由甲、丙两图，石块受到盐水的浮力：
F_浮′=4N-2.9N=1.1N，
∵F_浮′=ρ_盐水v_排g，
∴ρ_盐水=
F′浮
V排g=
1.1N
1×10−4m3×10N/kg=1.1×10³kg/m³；
（2）设圆柱体的高为H，
∵圆柱体浸没于水中，
∴圆柱体排开水的体积：v_排=v=S₁H，
将圆柱体浸没于水中后，容器内水面上升的高度h：
△h=
V排
S2=
S1H
S2，
水对容器底部的压强增大值：
△p=ρ_水g△h=ρ_水g
S1H
S2=
ρ水gS1H
S2=
ρ水gV排
S2，
∵圆柱体受到水的浮力：
F_浮=ρ_水gv_排=△F，
∴△p=
△F
S2．
故答案为：（1）1.1×10³kg/m³；（2）
△F
S2．

点评：
本题考点： 浮力的利用；密度公式的应用；液体压强计算公式的应用；阿基米德原理．

考点点评： 第一问：称重法的运用是本题中求浮力的基本方法，浮沉条件可帮助我们判断物体的浮沉状态，本题的难点还是两次浮力公式的运用，利用石块排开水的体积与排开盐水的体积相同，进而求出盐水的密度．
第二问：考查了液体压强的计算、阿基米德原理、称重法测量圆柱体受到的浮力，求出水面升高值是本题的突破点．

原式=

2
2•4-1+4
2=6
2-1．

点评：
本题考点： 特殊角的三角函数值；实数的性质；零指数幂；负整数指数幂；二次根式的性质与化简．

考点点评： 本题考查实数的运算能力，解决此类题目的关键是熟记特殊角的三角函数值，熟练掌握负整数指数幂、零指数幂、二次根式等考点的运算．注意：负指数为正指数的倒数；任何非0数的0次幂等于1；二次根式的化简是根号下不能含有分母和能开方的数．

a=1，b=-1，c=-1，
∴△=（-1）²-4×1×（-1）=5＞0，
∴x=
−(−1)±
5
2×1=
1±
5
2．
∴x₁=
1−
5
2，x₂=
1+
5
2．
故选：B．

点评：
本题考点： 解一元二次方程-公式法．

考点点评： 本题考查了解一元二次方程-公式法：一元二次ax2+bx+c=0（a≠0）的求根公式为x=−b±b2−4ac2a（b2-4ac≥0）．

（1）根据P=UI可得，保温时通过电热水瓶的电流：
I=
P保温
U=[22W/220V]=0.1A；
（2）根据ρ=[m/V]可得，瓶内水的质量为：
m=ρV=1.0×10³kg/m³×2×10^-3m³=2kg，
1个标准大气压下水的沸点是100℃，
瓶内水吸收的热量：
Q=cm（t-t₀）=4.2×10³kg/m³×2kg×（100℃-20℃）=6.72×10⁵J；
（3）消耗的电能：
W=P_加热t=1100W×14×60s=9.24×10⁵J．
答：（1）保温时通过电热水壶的电流是0.1A；
（2）水吸收热量是6.72×10⁵J；
（3）消耗电能是9.24×10⁵J．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到电功率公式和密度公式、吸热公式、电功公式的应用，关键是知道1个标准大气压下水的沸点是100℃，计算过程要注意单位的换算．

（1）根据化合物中各元素质量比=各元素的相对原子质量×原子个数之比，可得绿原酸中碳、氢、氧元素的质量比为（12×16）：（1×18）：（16×9）=32：3：24．
（2）根据化合物中元素的质量分数=[相对原子质量×原子个数/相对分子质量]×100%，绿原酸中氧元素的质量分数=[16×9/12×16+1×18+16×9]×100%≈40.7%．
故答案为：（1）32：3：24；（2）40.7%．

点评：
本题考点： 元素质量比的计算；元素的质量分数计算．

考点点评： 本题难度不大，考查同学们结合新信息、灵活运用化学式的有关计算进行分析问题、解决问题的能力．

（1）从图象可知，电子元件的电阻是在变化的，故D错误；
（2）电子元件处于正常工作状态时，电路电流最小为0.1A，电子元件两端的最小电压为2V，
所以滑动变阻器两端的最大电压为U₁=9V-2V=7V，
此时滑动变阻器接入电路的电阻最大，R_大=
U1
I小=[7V/0.1A]=70Ω，
电路电流最大为0.4A，电子元件两端的最大电压为4V，
所以滑动变阻器两端的最小电压为U₂=9V-4V=5V，
滑动变阻器接入电路的电阻最小，R_小=
U2
I大=[5V/0.4A]=12.5Ω．
所以滑动变阻器的阻值范围应控制在12.5欧～70欧，故B正确；
电路消耗的最大功率：
P=UI_小=9V×0.4A=3.6W，故A正确；
（3）因为电子元件与滑动变阻器串联，通过的电流相等，
所以电子元件与滑动变阻器串联两端的电压之比就等于两电阻之比，
因无法判断电子元件与滑动变阻器电阻的大小关系，
所以无法判断它们两端电压的关系，故C错误；
故选AB．

