自动控制原理中,动态性能具体指的是什么啊?难道就是暂态性能?

（1）根据题意可知，声控开关和光控开关同时控制灯泡，因此它们的连接方式为串联；
（2）根据图示可知，电能表的示数为931.6kW•h，则本月消耗的电能：W=931.6kW•h-811.6kW•h=120kW•h；
故本月应缴的电费为120kW•h×0.5/kW•h=60元；
（3）已知电能表的额定电压为220V，标定电流为5A，因此同时使用的用电器的最大功率：P=UI=220V×5A=1100W．
故答案为：串联；60；1100．

点评：
本题考点： 电能表参数的理解与电能的求法．

考点点评： 本题综合考查了电路的基本连接方式、电能表的读出、电费的计算以及最大功率的计算，关键是明确电能表参数的含义．

（1）由P=UI可得，正常加热状态下的电流：I=[P/U]=[880W/220V]=4A；
（2）当开关S闭合、S₀断开时，电热饮水机只有R₂工作，处于保温状态；
由P=UI，I=[U/R]可得，
R₂电阻：R₂=
U2
P2=
(220V)2
40W=1210Ω；
（3）电热饮水机处于加热状态时的总电阻为：
R_总=
U2
P总=
(220V)2
880W=55Ω；
实际加热功率：P_实=

U2实
R总=
(200V)2
55Ω=727.3W．
答：（1）电热饮水机正常工作时，在加热状态下的总电流大约是4A；
（2）若保温时的功率为40W，则电阻R₂的阻值为1210Ω；
（3）当实际电压只有200V时，这个电热饮水机加热的实际功率是727.3W．

点评：
本题考点： 电功率与电压、电流的关系；欧姆定律的变形公式；实际功率．

考点点评： 分析清楚电路结构，知道何时饮水机处于加热状态、何时处于保温状态，是正确解题的关键，灵活应用功率的变形公式、并联电路的特点可以正确解题．

（1）温度升高热敏电阻变小，控制左边电路电流变大，电磁铁磁性变强、开关接触a点，要使温度过高时报警器报警，c应接在a处．
（2）滑片P向左移，滑动变阻器接入电路的阻值变大，在温度更高时控制电路才能有足够大电流，使磁铁有足够大引力吸引开关，因此滑片向左移可以提高报警器的灵敏度．
故答案为：（1）a；（2）左．

点评：
本题考点： 传感器在生产、生活中的应用；常见传感器的工作原理．

考点点评： 本题考查学生对图象的认知及欧姆定律的使用，从图中得出热敏电阻的阻值与温度的变化关系是本题的突破口．

（1）由P=UI可得，饮水机在保温状态下的工作电流：
I=
P保温
U=[44W/220V]=0.2A；
（2）加热过程中，水吸收的热量：
Q_吸=cm（t-t₀）
=4.2×10³J/（kg•℃）×2kg×（80℃-30℃）
=4.2×10⁵J；
（3）加热10min消耗的电能：
W=P_加热t=1000W×10×60s=6×10⁵J，
该饮水机烧水的效率：
η=
Q吸
W×100%=
4.2×105J
6×105J×100%=70%．
答：（1）饮水机在保温状态下的工作电流为0.2A；
（2）加热过程中，水吸收的热量是4.2×10⁵J；
（3）该饮水机烧水的效率是70%．

点评：
本题考点： 电功与热量的综合计算．

考点点评： 本题考查了电功与热量的综合计算，涉及到电功率公式、电功公式、吸热公式、效率公式的综合应用，从表格中获取有用的信息是关键．

当电容C增大时，根据电容的决定式C=[ɛS/4πkd] 分析正对面积应增大，则知，液面高度h增大．
当电容C减小时，则液面高度减小，故AC正确，BD错误．
故选AC

点评：
本题考点： 常见传感器的工作原理．

考点点评： 本题只要掌握电容的决定式C=[ɛS/4πkd]，就能很容易分析电容与液面高度h的关系．

（1）因为入射光线与界面夹角为40°，所以入射角等于90°-40°=50°；又因为光反射时，入射角等于反射角，故反射角等于50°．
（2）光电屏上的光斑S向左移动时，由于入射角不变，所以反射光线与原来的反射光线平行，所以液面上升，如图所示，此时反射角还是50°．
故答案为：50；升高．

