(2013•鹰潭一模)某科学工作者对某生物某器官的细胞进行电镜观察后,他画了一张如图所示的细胞示意图.下列与此有关的叙述

shensgasyp2022-10-04 11:39:541条回答

(2013•鹰潭一模)某科学工作者对某生物某器官的细胞进行电镜观察后,他画了一张如图所示的细胞示意图.下列与此有关的叙述正确的是(  )
A.该细胞可能是植物茎尖分生区的细胞
B.构成该生物的遗传物质共有5种碱基
C.该生物的代谢类型可能是自养需氧的
D.液泡对该生物的内环境起调节作用

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lynn_will 共回答了20个问题 | 采纳率80%
解题思路:分析题图:图示为某同学进行电镜观察后,所画的细胞示意图,该细胞含有成形的细胞核,属于真核生物;该细胞含有液泡和细胞壁,属于植物细胞.

A、茎尖分生区细胞不成熟,不含大液泡,而图示细胞含有大液泡,不可能是植物茎尖分生区的细胞,A错误;
B、该生物的遗传物质是DNA,共有4种碱基(A、C、G、T),B错误;
C、该生物可能为植物,其代谢类型可能为自养需氧型,C正确;
D、内环境是针对动物而言,而该生物为植物,D错误.
故选:C.

点评:
本题考点: 原核细胞和真核细胞的形态和结构的异同.

考点点评: 本题结合细胞结构示意图,考查细胞结构和功能,要求考生识记细胞中各结构的图象,掌握细胞中各种细胞器的结构、分布和功能,能结合图中信息准确判断该生物的类型,再结合所学的知识准确判断各选项.

1年前

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(1)电刺激后.右后肢迅速出现缩腿反射,而左后肢无反应.该现象体现了神经调节具有______的特点.
(2)在实验中检测IL一6mRNA含量的理由是______.本研究除了检测收缩的骨骼肌细胞内IL一6mRNA含量,还应检测______的IL一6mRNA含量作为对照.若结果是______,则证明上述假说成立.
(3)其它研究还表明,IL一6调节糖代谢的机理是作用于肝脏细胞促进______,使血糖浓度升高,同时加速骨骼肌对葡萄糖的______,为其收缩提供更多的能量.
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解题思路:电刺激右后肢,右后肢小腿出现缩腿反射,说明为神经调节,神经调节的基本方式是反射.反射包括条件反射和非条件反射.
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点评:
本题考点: 神经、体液调节在维持稳态中的作用;体温调节、水盐调节、血糖调节.

考点点评: 本题主要考查了神经调节的基本特点、血糖调节及转录和翻译的有关知识,以及设置对照试验的方法等內容.对学生理解图片內容的能力和应用所学知识解决实际问题的能力要求较高.

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A.圆轨道上的电势处处相等
B.圆轨道上的电场强度处处相等
C.点电荷q1对小球的库仑力一定是吸引力
D.点电荷q2对小球的库仑力一定是吸引力
justdoit191年前1
赤蓝街 共回答了20个问题 | 采纳率90%
解题思路:根据电场中等势面分布的对称性可分析出圆轨道上电势情况;根据电场线的分布情况,分析电场强度的关系,电场强度是矢量,只有大小和方向都相同时,电场强度才相同.带电小球做匀速圆周运动,合外力提供向心力,分析两个电荷的电性和q1对小球的库仑力.

A、根据两个点电荷q1、q2电场中等势面分布的对称性可知,圆轨道上的电势处处相等,故A正确.
B、根据电场线的分布情况可知:圆轨道上电场线疏密处处相同,电场强度的大小处处相等,但方向不同,所以电场强度不相同.故B错误.
C、D、带电小球做匀速圆周运动,合外力提供向心力,由于两个电荷的电荷量相等,q1离带电小球比q2近,库仑力较大,水平方向的分力较大,则q1对小球的库仑力必定是吸引力,小球所受两个电荷的库仑力的合外力指向圆心的分力提供向心力,由于q1对带电小球的库仑力较大,水平方向的分力较大,q1、q2可能为异种电荷,则q2对小球的库仑力可能是斥力,故C正确,D错误.
故选:AC.

点评:
本题考点: 电势;库仑定律;电场强度.

考点点评: 本题要抓住电场线和等势线分布的对称性分析场强和电势的关系,知道匀速圆周运动的向心力同由合外力提供,运用动力学的方法分析向心力的来源.

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AC
AB
(λ∈R),
AD
AB
(μ∈R)且[1/λ]+[1/μ]=2,则称C,D是关于A,B的“好点对”.已知M,N是关于A,B的“好点对”,则下面说法正确的是(  )
A.M可能是线段AB的中点
B.M,N可能同时在线段BA延长线上
C.M,N可能同时在线段AB上
D.M,N不可能同时在线段AB的延长线上
横刀立马1年前1
robinico 共回答了13个问题 | 采纳率84.6%
解题思路:根据向量共线定理得到A,B,C,D四点共线,再利用反证法求证,问题得以解决.

由题意知

AC=λ

AB(λ∈R),

AD=μ

AB(μ∈R)且[1/λ]+[1/μ]=2,
故A,B,C,D四点共线,
若M是线段AB的中点,

AC=
1
2

AB,∴λ=
1
2,
1
μ=0(不可能),故A错误,
若M,N可能同时在线段BA的延长线上,
则λ<0.μ<0,
∴[1/λ+
1
μ<0与
1
λ]+[1/μ]=2矛盾.故B错误,
若M,N可能同时在线段AB上,
则0<λ<1,0<μ<1,
∴[1/λ+
1
μ>2,与
1
λ]+[1/μ]=2矛盾.故C错误
若M,N不可能同时在线段AB的延长线上,
假设M,N同时在线段AB的延长线上,
则λ>1.μ>1,
∴[1/λ+
1
μ<2,与
1
λ]+[1/μ]=2矛盾.故假设不成立,所以M,N不可能同时在线段AB的延长线上.
故D正确.
故选:D.

点评:
本题考点: 向量加减混合运算及其几何意义.

考点点评: 本题主要考查了向量共线定理和反证法,属于基础题.

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n,其中n=3
π
2
π
2
cosxdx,则f(x)的展开式中x2的系数为(  )
A.15
B.-15
C.60
D.-60
3141224521年前1
mnman 共回答了23个问题 | 采纳率95.7%
解题思路:由定积分求出n的值,代入f(x)=([1/2]x-
2
n求其通项,由x得指数确定r的值,则f(x)的展开式中x2的系数可求.

∵n=3

π
2−
π
2cosxdx=3sinx
|
π
2−
π
2=3sin[π/2]-3sin(-[π/2])=6,
∴f(x)=([1/2]x-
2)n=(
1
2x−
2)6,
Tr+1=
Cr6(
1
2x)6−r(−
2)r=(−
2)r•(
1
2)6−r•
Cr6•x6−r,
由6-r=2,得r=4.
∴f(x)的展开式中x2的系数为(−
2)4×(
1
2)2×
C26=15.
故选:A.

点评:
本题考点: 定积分.

考点点评: 本题考查了定积分,考查了二项展开式的通项,是基础的计算题.

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(1)函数y=2sinx的图象向右平移[π/6]个单位后得到函数y=2sin(x+
π
6
)
的图象;
(2)已知f(x)=
x+3,(x≤1)
x2+2x+3,(x>1)
,则函数g(x)=f(x)-ex的零点个数为2;
(3)函数y=log
1
2
(x2−5x+6)
的单调增区间为(−∞,
5
2
)

则以上命题中真命题个数为(  )
A.0
B.3
C.2
D.1
zhxu1551年前0
共回答了个问题 | 采纳率
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x−y≤0
x+y−5≥0
y−3≤0
,若不等式axy≥x2+y2恒成立,则实数a的最小值是
[13/6]
[13/6]
大米20051年前0
共回答了个问题 | 采纳率
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(2013•鹰潭一模)将具有一对相对性状的纯种豌豆个体间行种植,另将具有一对相对性状的纯种玉米个体间行种植,通常情况下,具有隐性性状的一行植株上所产生的F1是(  )
A.豌豆和玉米都有显性个体和隐性个体
B.玉米都为隐性个体,豌豆既有显性又有隐性
C.豌豆和玉米的显性和隐性比例都是3:1
D.豌豆都为隐性个体,玉米既有显性又有隐性
zhengweiyang5261年前1
回忆1969 共回答了24个问题 | 采纳率79.2%
解题思路:根据题意分析可知:纯种豌豆在自然情况下是严格的自花传粉,闭花受粉,所以间行种植彼此之间互不影响;而玉米自然条件下既可进行同株的异花传粉(因雌雄不同花,系自交)又可进行异株间的异花传粉(系杂交),所以隐性个体上产生的 F1既有高茎也有矮茎.

A、豌豆由于自花传粉,只有隐性个体;玉米可进行异株间的异花传粉,有显性个体和隐性个体,A错误;
B、豌豆都为隐性个体,玉米既有显性又有隐性,B错误;
C、豌豆都为隐性个体,玉米可进行同株的异花传粉,又可进行异株间的异花传粉,比例不能确定,C错误;
D、豌豆都为隐性个体,玉米既有显性又有隐性,D正确.
故选:D.