点评：
本题考点： 电路的动态分析；欧姆定律的应用；电功率的计算．

考点点评： 本题考查电阻、电压、电功率等的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是计算滑动变阻器的电阻范围，重点是学会根据图象分析问题．

（1）如图所示，电流从电源的正极流出经过电流表后，要使电阻R₂、R₃并联，则电阻R₂、R₃中必须有电流通过，所以应闭合开关S₁、S₂ （电阻R₁处于短路状态）；要使R₁、R₂串联，则电阻R₁、R₂中必须有电流通过，所以应断开开关S₁、S₂；
（2）R₂、R₃并联时，电流表测干路电流：
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴通过两电阻的电流分别为：
I₂′=[U
R2，I₃=
U
R3，
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
∴I₁=I₂′+I₃=
U
R2+
U
R3；
电路中的总功率：
P₁=
U2
R1+
U2
R2；
R₁、R₂串联时，电路中各处的电路相等，
∵串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
∴电路中的电流：
I₂=
U
R1+R2，
电路中的总功率：
P₂=
U2
R1+R2；
∵R₁=R₂=R₃=10Ω
∴I₁：I₂=（
U
R2+
U
R3）：
U
R1+R2=（
U/10Ω]+[U/10Ω]）：[U/10Ω+10Ω]=4：1；
P₁：P₂=（
U2
R1+
U2
R2）：
U2
R1+R2=（
U2
10Ω+
U2
10Ω）：
U2
10Ω+10Ω=4：1．
故答案为：S₁、S₂；断开；4：1；4：1．

点评：
本题考点： 电路的动态分析；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电阻的串联．

考点点评： 本题考查了电路的动态分析，涉及到串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的灵活应用，根据串并联的特点得出开关的闭合应用好规律是关键．

（1）所用的主要器材有平行光源，光屏，刻度尺，光屏便于找到焦点，刻度尺测出焦距．

故答案为：刻度尺．
（2）只测一块镜片焦距和凸透镜的原焦距相等，一次实验很具有偶然性，要测量多个碎片的焦距，然后总结结论．
故答案为：只测一块镜片焦距具有偶然性．
（3）凸透镜成像能呈现在光屏上是实像．实像在光屏的上方，要么烛焰太低，要么光屏太低，所以使蜡烛上移或使光屏上移．
故答案为：上．
（4）连接AO并延长，过A点作主光轴的平行线交凸透镜一点，连接该点和凸透镜的焦点F并延长，与AO的延长线交于一点A′，该点是物体AB的A点像的位置，作该点垂直于主光轴，即为AB在光屏上所成的像的大致位置．如下图所示：

点评：
本题考点： 凸透镜成像规律及其探究实验．

考点点评： （1）要得到凸透镜的焦距，必须使用平行光源，并且平行光源要和主光轴平行．
（2）初中物理用实验探究物理问题时，有的是为了多次测量求平均值来减小误差；有的是多次测量发现变化规律；有的是为了使实验结论具有普遍性．

A、二氧化碳能促进植物的光合作用，因此可用作温室大棚种植的绿色肥料，故说法正确．
B、二氧化碳和水反应生成碳酸，碳酸能使紫色石蕊试液变红色，故说法错误．
C、石灰石和稀硫酸反应生成的硫酸钙微溶，会附着在块状石灰石的表面阻止反应继续进行，故说法错误；
D、氮气、二氧化碳等气体都不燃烧、也不支持燃烧，所以将燃着的木条伸入集气瓶，火焰熄灭，气体不一定是二氧化碳，也可能是氮气等不燃烧也不支持燃烧的气体，故说法错误．
故选：A．

点评：
本题考点： 二氧化碳的检验和验满；二氧化碳的实验室制法；二氧化碳的用途．

考点点评： 要系统所学的知识，平时学习中要总结要多做多想多练习；二氧化碳的性质要熟练掌握同时注意它与别的气体性质的区别．

（1）以1秒时达到的整数点为基准，向上或向右移动一格得到2秒时的可能的整数点；再以2秒时得到的整数点为基准，向上或向右移动一格，得到3秒时可能得到的整数点．

P从O点出发时间 可得到整数点的坐标 可得到整数点的个数
1秒 （0，1）、（1，0） 2
2秒 （0，2），（2，0），（1，1） 3
3秒 （0，3），（3，0），（2，1），（1，2） 4（2）1秒时，达到2个整数点；2秒时，达到3个整数点；3秒时，达到4个整数点，那么10秒时，应达到11个整数点；