点评：
本题考点： 光的反射定律．

考点点评： 本题利用了镜面反射来解释光电控制液面高度的原理，关键是知道入射角和反射角的概念和光的反射定律．

当物体M移动时，接入电路的电阻不变，电阻上的滑片的移动，改变P点左侧部分的长度，
根据欧姆定律，电流不变，左侧电阻发生变化，则电压表示数发生变化，而电流表A示数不变．
故B正确，A、C、D错误．
故选B．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用．

考点点评： 本题考查了学生对欧姆定律的掌握和运用，本题关键是认识到滑动变阻器起不到变阻作用．

（1）当开关S₀闭合时R₁与R₂并联，当开关S₀断开后电路为R₂的简单电路；
∵电阻越并越小、小于任何一个分电阻，
∴根据P=
U2
R可知，开关S₀断开时，电路中的电阻最大，电功率最小，饮水机处于保温状态；
（2）∵电路的总功率等于各用电器的功率之和，
∴电阻R₁的电功率：
P₁=P_加热-P_保温=440W-40W=400W，
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴电阻R₁的阻值：
R₁=
U2
P1=
(220V)2
400W=121Ω．
故答案为：保温；121．

点评：
本题考点： 欧姆定律的应用；并联电路的电压规律；电功率的计算．

考点点评： 本题考查了并联电路的特点和电功率公式的灵活应用，关键是知道无论串联还是并联电路中的总功率等于各用电器功率之和．

电容C增r时，根据电容的决定式C=[εS/4πk我]分析正对面积应增r，则知，液面高度h增r．故A正确、BC我错误．
故选：A

点评：
本题考点： 常见传感器的工作原理；传感器在生产、生活中的应用．

考点点评： 本题只要掌握电容的决定式C=[εS/4πkd]，就能很容易分析电容与液面高度h的关系．

工件缓慢向左移动，相当于介质减少，由C=[ɛr/4πk0]知电容减少，两板间的电压不变，根据C＝
Q
6知极板上的带电量减少，电容器对电源反向充电，通过电流表的电流由a至b．
故答案为：方向由a至

点评：
本题考点： 电容器的动态分析．

考点点评： 考查了影响电容器电容的因素，如何改变电容器的容，电容传感器的特点．

电磁继电器的主要部分是电磁铁，电磁铁的磁性强弱跟电流的大小、线圈的匝数的多少、是否有铁芯插入，要想在光亮时灯灭，一定要增大电磁铁的磁性．采取的方法是增大电流、增加线圈的匝数．
A、减少线圈的匝数减弱电磁铁的磁性．不符合题意．
B、滑动变阻器滑片向左滑动电阻长度减小，电流增大，磁性增大．符合题意．
C、抽出铁芯减弱电磁铁的磁性．不符合题意．
D、减小电源电压，电路中的电流减小，磁性减小．不符合题意．
故选B．

点评：
本题考点： 电磁继电器的组成、原理和特点．

考点点评： （1）掌握电磁继电器的工作原理、特点．
（2）掌握电磁铁的磁性强弱的影响因素．
（3）掌握滑动变阻器的作用．

由题意知，应将这两个开关串联起来．这样到了晚上，光控开关里的光敏电阻会变小，同时只有当发出声音时，声控开关里的声敏电阻变小后，灯泡才能发光．这种开关叫做声光控开关，灯泡由两个开关同时控制，只有两个开关都接通时，灯泡才能发光．
故选B．

点评：
本题考点： 串联电路和并联电路的辨别．

考点点评： 本题是开关串联在实际生活中的具体应用，需要对题中要求有清楚的认识，关键是开关的控制作用．

（1）设所求函数关系式为y=kx+b．
由图象可知（10，100），（30，80）两点．
得

10k+b＝100
30k+b＝80（2分）
解得

k＝−1
b＝110（1分）
∴y=-x+110（1分）
（2）当y=10时，-x+110=10，x=100（1分）
机器运行100分钟时，第一个加工过程停止．（1分）
（3）由图知20分钟耗油20升，所以耗油率为每分钟1升；由图也知加油过程每分钟加油10升，所以第一个加工过程停止开始加油到加满油箱需9分钟，
整过程加工时间：185-10-9=166（分钟），
∴166×1=166（升），
加工完这批工件，机器耗油166升．（1分）