点评:
本题考点: 基因的分离规律的实质及应用.

考点点评: 本题考查基因分离定律应用的相关知识,意在考查学生的识记能力和判断能力,运用所学知识综合分析问题的能力.

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(2014•鹰潭二模)对于各项均为整数的数列{an},如果ai+i(i=1,2,3,…)为完全平方数,则称数列{an}具有“P性质”,如果数列{an}不具有“P性质”,只要存在与{an}不是同一数列的{bn},且{bn}同时满足下面两个条件:①b1,b2,b3,…bn是a1,a2,a3,…,an的一个排列;②数列{bn}具有“P性质”,则称数列{an}具有“变换P性质”,下面三个数列:①数列1,2,3,4,5;②数列1,2,3,…,11,12;③数列{an}的前n项和为Sn=[n/3](n2-1).其中具有“P性质”或“变换P性质”的有(  )
A.③
B.①③
C.①②
D.①②③
twinshxp1年前1
hxnlyx 共回答了12个问题 | 采纳率100%
解题思路:对于①,数列1,2,3,4,5,具有“变换P性质”,数列{bn}为3,2,1,5,4,具有“P性质”;
对于②,因为11,4都只有与5的和才能构成完全平方数,所以1,2,3,…,11,不具有“变换P性质”;
对于③,求出数列{an}的通项,验证ai+i=i2(i=1,2,3,…)为完全平方数,可得结论

对于①,数列1,2,3,4,5,具有“变换P性质”,数列{bn}为3,2,1,5,4,具有“P性质”,
∴数列{an}具有“变换P性质”;
对于②,∵11,4都只有与5的和才能构成完全平方数,
∴1,2,3,…,11,不具有“变换P性质”.
对于③,当n≥2时,an=Sn-Sn-1=n2-n
∵a1=0,∴an=n2-n.
∴ai+i=i2(i=1,2,3,…)为完全平方数
∴数列{an}具有“P性质”;
故选:D.

点评:
本题考点: 数列的应用.

考点点评: 本题考查新定义,考查学生分析解决问题的能力,正确理解新定义是关键.

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①求此时A部分气体体积与原来体积之比;
②判断此过程中A部分气体是吸热还是放热,并简述理由.
楚他kk1年前1
class31111 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
解题思路:(1)应用玻意耳定律求出气体的体积,然后求出两部分气体的体积之比.
(2)根据热力学第一定律判断气体是吸热还是放热.

①设A气体的体积为V,由玻意耳定律得:
PAV=PA′(V+△V),
PBV=PB(V-△V),
PA=PB,解得:△V=[1/4]V,
A部分气体体积与原来的体积之比为5:4;
②A部分气体温度不变,气体内能不变,气体体积变大,气体膨胀对外做功,由热力学第一定律可得:气体从外界吸收热量.
答:①求此时A部分气体体积与原来体积之比为5:4;
②A部分气体是吸热.

点评:
本题考点: 热力学第一定律;气体的等温变化.

考点点评: 熟练应用玻意耳定律、热力学第一定律即可正确解题,本题难度不大,是一道基础题.

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A.从空气中看处于水中同一深度的红、黄、绿、蓝四盏灯,感觉红色灯离水面最远
B.以相同的入射角从真空射入同一介质中,蓝光最有可能发生全反射
C.对于相同的障碍物,红光的衍射现象最明显
D.在双缝干涉实验中,双缝前分别加上蓝光和绿光滤光片,在屏上将看不到干涉现象,也没有任何亮光
(2)在某介质中形成一列简谐波,波向右传播,在0.1s时刻刚好传到B点,波形如图中实线所示,且再经过0.6s,P点也开始起振,求:
①该列波的周期T;
②从t=0时刻起到P点第一次达到波峰时止,O点对平衡位置的位移y0及其所经过的路程s0各为多少?
464545451年前1
青草mm 共回答了21个问题 | 采纳率90.5%
解题思路:(1)根据临界角的大小,分析哪种灯离水面最远.光从真空射入同一介质中不可能发生全反射.对于相同的障碍物,波长越长的光,衍射现象最明显.蓝光和绿光频率不同,不能产生干涉现象.
(2)①根据PB间的距离和波传播的时间,求出波速,读出波长,求出周期.
②图示时刻x=-0.5m处的波峰传到P点时,P点第一次达到波峰,根据距离求出时间,分析时间与周期的关系,求解y0路程s0

(1)
A.水对红光的折射率最小,临界角最大,根据折射定律和几何知识得知光源在水中视深与实际深度的关系是h视=
h实
n,所以从空气中看处于水中同一深度的红、黄、绿、蓝四盏灯,感觉红色灯离水面最远.故A正确.
B.光从真空射入同一介质中,不可能发生全反射.故B错误.
C.红光的波长最长,对于相同的障碍物,红光的衍射现象最明显.故C正确.
D.在双缝干涉实验中,双缝前分别加上蓝光和绿光滤光片,分别透过蓝光和绿光,这束光频率不同,在屏上将看不到干涉现象,但有亮光.故D错误.
故选AC
(2)①由图象可知,波长λ=2m
波速v=
x
△t1=
6
0.6m/s=10m/s
由v=
λ
T,得T=
λ
v=0.2s
②图示时刻x=-0.5m处的波峰传到P点的距离为△s=7.5m,该波峰传到O点的时间为
△t=[△s/v]=[7.5/10]s=0.75s
所以P点到达波峰的时刻为△t+0.1=0.85s
由题意可知t=0时刻波刚好传到O点,起振方向向下,即O点振动了t=0.85st=4T+[1/4]T
所以y0=-2cm,路程s0=4.25×4A=4.25×4×2cm=34cm
答:(1)AC;(2)①该列波的周期T=0.2s;
②从t=0时刻起到P点第一次达到波峰时止,O点对平衡位置的位移y0=-2cm,其所经过的路程s0为34cm.

点评:
本题考点: 波长、频率和波速的关系;横波的图象;电磁波谱.

考点点评: 本题第(1)问中经验公式h视=h实n,可以根据折射定律和数学知识推导.第(2)问运用波形平移的方法理解.

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(2014•鹰潭二模)如图1所示,物体受到水平推力F的作用在粗糙水平面上做直线运动.通过力传感器和速度传感器监测到推力F、物体速度v随时间t变化的规律如图2所示.取g=10m/s2.则(  )
A.物体的质量m=3.0kg
B.物体与水平面间的动摩擦因数μ=0.20
C.第2s内物体克服摩擦力做的功W=2.0J
D.前2s内推力F做功的平均功率
.
P
=3W
tao__zui1年前1
kuku720 共回答了22个问题 | 采纳率68.2%
解题思路:解决本题的关键是理解速度图象的斜率的含义:速度图象的斜率代表物体的加速度.速度的正负代表物体运动的方向.

A、由速度时间图象可以知道在2-3s的时间内,物体匀速运动,处于受力平衡状态,所以滑动摩擦力的大小为2N,
在1-2s的时间内,物体做匀加速运动,直线的斜率代表加速度的大小,所以a=[2−0/1]=2m/s2,由牛顿第二定律可得F-f=ma,所以m=[F−f/a]=[3−2/2]kg=0.5kg,所以A错误;
B、由f=μFN=μmg,所以:μ=[f/mg]=[2/5]=0.4,所以B错误;
C、第二秒内物体的位移是:x=[1/2]at2=[1/2]×2×1=1m,摩擦力做的功为:W=fx=-2×1J=-2J,故克服摩擦力所做的功为2.0J;故C正确;
在第一秒内物体没有运动,只在第二秒运动,F也只在第二秒做功,F的功为:W=Fx=3×1J=3J,所以前2S内推力F做功的平均功率为:P=[W/t]=[3/2]W=1.5W,所以D错误.
故选:C.

点评:
本题考点: 功率、平均功率和瞬时功率;动摩擦因数;功的计算.

考点点评: 对于速度图象类的题目,主要是要理解斜率的含义:斜率代表物体的加速度;速度正负的含义:速度的正负代表物体运动的方向;速度图象与时间轴围成的面积的含义:面积代表物体的位移.