（3）横坐标为10，需要从原点开始沿x轴向右移动10秒，纵坐标为5，需再向上移动5秒，所以需要的时间为15秒．

点评：
本题考点： 点的坐标．

考点点评： 解决本题的关键是掌握所给的方法，得到相应的可能的整数点的坐标．

C与G在不同条件下反应生成H或I，所以C和G分别为碳或氧气中的一种，H和I分别为一氧化碳或二氧化碳中的一种，液体A在一定条件下反应生成液体B和单质C，分解反应一般不会生成碳，所以C不可能是碳，C只能是氧气，所以A就是过氧化氢，B是水，医疗上用F来配制生理盐水，所以F是氯化钠，D和E反应生成氯化钠和水，则D和E分别为盐酸和氢氧化钠中的一种或盐酸与氧化钠中的一种，J和K分别会与D反应都生成水、氯化钠和I，一氧化碳不会通过复分解反应生成，所以I是二氧化碳，H是一氧化碳，J和K与D发生的反应为碳酸盐与酸发生的反应，又因D为盐酸和氢氧化钠中的一种，所以D是盐酸，E是氢氧化钠或氧化钠，J和K为碳酸盐，并且都含有钠离子，则J和K分别为碳酸钠和碳酸氢钠中的一种，而J中的组成元素比K中多一种，所以J是碳酸氢钠，K是碳酸钠，将推出的各种物质代入转化关系中进行验证，符合题意，所以推导合理；
（1）通过上述分析可知E物质为氢氧化钠或氧化钠，其化学式为：NaOH或Na₂O；
（2）通过上述分析可知A为过氧化氢溶液，B为水，C为氧气，过氧化氢在二氧化锰为催化剂的条件下生成水和氧气，反应方程式为：2H₂O₂

MnO2
.
2H₂O+O₂↑；
（3）④发生的反应为碳酸钠和盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，碳酸氢钠和盐酸反应生成氯化钠、水和二氧化碳，水和二氧化碳是碳酸不稳定，在常温下分解生成的，其反应物是两种化合物，生成物是两种化合物，且生成物是反应物相互交换成分得到的，满足复分解反应的条件，所以涉及的基本反应类型为：复分解反应；
（4）NaHCO₃+HCl═NaCl+H₂O+CO₂↑；Na₂CO₃+2HCl═2NaCl+H₂O+CO₂↑可以看出每生成1个CO₂分子，NaHCO₃只需1个HCl分子，而Na₂CO₃需要2个HCl分子，由于遇到的盐酸的量相同，导致需要盐酸越少反应速率越快，所以碳酸氢钠产生二氧化碳的速率更快些．
故答案为：（1）NaOH或Na₂O；
（2）2H₂O₂

MnO2
.
2H₂O+O₂↑；
（3）复分解反应；
（4）NaHCO₃ ．

点评：
本题考点： 物质的鉴别、推断；化学式的书写及意义；反应类型的判定；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 在解此类题时，首先要将题中有特征的物质推出，然后结合推出的物质和题中的转化关系再推出剩余的物质，最后代入题中进行验证即可．
通过本题需要识记碳酸钠和碳酸氢钠与盐酸反应的生成物都是氯化钠、水和二氧化碳．

（1）仪器①的名称是长颈漏斗，通过长颈漏斗可以向锥形瓶中注入液体药品；
收集某气体只能采用E装置，由此推测该气体具有的性质有：密度比空气小，不能和空气中的物质发生反应，能够溶于水．
故填：长颈漏斗；密度比空气小，不能和空气中的物质发生反应，能够溶于水．
（2）用高锰酸钾制取氧气需要加热，应该用B装置作为发生装置；
因为氧气的密度比空气大，可以用向上排空气法收集，即用D装置收集，氧气不易溶于水，可以用排水法收集，即用C装置收集．
故填：BC或BD．
（3）为了得到纯净、干燥的CO₂气体，应该先通过饱和碳酸氢钠溶液除去氯化氢气体，再通过浓硫酸除去水蒸气，除杂装置的导管气流方向连接顺序是c→d→a→b．
故填：C．

点评：
本题考点： 常用气体的发生装置和收集装置与选取方法；气体的净化（除杂）；实验室制取氧气的反应原理．

考点点评： 本题综合考查了学生的基本实验能力，涉及仪器的用途、装置选择、实验基本操作等知识，只有综合理解化学知识才能够正确的解答．

因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得昼夜的温差小，能有效调节周围环境的气温．同时也因为水面面积的显著增大，加快了水的蒸发，从而会吸收较多的热量也是有效调节周围环境气温的一个原因；
记者拍摄此照片后，想拍一张较大的拦水坝的照片，即此时的像变大，所以此时的相距应该变大，物距应该变小，所以记者应该照相机的镜头向前伸，并将暗箱的长度变长．
故答案为：比热容；小；蒸发；吸收；向前伸；变长；

点评：
本题考点： 水的比热容的特点及应用；蒸发及其现象；凸透镜成像的应用．

考点点评： 水的比热容较大的应用：水可做散热剂、可做冷却剂，用来解释沿海地区与内陆地区之间的气候差别、城市热岛效应的原因等等．

由于热水的温度高，故分子运动剧烈，热水中的墨水扩散的快．
故答案为：（1）乙；（2）温度．

点评：
本题考点： 扩散现象；宏观热现象和分子热运动的联系．

考点点评： 本题主要考查学生对：扩散现象与温度关系的了解和掌握，是一道基础题．