点评：
本题考点： 一次函数的应用．

考点点评： 认真审题，理解机器运行时间与加工时间的关系很关键．

（1）电冰箱使用的是交流电源，能量转化为电能转化为内能；
（2）冰箱门打开时，照明灯亮，门控开关应处于 闭合状态，冰箱门关上时，照明灯熄，门控开关应处于 断开状态；
（3）甲电路的特点是 电灯与压缩机相互不影响，乙电路的特点是 当冰箱门关闭时压缩机才能工作．
故本题答案为：交流电源；内；闭合；断开；电灯与压缩机相互不影响；当冰箱门关闭时压缩机才能工作．

点评：
本题考点： 电路的基本连接方式．

考点点评： 本题考查了电冰箱电路中电灯与压缩机的关系．一般情况下电灯与压缩机是相互不影响工作的．因为压缩机不能在短时间多次启动，而电冰箱的门可以在短时间多次打开和关闭．

A、图示电容器的一个极板时金属芯线，另一个极板是导电液，故是通过改变电容器两极间正对面积而引起电容变化的，故A错误；
B、是通过改变极板间的距离，改变电容器的电容，故B正确；
C、图示电容器为可变电容器，通过转动动片改变正对面积，改变电容，故C错误；
D、由上可知，故D错误；
故选B

点评：
本题考点： 电容．

考点点评： 考查了影响电容器电容的因素，如何改变电容器的容，电容传感器的特点．

A、C若液面下降，相当于极板正对面积S减小，根据电容的决定式C=[ɛS/4πkd]分析可知，电容减小．故A正确，C错误．
B、若液面升高，相当于极板正对面积S增大，根据电容的决定式C=[ɛS/4πkd]分析可知，电容增大．故B错误．
C、由上分析可知D错误．
故选A

点评：
本题考点： 电容器的动态分析．

考点点评： 本题只要掌握电容的决定式C=ɛS4πkd，就能很容易分析电容与液面高度h的关系．

（1）由已知
G_M=G_B=m_Bg=1kg×10N/kg=10N
G_N=m_Ng=1.5kg×10N/kg=15N
提升物体M、N时，受力分析如图（1）（2）

平衡方程为
（1）3F₁=G_动+G_M
（2）3F₂=G_动+G_N
∵η₁：η₂=8：9
η₁=
GM
G动+GM，η₂=
GN
G动+GN，
由已知及以上关系得：G_动=5N
由方程（1）（2）得出F₁=5N，F₂=[20/3]N
∴F₁：F₂=3：4
（2）提升电动机P的功率为3W不变时，
当物体M匀速上升时，由υ₁=[P
F1=
3W/5N]=0.6m/s，
∵滑轮组有3段绳子承担，
∴υ_M=0.2m/s．
（3）当物体N被提升到一定高度后，启动电动机Q将杠杆B端匀速抬起的过程中，
对杠杆和滑轮D受力分析如图（3）（4）

平衡方程为
（1）F_A．OA=F_B．OB
（2）F_A′=G_D+2F
∵F_B=G_动+G_N+G_B=30N
OA：OB=1：3，
G_D=10N
由已知及以上关系得
F=40N
答：
（1）F₁与F₂的比值为3：4．
（2）只让提升电动机P工作，当物体M匀速上升时的速度为0.2m/s．
（3）电动机Q对绳子的拉力为40N．

点评：
本题考点： 杠杆的平衡条件；速度的计算；滑轮组及其工作特点．

考点点评： 此类问题是一道复杂的综合题目，要会正确的对物体进行受力分析，结合平衡状态求解出各力的大小，进而利用杠杆的平衡条件和机械效率计算公式进行分析求解．

（1）设所求函数关系式为y=kx+b．
由图象可知（10，100），（30，80）两点．
得

10k+b＝100
30k+b＝80（2分）
解得

k＝−1
b＝110（1分）
∴y=-x+110（1分）
（2）当y=10时，-x+110=10，x=100（1分）
机器运行100分钟时，第一个加工过程停止．（1分）
（3）由图知20分钟耗油20升，所以耗油率为每分钟1升；由图也知加油过程每分钟加油10升，所以第一个加工过程停止开始加油到加满油箱需9分钟，
整过程加工时间：185-10-9=166（分钟），
∴166×1=166（升），
加工完这批工件，机器耗油166升．（1分）