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(2011•鹰潭二模)实验室用浓硫酸与铜的反应制取少量NaHSO3,实验装置如图所示:
请回答:
(1)实验中取一定量Cu片和一定量浓H2SO4放在圆底烧瓶中共热,至反应结束后,发现烧瓶中还有少量Cu剩余,则H2SO4 是否剩余______,原因是______.
(2)向反应后的溶液中加入足量的CuO,过滤后将滤液加热浓缩,冷却结晶制得硫酸铜晶体(CuSO4•XH2O)某小组同学采用加热法测定该晶体里结晶水X的值;
①冷却结晶后要获得较纯净的硫酸铜晶体采取的操作是______
②在他们的每一次实验操作中至少称量______次.
③加热法测定该晶体里结晶水X的值,结晶水完全失去的判断方法是______;
④下面是三次实验数据的平均值
坩埚质量 坩埚与晶体总质量 加热后坩埚与固体总质量
11.7g 22.7g 18.6g
根据上表数据计算出x的实测值为______
(3)装置乙的作用是:______;
(4)下列说法正确的是:______(填序号).
a.甲装置使用的玻璃仪器有:酒精灯、玻璃管、长颈漏斗、圆底烧瓶
b.KMnO4溶液用于尾气处理
c.当把品红溶液滴入到锥形瓶中,若品红不褪色,说明无NaHSO3产生
d.当把品红溶液滴入到锥形瓶中,若品红褪色,说明NaOH已完全转化为NaHSO3
e.若把品红溶液换成酸性高锰酸钾溶液,并滴入到锥形瓶中,不显紫红色,说明NaOH已完全转化为NaHSO3
幽雅的灰1年前1
钟琳 共回答了21个问题 | 采纳率100%
解题思路:(1)稀H2SO4与Cu不反应,随着反应进行,H2SO4越来越稀,所以H2SO4一定有剩余;
(2)①得到较纯净晶体的方法是:冷却结晶后过滤、洗涤、干燥;
②实验中为准确测定结晶水的值,应分别测定坩埚的质量、坩埚与晶体的总质量,以此测定晶体的质量,然后称量加热后坩埚与固体总质量,之后再加热一次以判断晶体是否完全分解,总共称量4次;
③加热至恒重,两次称量质量不超过0.1g;
④根据表中数据计算硫酸铜和结晶水的物质的量,进而计算x值;
(3)二氧化硫与氢氧化钠溶液反应而被吸收,因此装置乙作为安全瓶起到防止倒吸的作用;
(4)a、装置中是分液漏斗;
b、高锰酸钾溶液可以吸收二氧化硫;
c、溶液中如果溶有SO2则品红褪色,若无SO2则不褪色,但并不能说明无NaHSO3
d、溶液中如果溶有SO2则品红褪色,若无SO2则不褪色,但并不能说明无NaHSO3
e、亚硫酸钠、亚硫酸氢钠、二氧化硫都可以和高锰酸钾反应.

(1)浓硫酸随反应进行浓度变稀后不再与铜反应,所以剩余硫酸,
故答案为:剩余;稀H2SO4与Cu不反应,随着反应进行,H2SO4越来越稀,所以H2SO4一定有剩余;
(2))①得到较纯净晶体的方法是:冷却结晶后过滤、洗涤、干燥,
故答案为:过滤、洗涤、干燥;
②实验中为准确测定结晶水的值,应分别测定坩埚的质量、坩埚与晶体的总质量,以此测定晶体的质量,然后称量加热后坩埚与固体总质量,之后再加热一次以判断晶体是否完全分解,总共称量4次,
故答案为:4;
③依据实验基本操作,物质加热失水至恒重最后两次称量的质量差不超过0.1g,
故答案为:两次称量不超过0.1g;
④该实验晶体的质量为22.7g-11.7g=11g,硫酸铜的质量为18.6g-11.7g=6.9g,水的质量为22.7g-18.6g=4.1g,则n(CuSO4)=[6.9g/160g/mol]=0.043mol,
n(H2O)=[4.1g/18g/mol]=0.23mol,所以x=[0.23/0.043]=5.28,
故答案为:5.28;
(3)二氧化硫与氢氧化钠溶液反应而被快速吸收,因此装置乙作为安全瓶起到防止倒吸的作用,
故答案为:防止丙中液体倒吸入甲中;
(4)a.甲装置使用的玻璃仪器有:酒精灯、玻璃管、分液漏斗、圆底烧瓶,故a错误;
b.KMnO4溶液用于尾气处理,二氧化硫是污染性气体不能排放到大气中,高锰酸钾溶液可以吸收二氧化硫,故b正确;
c.当把品红溶液滴入到锥形瓶中,溶液中如果溶有SO2则品红褪色,若无SO2则不褪色,但并不能说明无NaHSO,3.故c错误;
d.当把品红溶液滴入到锥形瓶中,若品红褪色,说明溶液中含有二氧化硫,过量的二氧化硫和氢氧化钠全部反应,说明NaOH已完全转化为NaHSO3,故d正确;
e.若把品红溶液换成酸性高锰酸钾溶液,并滴入到锥形瓶中,不显紫红色,高锰酸钾发生反应,其中亚硫酸钠、亚硫酸氢钠、二氧化硫都可以和高锰酸钾反应,不能说明NaOH已完全转化为NaHSO3,故e错误;
故答案为:bd.

点评:
本题考点: 浓硫酸的性质实验.

考点点评: 本题考查铜与浓硫酸的反应,题目难度较大,注意(2)实验测定步骤和注意问题为易错点,掌握实验操作和实验原理,分析实验现象是解题关键.

(2013•鹰潭一模)某校在高三年级上学期期末考试数学成绩中抽取n个数学成绩进行分析,全部介于80分与130分之间,将测
(2013•鹰潭一模)某校在高三年级上学期期末考试数学成绩中抽取n个数学成绩进行分析,全部介于80分与130分之间,将测试结果按如下方式分成五组,第一组[80,90);第二组[90,100)…第五组[120,130],下表是按上述分组方法得到的频率分布表:
分 组 频 数 频 率
[80,90) x 0.04
[90,100) 9 y
[100,110) z 0.38
[110,120) 17 0.34
[120,130] 3 0.06
(1)求n及分布表中x,y,z的值;
(2)校长决定从第一组和第五组的学生中随机抽取2名进行交流,求第一组至少有一人被抽到的概率.
(3)设从第一组或第五组中任意抽取的两名学生的数学测试成绩分别记为m,n,求事件“|m-n|>10”的概率.
wlxj5181年前1
fxwujun 共回答了16个问题 | 采纳率100%
解题思路:(1)根据n=
3
0.06
=50
t=
3
0.06
, x=50×0.04
,y=1-0.04-0.38-0.34-0.06,z=50×0.38,运算求得解雇.
(2)用列举法求得从5名学生中抽取两位学生有10种可能,第一组没有人被抽到的情况有三种,由此求得第一组至少有一名同学被抽到的概率.
(3)用列举法求得所有的情况有10种,使|m-n|≤10成立有共4种,由此求得事件“|m-n|>10”的概率.

(1)n=30.06=50t=30.06=50,x=50×0.04=2,y=1-0.04-0.38-0.34-0.06=0.18,z=50×0.38=19.(4分)(2)设第5组的3名学生分别为A1,A2,A3,第1组的2名学生分别为B1,B2,则从5名学生中抽取两位学生有:(A1,...

点评:
本题考点: 列举法计算基本事件数及事件发生的概率;频率分布表.

考点点评: 本题考主要查古典概型问题,可以列举出试验发生包含的事件和满足条件的事件,列举法,是解决古典概型问题的一种重要的解题方法,属于基础题.

(2011•鹰潭二模)已知可逆反应:A(s)+2B(g)═C(g)+D(g)△H<0.在一定温度下将1mol
(2011•鹰潭二模)已知可逆反应:A(s)+2B(g)═C(g)+D(g)△H<0.在一定温度下将1mol A和2molB加入如图所示甲容器中,将2molC和2mol D加入乙容器中,此时控制活塞P,使乙的容积为甲的2倍,在恒温下使两容器内反应均达到平衡状态(如图所示,隔板K不能移动).下列说法正确的是(  )
A.保持乙中压强不变,升高温度,达到新的平衡后,乙中平均相对分子质量增大
B.保持温度和乙中压强不变,向乙中再加入2 mol D,达到新平衡后,一定有c(B)>c(B)
C.若该温度下反应的K=1,则甲中B和乙中C的转化率均为66.7%
D.保持温度和活塞位置不变,甲中再加入1 mol A和2mol B,达到新的平衡后,c(B)=2c(B)
做个哑巴1年前1
owenbbkp 共回答了15个问题 | 采纳率93.3%
解题思路:从等效平衡的角度分析,2molC和2molD相当于2molA和4molB,即乙容器内的气体的物质的量为甲容器内的气体的物质的量的2倍,而乙容器的体积为甲容器的体积的2倍,在相同温度下达到相同平衡状态,甲、乙容器内对应物质的浓度相同,各组分的含量相同.
A、该反应正反应为放热反应,升高温度,平衡向逆反应进行,气体质量减小,气体物质的量不变;
B、保持温度和乙中压强不变,向乙中再加入2 mol D,乙的体积变为原来的1.5倍,若各物质的物质的量不变,反应前后气体体积不变,平衡不移动,但D的物质的量增大,所以平衡向逆反应进行.
C、甲、乙两容器平衡常数相同,利用三段式表示出各物质的物质的量变化量、平衡时各组分的物质的量,结合平衡常数计算甲中平衡时C的物质的量,平衡时两容器内对应各物质的浓度相同,故乙容器内C的物质的量为甲容器的2倍,再根据转化率计算.
D、A是固体,反应前后气体体积不变,在甲中再加入1molA和2molB,则相当于在原来的基础上增大压强,平衡不移动,反应物的转化率不变,平衡时甲中D的浓度为原来的2倍.

2molC和2molD相当于2molA和4molB,即乙容器内的气体的物质的量为甲容器内的气体的物质的量的2倍,而乙容器的体积为甲容器的体积的2倍,在相同温度下达到相同平衡状态,甲、乙容器内对应物质的浓度相同,各组分的含量相同.
A、该反应正反应为放热反应,升高温度,平衡向逆反应进行,达到新的平衡后,乙中气体质量减小,物质的量不变,平均相对分子质量减小,故A错误;
B、保持温度和乙中压强不变,向乙中再加入2 mol D,乙的体积变为原来的1.5倍,若各物质的物质的量不变,反应前后气体体积不变,平衡不移动,但D的物质的量增大,所以平衡向逆反应进行,但达到新平衡后,B的浓度比原平衡状态浓度低,即c(B)<c(B),故B错误;
C、甲、乙两容器平衡常数相同,平衡时两容器内对应各物质的浓度相同:
对于甲容器:A(s)+2B(g)⇌C(g)+D(g)
开始(mol):1 2 0 0
变化(mol):x 2x x x
平衡(mol):1-x 2-2x x x
反应前后气体体积不发生变化,用物质的量代替浓度代入平衡常数计算,则:
x2
(2−2x)2=1,解得x=[2/3],所以甲中B的转化率为

2
3×2mol
2mol×100%=66.7%;
平衡时,甲容器中C的物质的量为[2/3]mol,平衡时两容器内对应各物质的浓度相同,故乙容器内C的物质的量为[4/3]mol,所以乙容器内C的转化率为
2mol−
4
3mol
2mol×100%=33.3%,故C错误;
D、保持温度和活塞位置不变,在甲中再加入1molA和2molB,则相当于在原来的基础上增大压强,A是固体,反应前后气体体积不变,平衡不移动,反应物的转化率不变,达到平衡时,甲中B的浓度等于原来的2倍,即等于乙中B的浓度的2倍,故D正确;
故选:D.

点评:
本题考点: 化学平衡的计算;化学平衡的影响因素.

考点点评: 本题考查化学平衡移动的影响因素、等效平衡、平衡计算等,难度中等,注意从等效平衡的角度分析起始时甲乙两容器内的气体的平衡状态,在此基础上从平衡移动的角度分析.

(2014•鹰潭二模)设函数fn(x)=x 1n+ax+b(n∈N+,a,b∈R).
(2014•鹰潭二模)设函数fn(x)=x
1
n
+ax+b(n∈N+,a,b∈R).
(Ⅰ)当n=2,a=-1,b=1时,求函数fn(x)的极值;
(Ⅱ)若n≥2,a=1,b=-1,证明:fn(x)在区间(0,[1/2])内存在唯一的零点;
(Ⅲ)在(Ⅱ)的条件下,设xn是fn(x)在区间(0,[1/2])内的零点,判断数列x2,x3,…,xn,…的增减性.
旗舰风铃1年前1
济公xx 共回答了22个问题 | 采纳率86.4%
解题思路:(Ⅰ)当n=2,a=-1,b=1时,求函数的导数,即可求函数fn(x)的极值;
(Ⅱ)若n≥2,a=1,b=-1,根据函数零点的判断条件即可证明:fn(x)在区间(0,[1/2])内存在唯一的零点;
(Ⅲ)根据xn是fn(x)在区间(0,[1/2])内的零点,不等式的性质即可得到结论.

(Ⅰ)当n=2,a=-1,b=1时,f2(x)=
x-x+1,x≥0,
f′2(x)=
1
2
x-1,x≥0,
由f′2(x)>0,解得0<x<[1/4],此时函数单调递增,
由f′2(x)<0,解得x>[1/4],此时函数单调递减,
故当x=[1/4]时,函数f2(x)取得极大值,无极小值.
(Ⅱ)若n≥2,a=1,b=-1,得:fn(x)=x
1
n+x-1,
∴易得:fn(0)fn([1/2])<0,于是fn(x)在区间(0,[1/2])内存在零点;
又当x∈(0,[1/2])时,f′n(x)=[1/nx
1−n
n]+1>0恒成立
∴函数fn(x)在区间(0,[1/2])内是单调递增的
故fn(x)在区间(0,[1/2])内存在唯一的零点.
(Ⅲ):数列x2,x3,…,xn,…是单调递减的.理由如下:
由(Ⅱ)设xn (n≥2)是fn(x)在(0,[1/2])内唯一的零点,
则fn(xn)=xn
1
n+axn-1=0,
又fn+1(xn+1)=xn+1
1
n+1+xn+1-1,xn+1∈(0,[1/2]),
于是fn(xn)=0=fn+1(xn+1)=xn+1
1
n+1+xn+1-1>

点评:
本题考点: 利用导数研究函数的极值;利用导数研究函数的单调性.

考点点评: 本题主要考查函数极值和函数零点的应用,根据导数的应用是解决本题的关键.综合性较强,难度较大.

(2014•鹰潭二模)图一表示水稻叶肉细胞中进行的两个生理过程,其中a、b、c表示物质,甲和乙分别表示某种细胞器;图二表
(2014•鹰潭二模)图一表示水稻叶肉细胞中进行的两个生理过程,其中a、b、c表示物质,甲和乙分别表示某种细胞器;图二表示在不同温度下,测定该植物叶片重量变化情况(均为有机物的重量变化)的操作流程及结果,据图分析回答问题:

(1)细胞器甲乙都有双层膜,乙的名称是______,物质c是一种含3个碳原子的化合物,它在乙的(场所)被彻底分解;将结构乙从细胞______中提取出来,置于清水中,则其内膜破裂______(早、晚)于外膜.
(2)在电子显微镜下观察,可看到甲内部有一些颗粒,它们被看作是甲的脂质仓库,其体积随甲的生长而逐渐变小,可能的原因是______.
(3)从图二分析可知,该植物的呼吸速率可表示为______,实际光合速率可表示为______.在13℃~16℃之间,随着温度的升高,呼吸作用强度______(增强、减弱、不变),实际光合作用的强度______(增强、减弱、不变).
(4)恒定在上述______℃温度下,维持10小时光照,10小时黑暗,该植物叶片增重最多,增重了______mg.
autumnyl1年前1
csfxkfy 共回答了17个问题 | 采纳率100%
解题思路:图1:甲是叶绿体,乙是线粒体;物质c是一种含3个碳原子的化合物,丙酮酸在线粒体基质被彻底分解;图2:无光时单位时间内叶片重量的减少量等于呼吸强度,故1小时呼吸消耗的有机物为A,而单位时间光照下叶片重量的增加量表示的是净光合速率,故光照一小时总光合速率=净光合速率+呼吸速率=Z+B-(Z-A)+A=B+2A.:

(1)细胞器甲乙都有双层膜,乙的名称是线粒体,物质c是一种含3个碳原子的化合物即为丙酮酸,在线粒体基质被彻底分解,置于清水中,则其内膜破裂晚于于外膜.
(2)叶绿体内部的一些脂质颗粒,随着叶绿体的生长而变小,原因可能是颗粒中的脂质参与叶绿体中的膜结构.
(3)从图二分析可知,该植物的呼吸速率可表示为A,实际光合速率可表示为.在13℃~16℃之间,随着温度的升高,呼吸作用强度增强,实际光合作用的强度也增强.
(4)从结果可以看出,在14℃温度下,维持10小时光照,10小时黑暗,该植物叶片增重最多,净光合作用=总光合作用-呼吸作用=(3+2)×10-2×10=30mg.
故答案为:
(1)线粒体基质或线粒体基质晚
(2)颗粒中的脂质参与叶绿体中的膜结构
(3)A增强增强
(4)1430

点评:
本题考点: 光反应、暗反应过程的能量变化和物质变化;细胞呼吸的过程和意义.

考点点评: 本题以图象为载体,主要考查光合作用和呼吸作用相关知识,意在考查考生对相关知识的理解,把握知识间内在联系的能力.

(2012•鹰潭模拟)已知等比数列{an}中,公比q>1,且a1+a6=8,a3a4=12,则a2012a2007=(
(2012•鹰潭模拟)已知等比数列{an}中,公比q>1,且a1+a6=8,a3a4=12,则
a2012
a2007
=(  )
A.2
B.3
C.6
D.3或6
妙不绝口1年前1
huashaojie 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
解题思路:根据等比数列的性质可知a3a4=a1a6,可求出a1、a6的值,从而可求出公比q,求出所求.

∵等比数列{an},a3a4=12
∴a1a6=12而公比q>1,且a1+a6=8
解得a1=2,a6=6

a6
a1=q5=3

a2012
a2007=q5=3
故选B.

点评:
本题考点: 等比数列的通项公式.

考点点评: 本题主要考查了等比数列的性质,解题的关键利用a3a4=a1a6,同时考查了转化能力,属于基础题.