点评：
本题考点： 一次函数的应用．

考点点评： 认真审题，理解机器运行时间与加工时间的关系很关键．

电磁继电器主要是利用电磁铁控制工作电路通断的开关，由 控制电路和 工作电路两部分组成；
通过开关控制电磁铁电流的通断，使电磁铁有无磁性，从而控制被控电路的通断，实现远距离操作和自动控制等功能，它可以用低压电源控制高压电源，弱电流控制强电流等．
故答案为：控制电路；工作电路．

点评：
本题考点： 电磁继电器的组成、原理和特点．

考点点评： 此题主要考查了电磁继电器的基本组成与作用，要理解电磁继电器的实质，搞清它的工作原理．

使电动机在温度升高或受到光照时，R_H和R_L的阻值都比较小，则它们的电势差都比较小，知道输入端为高电势，电动机能启动，知输出端为高电势，即只要有一个条件满足，事件就能发生，可知是“或”门；
若要提高光照时电动机启动的灵敏度，即光照还没足够强时，输出端就能得到高电势．光照未足够强时，该电阻还未足够小，但若增大R₂的阻值，它就相对变得足够小，输入端就会得到高电势．
故答案为：或，增大．

点评：
本题考点： 简单的逻辑电路．

考点点评： 解决本题的关键掌握“或”门的特点，即只要有一个条件满足，事件就能发生．

A、温度自动报警器的原理是当温度达到一定值时，温度计内液体上升，该液体必须是导体，这样控制电路会接通，电磁铁产生磁性，将衔铁吸引，将报警电路接通，电铃响，起到报警作用，故A错，符合题意；
BCD、电磁铁是运用电流的磁效应、温度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的、电磁继电器的实质就是一个开关，所以BCD说法正确，不符合题意．
故选A．

点评：
本题考点： 电磁继电器的组成、原理和特点；液体温度计的构造与工作原理；电流的热效应、化学效应和磁效应；导体．

考点点评： 此题主要考查了电磁继电器的工作原理、导体的概念和温度计的制作原理．电磁继电器的实质相当于工作电路中的开关．解决此类题目的关键是了解电磁继电器的构造，并搞清各部分的作用，同时要搞清控制电路和工作电路．

（1）由压力传感器R的电阻与所受压力的关系如中表所示，可得：F=0，R=300Ω，由闭合电路欧姆定律：I＝
U
R＝
4.8
300=1.6×10^-2 A
即该秤零起点（即踏板空载时）的刻度线应标在电流表刻度盘 1.6×10^-2A处
（2）由闭合电路欧姆定律：I＝
U
RR＝
U
I＝
4.8
0.02＝240Ω
由表中数据得，F=500N，由G=mg，得m=50kg
如果某人站在该秤踏板上，电流表刻度盘的示数为20mA，则此人的体重是 50kg
故答案为 1.6×10^-2 50

点评：
本题考点： 常见传感器的工作原理；闭合电路的欧姆定律．

考点点评： 考查了压力传感器的原理及应用，信号的转换，理清关系．

（1）根据题意可知，声控开关和光控开关同时控制灯泡，因此它们的连接方式为串联；
（2）根据图示可知，电能表的示数为931.6kW•h，则本月消耗的电能：W=931.6kW•h-811.6kW•h=120kW•h；
故本月应缴的电费为120kW•h×0.5/kW•h=60元；
（3）已知电能表的额定电压为220V，标定电流为5A，因此同时使用的用电器的最大功率：P=UI=220V×5A=1100W．
故答案为：串联；60；1100．

点评：
本题考点： 电能表参数的理解与电能的求法．

考点点评： 本题综合考查了电路的基本连接方式、电能表的读出、电费的计算以及最大功率的计算，关键是明确电能表参数的含义．