(2014•鹰潭二模)在△ABC中,三内角A,B,C所对的边分别是a,b,c,且2bcosC=2a-c.
(2014•鹰潭二模)在△ABC中,三内角A,B,C所对的边分别是a,b,c,且2bcosC=2a-c.
(Ⅰ)求角B的大小;
(Ⅱ)若sinAsinC的取值范围.
悬崖舞者19801年前1
王胜利 共回答了17个问题 | 采纳率100%
解题思路:(Ⅰ)利用余弦定理表示出cosC,代入已知等式中整理后得到关系式,再利用余弦定理表示出cosB,将得出的关系式代入求出cosB的值,即可确定出角B的大小;
(Ⅱ)由B度数得到A+C的度数,用A表示出C,代入原式中利用两角和与差的正弦函数公式化简,再利用二倍角的正弦、余弦函数公式变形,整理后利用两角和与差的正弦函数公式化为一个角的正弦函数,根据A的范围求出这个角的范围,利用正弦函数的值域即可确定出范围.

解(Ⅰ)∵cosC=
a2+b2−c2
2ab,
∴代入已知等式得:2b•
a2+b2−c2
2ab=2a-c,
整理得:a2+c2-b2=ac,
∴cosB=
a2+c2−b2
2ac=[1/2],
∵B∈(0,π),
∴B=[π/3];
(Ⅱ)由B=[π/3]得,C=[2π/3]-A,
∴sinAsinC=sinAsin([2π/3]-A)=

3
2sinAcosA+[1/2]sin2A=

3
4sin2A-[1/4]cos2A+[1/4]=[1/2]sin(2A-[π/6])+[1/4],
∵A∈(0,[2π/3]),∴2A-[π/6]∈(-[π/6],[7π/6]),

点评:
本题考点: 余弦定理;三角函数中的恒等变换应用.

考点点评: 此题考查了余弦定理,两角和与差的正弦函数公式,二倍角的正弦、余弦函数公式,以及正弦函数的定义域与值域,熟练掌握余弦定理是解本题的关键.

(2014•鹰潭二模)在长为20cm的线段AB上任取一点P,并且以线段AP为边作正三角形,则这个正三角形的面积介于3cm
(2014•鹰潭二模)在长为20cm的线段AB上任取一点P,并且以线段AP为边作正三角形,则这个正三角形的面积介于
3
cm2与16
3
cm2之间的概率为(  )
A.[1/5]
B.[2/5]
C.[3/5]
D.[3/10]
Franki001年前1
瘌痢头dd 共回答了16个问题 | 采纳率93.8%
解题思路:要求出以线段AP为边作正方形,这个正方形的面积介于
3
cm2与16
3
cm2之间对应线段AP的长,然后代入几何概型公式即可求解.

∵以线段AP为边的正方形的面积介于
3cm2与16
3cm2之间,
∴由
1
2x2×

3
2=
3解得x=2,

1
2x2×

3
2=16
3,解得x=8,
即线段AP的长介于2cm与8cm之间
∴满足条件的P点对应的线段长8-2=6cm
而线段AB总长为20cm
故正三角形的面积介于
3cm2与16
3cm2之间的概率为[6/20=
3
10],
故选:D

点评:
本题考点: 几何概型.

考点点评: 本题考查的知识点是几何概型,几何概型的概率估算公式中的“几何度量”,可以为线段长度、面积、体积等,而且这个“几何度量”只与“大小”有关,而与形状和位置无关.

(2012•鹰潭一模)下列离子方程式不正确的是(  )
(2012•鹰潭一模)下列离子方程式不正确的是(  )
①用FeCl3溶液腐蚀铜线路板:Cu+Fe3+=Cu2++Fe2+
②将含等物质的量的NaHCO3和Ba(OH)2溶液混合:HCO3-+Ba2++OH-═BaCO3↓+H2O
③NH4HSO3溶液与足量NaOH溶液混合加热:NH4++HSO3-+2OH-
.
NH3↑+SO32-+2H2O
④将氯气溶于水制备次氯酸:Cl2+H2O=2H++Cl-+ClO-
⑤食醋除水垢中的碳酸钙:CaCO3+2H+=Ca2++H2O+CO2
⑥苯酚钠溶液中通入少量的CO2气体:C6H5O-+CO2+H2O→C6H5OH+HCO3-
A.①②④⑥
B.③④⑤
C.①④⑤
D.③⑤⑥
ldh_doctor1年前1
二心客 共回答了16个问题 | 采纳率87.5%
解题思路:①电荷不守恒;
②等物质的量反应生成碳酸钡、水、NaOH;
③NH4HSO3完全反应,生成氨气、水、亚硫酸钠;
④HClO在离子反应中保留化学式;
⑤醋酸在离子反应中保留化学式;
⑥反应生成苯酚和碳酸氢钠.

①用FeCl3溶液腐蚀铜线路板的离子反应为Cu+2Fe3+=Cu2++2Fe2+,故错误;
②将含等物质的量的NaHCO3和Ba(OH)2溶液混合的离子反应为HCO3-+Ba2++OH-═BaCO3↓+H2O,故正确;
③NH4HSO3溶液与足量NaOH溶液混合加热的离子反应为NH4++HSO3-+2OH-


.
NH3↑+SO32-+2H2O,故正确;
④将氯气溶于水制备次氯酸的离子反应为Cl2+H2O=H++Cl-+HClO,故错误;
⑤食醋除水垢中的碳酸钙的离子反应为CaCO3+2HAc=Ca2++H2O+CO2↑+2Ac-,故错误;
⑥苯酚钠溶液中通入少量的CO2气体的离子反应为C6H5O-+CO2+H2O→C6H5OH+HCO3-,故正确;
故选C.

点评:
本题考点: 离子方程式的书写.

考点点评: 本题考查离子方程式的书写,明确发生的化学反应为解答的关键,为高考常见题型,注意把握量对反应的影响,注重基础知识的考查,题目难度不大.

(2014•鹰潭模拟)雌鸟和雄鸟的性染色体组成分别是ZW和ZZ.某种鸟羽毛的颜色由两对独立遗传的基因(A、a和B、b)控
(2014•鹰潭模拟)雌鸟和雄鸟的性染色体组成分别是ZW和ZZ.某种鸟羽毛的颜色由两对独立遗传的基因(A、a和B、b)控制,其中B、b 仅位于Z 染色体上.A和B同时存在时羽毛为黑色,B存在而A不存在时为灰色,其余情况为白色.
(1)一只纯合灰色雄鸟与一只白色雌鸟杂交,F1代出现2种颜色.
①亲代雌鸟基因型为______.
②将F1代黑色雌雄鸟随机交配,所得F2代分离比为______,在F2代黑色雄鸟中杂合子占的比例为
[5/6]
[5/6]

(2)该鸟体内另有一对基因H、h,与基因A、a 不在同一对同源染色体上.当h基因纯合时对雄鸟无影响,但会使雌鸟性反转成可育的雄鸟.让一只纯合黑色雄鸟与一只白色雌鸟杂交,所得F1代鸟随机交配,F2代雌雄比例为3:5,且没有出现灰色鸟.
①H、h基因位于______染色体上,亲代雌鸟的基因型为______.
②F2代雄鸟中不含W染色体的个体所占比例为
[4/5]
[4/5]

③如果要鉴定F2代某只雄鸟M是否发生性反转,可将该雄鸟与基因型为______(填HH、Hh或hh)的雌鸟杂交得到F3代(WW的胚胎不能存活),统计F3代中性别比例,如果F3代中雌雄比为______,则M发生性反转.
liulanghan1111年前1
山水草堂 共回答了20个问题 | 采纳率80%
解题思路:某种鸟羽毛的颜色由两对独立遗传的基因(A、a和B、b)控制,其中B、b 仅位于Z染色体上.A和B同时存在时羽毛为黑色(A_ZB_),B存在而A不存在时为灰色(aaZB_),其余情况为白色(__Zb_).该鸟体内另有一对基因H、h,与基因A、a 不在同一对同源染色体上,说明Hh与Aa会分离,然后随机组合.

(1)①根据题意分析可知,纯合灰色雄鸟的基因型为aaZBZB,白色雌鸟的基因型可能是__ZbW,而一只纯合灰色雄鸟与一只白色雌鸟杂交,F1代出现了2种颜色,根据基因型判断这只白色雌鸟的基因型应该是AaZbW,它们的后代的基因型及表现型是AaZBZb黑色、aaZBZb灰色、AaZBW黑色、aaZBW灰色.
②将F1代黑色雌雄鸟AaZBZb与AaZBW随机交配,所得F2代的基因型及表现型为A_ZBZ-黑色([3/4]×[1/2]=[3/8])、A_ZBW黑色([3/4]×[1/4]=[3/16])、A_ZbW白色([3/4]×[1/4]=[3/16])、aaZBZ-灰色([1/4]×[1/2]=[1/8])、aaZBW灰色([1/4]×[1/8]=[1/16])、aaZbW白色([1/4]×[1/8]=[1/16]).所以F2代中黑色:灰色:白色=([3/8]+[3/16]):([1/8]+[1/16]):([3/16]+[1/16])=9:3:4.F2代黑色雄鸟的基因型是A_ZBZ-,其中纯合子的概率是[1/3×
1
2=
1
6],所以杂合子占的比例为1-

点评:
本题考点: 伴性遗传.

考点点评: 本题考查伴性遗传的相关知识点,意在考查学生对所学知识的理解与掌握程度,培养了学生分析题意、获取信息、解决问题的能力.

(2012•鹰潭一模)下列化合物的一氯代物的数目排列顺序正确的是(  )
(2012•鹰潭一模)下列化合物的一氯代物的数目排列顺序正确的是(  )
①CH3CH2CH2CH2CH2CH3
②(CH32CHCH(CH32
③(CH33CCH2CH3
④(CH33CC(CH3 )3
A.①>②>③>④
B.②>③=①>④
C.③>②>④>①
D.③=①>②>④
遗憾的心1年前1
窗户窗户 共回答了15个问题 | 采纳率80%
解题思路:根据分子中等效H原子判断,分子中由几种H原子,其一氯代物就有几种异构体.等效氢判断:
①.分子中同一甲基上连接的氢原子等效.
②.同一碳原子所连甲基上的氢原子等效.
③.处于镜面对称位置上的氢原子等效.

①CH3CH2CH2CH2CH2CH3中有3种H原子,其一氯代物有3种;
②(CH32CHCH(CH32中有2种H原子,其一氯代物有2种;
③(CH33CCH2CH3中有3种H原子,其一氯代物有3种;
④(CH33CC(CH33 中有1种H原子,其一氯代物有1种.
所以一氯代物同分异构体数为①=③>②>④.
故选:D.

点评:
本题考点: 同分异构现象和同分异构体.

考点点评: 考查同分异构体的书写、同分异构体数目判断等,难度中等,确定分子的等效H原子是关键.

(2011•鹰潭一模)实验室有一块量程为500μA,内阻Rg约为200Ω的电流表(称微安表μA),需要准确测量它的电阻,
(2011•鹰潭一模)实验室有一块量程为500μA,内阻Rg约为200Ω的电流表(称微安表μA),需要准确测量它的电阻,一同学根据实验室现有的器材设计了如图(甲)和图(乙)两种实验电路.已知实验室中的部分实验器材的规格如下:
标准电流表:mA(量程1mA,内阻约100Ω)滑动变阻器A:R1(20Ω,1A)
滑动变阻器B:R1(500Ω,0.5A)
电阻箱:R2(999.9Ω,1A)
直流电源:(电动势为3V,内阻很小)不同阻值的定值电阻R3
1利用图(甲)所示的电路进行测量时,需要记录哪些实验数据?______
请用你记录的实验数据表示出测量的结果
Rg=
(I1I2)R2
I2
Rg=
(I1I2)R2
I2

②为了保证实验操作过程的安全(即使滑动变阻器R1的阻值调为0,也不会烧坏电流表),在图(乙)所示的电路中,定值电阻器R3的阻值至少应为______Ω,为了便于实验的调节,滑动变阻器R1应选______(选填“A”或“B”).
③将图(丙)所示的实物图按图(甲)所示的电路连接成实验电路.
xiaosemao1年前1
小楼吹彻 共回答了14个问题 | 采纳率78.6%
解题思路:①实验时要读出两电流表示数与电阻箱阻值,电阻箱与待测电流表并联,由并联电路特点求出通过电阻箱电流,由欧姆定律求出并联电路电压,然后求出电流表内阻.
②根据串联电路特点及欧姆定律求出滑动变阻器接入电路阻值为零时电路最小电阻,然后选择定值电阻;根据安全性原则选择滑动变阻器.
③分析清楚实验电路图,明确各电路元件的连接方式,然后根据实验电路图连接实物电路图.

①实验时选用记录的实验数据是:电流表mA表的示数I1
微安表μA表的示数I2,电阻箱的阻值R2;通过电阻箱的电流I=I1-I2
待测微安表两端电压,即并联电压U=IR2=(I1-I2)R2
微安表内阻Rg=
U
I2=
(I1−I2)R2
I2;
②电路最小总电阻约为R=
E
IμA=
3V
500×10−6A=6000Ω,
保护电阻R3最小阻值为R3=R-RμA-RmA=6000Ω-200Ω-100Ω=5700Ω;
为保证电路安全,方便实验操作滑动变阻器R1应选B.
③根据实物电路图甲连接实物电路图如图所示.
①mA表的示数I1和μA表的示数I2及电阻箱的阻值R2;Rg=
(I1−I2)R2
I2;
②5700,B;③实物电路图如图所示.

点评:
本题考点: 伏安法测电阻.

考点点评: 知道两种实验设计的实验原理是正确解题的前提与关键,知道实验原理后,应用串并联电路特点、欧姆定律即可正确解题.对于实验题,一定要知道其实验原理.

(2014•鹰潭二模)Ⅰ.通常状况下,X、Y和Z是三种气态单质.X的组成元素是第三周期原子半径最小的元素(稀有气体元素除
(2014•鹰潭二模)Ⅰ.通常状况下,X、Y和Z是三种气态单质.X的组成元素是第三周期原子半径最小的元素(稀有气体元素除外);Y和Z均由元素R组成,反应Y+2I-+2H+═I2+Z+H2O常作为Y的鉴定反应.W是短周期元素,最外层电子数是最内层电子数的三倍,吸引电子对的能力比X单质的组成元素要弱.
(1)Z的化学式______.
(2)将Y和二氧化硫分别通入品红溶液,都能使品红褪色.简述用褪色的溶液区别Y和二氧化硫的实验方法:______.
(3)举出实例说明X的氧化性比W单质氧化性强(仅用一个化学方程式表示):______.
Ⅱ.如图1是0.1mol•L-1四种电解质溶液的pH随温度变化的图象.
(1)其中符合0.1mol•L-1 NH4Al(SO42的pH随温度变化的曲线是______(填写序号),
(2)20℃时,0.1mol•L-1 NH4Al(SO42中2c(SO42-)-c(NH4+)-3c(Al3+)=______.(计算精确值)
(3)室温时,向100mL 0.1mol•L-1 NH4HSO4溶液中滴加0.1mol•L-1 NaOH溶液,得到溶液pH与NaOH溶液体积的关系曲线如图2:

试分析图中a、b、c、d四个点,水的电离程度最大是______点;在b点,溶液中各离子浓度由大到小的排列顺序是______.
vg334001年前1
飞舞之灵 共回答了23个问题 | 采纳率87%
解题思路:Ⅰ.通常状况下,X、Y和Z是三种气态单质.X的组成元素是第三周期原子半径最小的元素(稀有气体元素除外),则X为Cl2;Y和Z均由元素R组成,反应Y+2I-+2H+═I2+Z+H2O常作为Y的鉴定反应,由元素守恒可知,Y、Z为O元素的同素异形体,R为O元素;可推知Y为O3、Z为O2;W是短周期元素,最外层电子数是最内层电子数的三倍,最外层电子数为6,则W为S元素;
Ⅱ.(1)NH4Al(SO42水解,溶液呈酸性,升高温度其水解程度增大;
(2)根据电荷守恒进行解答;
(3)a、b、c、d四个点,根据反应量的关系,a点恰好消耗完H+,溶液中只有(NH42SO4与Na2SO4;b、c、d三点溶液均含有NH3•H2O,(NH42SO4可以促进水的电离,而NH3•H2O抑制水的电离,b点溶液呈中性,据此解答.

Ⅰ.通常状况下,X、Y和Z是三种气态单质.X的组成元素是第三周期原子半径最小的元素(稀有气体元素除外),则X为Cl2;Y和Z均由元素R组成,反应Y+2I-+2H+═I2+Z+H2O常作为Y的鉴定反应,由元素守恒可知,Y、Z为O元素的同素异形体,R为O元素;可推知Y为O3、Z为O2;W是短周期元素,最外层电子数是最内层电子数的三倍,最外层电子数为6,则W为S元素,则:
(1)由上述分析可知,Z的化学式为O2,故答案为:O2
(2)将O3和二氧化硫分别通入品红溶液,都能使品红褪色.简述用褪色的溶液区别O3和二氧化硫的实验方法为:加热褪色后的溶液,若溶液恢复红色,则原通入气体为SO2;若溶液不变红,则原通入气体是O3
故答案为:加热褪色后的溶液,若溶液恢复红色,则原通入气体为SO2;若溶液不变红,则原通入气体是O3
(3)说明Cl2的氧化性比D单质氧化性强的化学方程式为:H2S+Cl2═S+2HCl,
故答案为:H2S+Cl2═S+2HCl;
Ⅱ.(1)NH4Al(SO42为强酸弱碱盐,其溶液呈酸性,升高温度促进水解,导致溶液酸性增强,溶液的pH减小,
故答案为:I;
(2)根据电荷守恒得2c(SO42-)-c(NH4+)-3c(Al3+)=c(H+)-c(OH-)=10-3 mol•L-1-10-11mol•L-1=(10-3-10-11)mol•L-1
故答案为:(10-3-10-11)mol•L-1
(3)a、b、c、d四个点,根据反应量的关系,a点恰好消耗完H+,溶液中只有(NH42SO4与Na2SO4;b、c、d三点溶液均含有NH3•H2O,(NH42SO4可以促进水的电离,而NH3•H2O抑制水的电离,b点溶液呈中性,故a点水的电离程度最大,
b点溶液含有(NH42SO4、Na2SO4、NH3•H2O三种成分,a点时溶液中(NH42SO4与Na2SO4各是0.05mol、0.05mol,a点时c(Na+)=c(SO42-),故b点时c(Na+)>c(SO42-),根据N元素与S元素的关系,可以得出c(SO42-)>c(NH4+),故c(Na+)>c(SO42-)>c(NH4+)>c(OH-)=c(H+),
故答案为:a;c(Na+)>c(SO42-)>c(NH4+)>c(OH-)=c(H+).

点评:
本题考点: 位置结构性质的相互关系应用;弱电解质在水溶液中的电离平衡.

考点点评: 本题属于拼合型题目,涉及元素化合物推断、盐类水解、离子浓度大小比较等知识点,Ⅱ(3)是难点,知道图象中各个点的溶质即可解答,注意确定离子浓度大小时要结合电荷守恒、物料守恒来分析解答,题目难度中等.

(2012•鹰潭一模)下列关于人体体液免疫中相关细胞的叙述,不正确的是(  )
(2012•鹰潭一模)下列关于人体体液免疫中相关细胞的叙述,不正确的是(  )
A.抗原传递给T细胞,刺激T细胞产生淋巴因子
B.B细胞接受抗原刺激后,增殖分化形成浆细胞
C.B细胞接受抗原刺激后,增殖分化形成记忆细胞
D.记忆细胞受到抗原刺激后,能快速合成分泌抗体
qqwww67891年前1
piz_110123 共回答了24个问题 | 采纳率91.7%
解题思路:1、体液免疫过程为:(1)感应阶段:除少数抗原可以直接刺激B细胞外,大多数抗原被吞噬细胞摄取和处理,并暴露出其抗原决定簇;吞噬细胞将抗原呈递给T细胞,再由T细胞呈递给B细胞;(2)反应阶段:B细胞接受抗原刺激后,开始进行一系列的增殖、分化,形成记忆细胞和浆细胞;(3)效应阶段:浆细胞分泌抗体与相应的抗原特异性结合,发挥免疫效应.
2、相同抗原再次入侵时,记忆细胞比普通的B细胞更快地作出反应,即很快分裂产生新的浆细胞和记忆细胞,浆细胞再产生抗体消灭抗原,此为二次免疫反应.

A、抗原经吞噬细胞处理,呈递给T细胞,刺激T细胞增殖分化并产生淋巴因子,A正确;
B、B细胞受抗原刺激,增殖分化形成浆细胞,浆细胞产生抗体,B正确;
C、B细胞受抗原刺激,增殖分化形成浆细胞和记忆细胞,记忆细胞寿命长,对抗原十分敏感,能“记住”入侵的抗原,C正确;
D、记忆细胞受抗原刺激后,增殖分化为浆细胞和记忆细胞,浆细胞合成分泌抗体,D错误.
故选:D.

点评:
本题考点: 人体免疫系统在维持稳态中的作用.

考点点评: 本题考查体液免疫的相关知识,意在考查学生的识记和理解能力,难度不大.

(2014•鹰潭二模)曲线y=-lnx在点(1,0)处的切线斜率为______.
jxdrdjzp1年前1
雨尘911 共回答了18个问题 | 采纳率83.3%
解题思路:求出原函数的导函数,然后直接取x=1得曲线y=-lnx在点(1,0)处的导数值,即切线的斜率.

由y=-lnx,得
y′=-
1
x,
∴y′|x=1=-1.
故答案为:-1.

点评:
本题考点: 利用导数研究曲线上某点切线方程.

考点点评: 本题考查利用导数研究曲线上某点处的切线方程,过曲线上某点处的切线的斜率,就是函数在该点处的导数值,是基础题.

(2013•鹰潭一模)血糖浓度保持平衡对机体生命活动具有重要作用,如图为胰岛素作用机理模式图,请分析回答:
(2013•鹰潭一模)血糖浓度保持平衡对机体生命活动具有重要作用,如图为胰岛素作用机理模式图,请分析回答:

(1)由图可知,胰岛素降低血糖浓度的机理是:胰岛素与细胞膜上的受体结合后,一方面促进______合成,另一方面使______增加,促进葡萄糖进入细胞.除图中所示之外,胰岛素的作用还表现在能促进______,同时抑制肝糖原和非糖物质(脂肪、蛋白质)转化为葡萄糖.
(2)胰岛素与细胞膜上的受体结合后调节糖代谢过程,这反映了细胞膜具有______ 的功能.某人体内含有某种抗体,该抗体能与胰岛素受体结合而使该人出现高血糖症状.若给其注射胰岛素______(能,不能)有效调节其血糖水平,原因______.从免疫学的角度分析,该原因导致的疾病属于______病.
(3)胰岛素由______细胞分泌,影响胰岛素分泌的主要因素是______,其一方面可以直接作用于胰岛以调节胰岛素的分泌,另一方面也可作用于胰岛组织中的神经末梢或血管内的感受器,反射性地引起胰岛素分泌.因此血糖平衡受______的调节.在血糖调节中,血糖浓度降低后的信号会反过来影响胰岛素的分泌,这种调节方式叫做______.
baobao10251年前1
合格15式 共回答了20个问题 | 采纳率80%
解题思路:据图分析,胰岛素与胰素受体结合后,一方面促进蛋白质、脂肪、糖原合成,另一方面使细胞膜上葡萄糖转运蛋白增加,促进葡萄糖进入细胞氧化分解.

(1)据图分析,当胰岛素和其受体结合后,使酶磷酸化,一方面促进蛋白质、脂肪、糖原合成,另一方面使细胞膜上的葡萄糖转运蛋白增加,促进葡萄糖进入细胞,促进葡萄糖的利用,而使血糖浓度降低.
(2)激素与受体结合体现了信息的传递功能.胰岛素作用于靶细胞膜上胰岛素受体,进而降低血糖,如体内含有胰岛素受体的抗体,则胰岛素无法与受体结合,血糖浓度升高;则注射胰岛素也不能有效调节其血糖水平;治疗方法为降低免疫能力,减少抗体数量.由于免疫功能过强引起属于自身免疫病.
(2)胰岛B细胞分泌胰岛素.血糖浓度变化是影响胰岛素分泌的主要因素,一方面可以直接作用于胰岛B细胞以调节胰岛素的分泌,另外一方面刺激下丘脑调节胰岛B细胞的分泌,因此血糖平衡受神经和体液(激素)共同的调节.在血糖调节中,血糖浓度降低后的信号会反过来影响胰岛素的分泌,这种调节方式叫做反馈调节.
故答案为:
(1)蛋白质、脂肪、糖原 细胞膜上葡萄糖转运蛋白(细胞膜载体蛋白)
葡萄糖的利用(或葡萄糖的氧化分解)
(2)细胞间信息交流(传递)不能胰岛素无法与受体结合自身免疫病
(3)胰岛B血糖浓度神经和体液(激素)共同反馈调节

点评:
本题考点: 体温调节、水盐调节、血糖调节.

考点点评: 本题考查了血糖平衡调节的相关知识,意在考查考生识图和理解能力,属于中档题.

(2012•鹰潭一模)已知函数f(x)=cos2x+sinx,那么下列命题中假命题是(  )
(2012•鹰潭一模)已知函数f(x)=cos2x+sinx,那么下列命题中假命题是(  )
A.f(x)既不是奇函数也不是偶函数
B.f(x)在(
π
2
6
)
上是增函数
C.f(x)是周期函数
D.f(x)在[-π,0]上恰有一个零点
sweepingclou1年前1
往前方 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
解题思路:先利用特殊值法判断 A为真命题;再利用导数证明函数f′(x)在(
π
2
6
)
上恒正,从而B为真命题;利用函数周期性定义和诱导公式可证明C为真命题;故选D

f(0)=1,故此函数不是奇函数,f([π/2])=1,f(-[π/2])=-1,故函数不是偶函数,故 A为真命题;
∵f′(x)=-2cosxsinx+cosx=cosx(1-2sinx),当x∈(
π
2,

6)时,sinx∈([1/2],1),1-2sinx<0,cosx<0,∴f′(x)>0,∴f(x)在(
π
2,

6)上是增函数,B为真命题;
∵f(x+2π)=cos2(x+2π)+sin(x+2π)=cos2x+sinx=f(x),∴f(x)是周期函数,故C为真命题;
令cos2x+sinx=0,即-sin2x+sinx+1=0,sinx=
1+
5
2(舍去)或sinx=
1−
5
2,在[-π,0]上有两个零点,故D为假命题;
故选D

点评:
本题考点: 命题的真假判断与应用;三角函数的周期性及其求法;正弦函数的单调性.

考点点评: 本题主要考查了函数的奇偶性及其判断方法,三角函数的单调性及其判断方法,函数周期定义即三角方程的解法,属基础题

(2012•鹰潭一模)某农科所做了两个小麦品系的杂交实验:70cm株高(以下表现型省略“株高”)和50cm杂交,F1全为
(2012•鹰潭一模)某农科所做了两个小麦品系的杂交实验:70cm株高(以下表现型省略“株高”)和50cm杂交,F1全为60cm.F1自交得F2,F2中70cm:65cm:60cm:55cm:50cm约为1:4:6:4:1.育种专家认为,小麦株高由多对等位基因控制,遵循自由组合定律,可用A、a,B、b,…表示.请回答下列问题:
(1)F2中60cm的基因型是______.请利用上述实验材料,设计一个杂交实验对专家观点加以验证,实验方案在答题卷的空白方框内用遗传图解表示.(要求写出配子)
(2)上述实验材料中,一株65cm和一株60cm杂交,杂交后代中70cm:65cm:60cm:55cm约为1:3:3:1,则65cm亲本的基因型为______,60cm亲本的基因型为______,杂交后代中基因型有______种.
(3)上述实验材料中,一株65cm和60cm杂交,F1______(可能、不可能)出现“1:1”的性状分离比.
(4)A、B等基因通过控制某些蛋白质的生物合成来影响小麦株高,与这一过程直接有关的发生DNA分子-RNA分子碱基互补配对的场所是______,发生RNA分子-RNA分子碱基互补配对的场所是______.
ifpic03nm6_4cf1年前1
River1216 共回答了18个问题 | 采纳率77.8%
解题思路:根据题意分析可知:小麦株高符合基因自由组合规律,属于数量遗传.株高为70cm的植株含有4个显性基因,株高为50cm的植株不含显性基因.所以任一隐性基因对株高的影响是相同的,任一显性基因对株高的增加效应也是相同的,所以每个显性基因增加的高度为:(70-50)÷4=5cm.因此亲本的基因型为AABB和aabb,F1的基因型为AaBb,F2中70cm:65cm:60cm:55cm:50cm约为1:4:6:4:1,对应的基因型依次是:1AABB:(2AaBB+2AABb):(4AaBb+1AAbb+1aaBB):(2Aabb+2aaBb):1aabb.

(1)F2中60cm的基因型中应含有2个显性基因型,分别为AaBb、AAbb、aaBB.选AaBb和aabb测交,可以验证,遗传图解如下:

(2)一株65cm的基因型中应含有3个显性基因型,所以基因型为AaBB或AABb.一株60cm的基因型中应含有2个显性基因型,又杂交后代中70cm:65cm:60cm:55cm约为1:3:3:1,所以基因型为AaBb.因此杂交后代中的基因型有6种.
(3)在上述实验材料中,一株65cm和60cm杂交,如果基因型为AaBB与aaBB或AABb与AAbb杂交,则F1出现1:1的性状分离比.
(4)发生DNA分子-RNA分子碱基互补配对的过程是转录,发生在细胞核中;发生RNA分子-RNA分子碱基互补配对的过程是翻译,发生在核糖体上.
答案:
(1)AaBb、AAbb、aaBB
AaBb和aabb测交的遗传图解如图所示:

(2)AaBB或AABbAaBb6
(3)可能
(4)细胞核核糖体

点评:
本题考点: 基因的自由组合规律的实质及应用.

考点点评: 本题考查基因分离定律和自由组合定律的相关知识,要求学生了解数量遗传的特点,意在考查学生的计算能力和判断能力,运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力.

(2012•鹰潭模拟)如果函数f(x)=sin(ωπx−π4) (ω>0)在区间(-1,0)上有且仅有一条平行
(2012•鹰潭模拟)如果函数f(x)=sin(ωπx−
π
4
) (ω>0)
在区间(-1,0)上有且仅有一条平行于y轴的对称轴,则ω的取值范围是
[1/4]<ω≤[5/4]
[1/4]<ω≤[5/4]
爱在冰冻时1年前1
Tacoolar 共回答了19个问题 | 采纳率100%
解题思路:根据当x=0时函数值小于0,可得位于区间(-1,0)上的对称轴是y轴左边离它最近的对称轴,并且在此处函数取得最小值,由此建立关于ω的不等式,并解之可得ω的取值范围.

∵当x=0时,f(x)=-

2
2<0
∴函数在区间(-1,0)上有且仅有一条对称轴时,该对称轴处函数取得最小值-1
得ωπx-[π/4]=-[π/2]+2kπ,k∈Z,
当k=0时,x=[1/ω]•(-[1/4])是距离y轴最近的对称轴,而x=[1/ω]•(-[1/4]+[3/2])是y轴左侧,距离y轴第二近的对称轴
∴-1<[1/ω]•(-[1/4])<0且[1/ω]•(-[1/4]+[3/2])≤-1
解之得:[1/4]<ω≤[5/4]
故答案为:[1/4]<ω≤[5/4]

点评:
本题考点: 由y=Asin(ωx+φ)的部分图象确定其解析式.

考点点评: 本题给出三角函数图象在某区间上有且仅有一条对称轴,求参数的取值范围,着重考查了正弦曲线的对称性和y=Asin(ωx+φ)的图象变换等知识,属于基础题.

(2013•鹰潭一模)玉米是美洲引入的农作物,当初只有普通玉米一种,现在已有甜玉米、超甜玉米、糯玉米等不同的品种.普通玉
(2013•鹰潭一模)玉米是美洲引入的农作物,当初只有普通玉米一种,现在已有甜玉米、超甜玉米、糯玉米等不同的品种.普通玉米的胚乳中主要是淀粉,不甜不糯;糯玉米中可溶性多糖含量比较高.甜玉米比普通玉米糖分(主要是蔗糖)含量高,此性状主要由基因d控制.进一步研究发现,基因e对d起增强效应,从而形成超甜玉米.
(1)无论是甜玉米还是超甜玉米,制种的试验田都要与普通玉米隔离400米以上,原因是普通玉米相关的基因均为______.
(2)研究发现,d位于9号染色体上,e对d增强效应的具体表现是:ee使蔗糖含量提高100%(非常甜),Ee提高25%(比较甜),EE则无效.最初研究者为验证d和e基因独立遗传,设计了如下的实验:
用杂合子普通玉米(DdEe)与超甜玉米(ddee)杂交,取所结的子粒,测定蔗糖的含量.若表现型为______、其比例为______时,则d和e基因独立遗传.但实际结果是,子代的表现型仅有普通和非常甜两种,且数量大致相等.对此结果的合理解释是:两对基因______,而且D、E基因______.
(3)9号染色体上还存在控制非糯(W)与糯(w)的基因,其中W-和w-均可表示9号染色体发生缺失(缺失区段不包括W和w基因).研究表明染色体部分区段的缺失不影响减数分裂过程.有人设计了如下的杂交实验:
①ww(♀)╳W-w(♂),子代全部为糯性;
②ww(♂)╳W-w(♀),子代有非糯性和糯性两种,比例接近1:1.
由此可得出的结论是染色体缺失的花粉______(可育、不育),染色体缺失的雌配子______(可育、不育).如果此结论正确,以基因型为Ww-的个体作母本,基因型为W-w的个体作父本,理论上子代表现型为糯性的个体所占的比例应为
[1/2]
[1/2]
阿酷19831年前1
卉hui 共回答了17个问题 | 采纳率94.1%
解题思路:根据题意可知,甜玉米基因型为ddEE,比较甜的玉米为ddEe、非常甜玉米为ddee,普通玉米为D_E_,D_ee.

(1)根据题意,甜玉米的性状由基因d控制,且基因e对d起增强作用,所以普通玉米的基因为显性基因.
(2)根据题意,若d和e基因独立遗传,既遵循自由组合定律,则DdEe×ddee→DdEe、Ddee、ddEe、ddee,其中DdEe、Ddee为普通玉米,ddEe为比较甜玉米,ddee为非常甜玉米,所以普通:比较甜:非常甜=2:1:1.而实际结果,子代的表现型仅有普通和非常甜(ddee)两种,且数量大致相等,亲本超甜玉米产生的配子为de,子代有ddee,所以亲本普通玉米产生的一种配子为de,故另一种配子为DE,所以两对基因同在9号染色体上而且D、E基因在一条染色体上.
(3)根据题意,ww(♀)╳W-w(♂),子代全部为糯性,可推知父本没有产生W基因,既染色体缺失的花粉不育.由ww(♂)╳W-w(♀),子代有非糯性和糯性两种,比例接近1:1,可推知,母本产生W与w配子的概率相等,既染色体缺失的雌配子可育.如结论正确,则(♀)Ww-×W-w(♂)→Ww、ww-,比值为1:1,既子代表现型为糯性的个体所占的比例应为[1/2].
故答案为:
(1)显性基因
(2)普通:比较甜:非常甜2:1:1 同在9号染色体上 在一条染色体上
(3)不育可育[1/2]

点评:
本题考点: 基因的分离规律的实质及应用.

考点点评: 本题考查分离规律和染色体变异知识,意在考查考生能从课外材料中获取相关的生物学信息,并能运用这些信息,结合所学知识解决相关的生物学问题.

(2012•鹰潭一模)对数列{an}(n∈N*,an∈N*),令bk为a1,a2,…,ak中的最大值,称数列{bn}为{
(2012•鹰潭一模)对数列{an}(n∈N*,an∈N*),令bk为a1,a2,…,ak中的最大值,称数列{bn}为{an}的“峰值数列”;例如,数列2,1,3,7,5的峰值数列为2,2,3,7,7,;由以上定义可计算出峰值数列为2,3,3,4,5的所有数列{an}的个数是______(用数字回答)
阿情1年前1
672025 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
根据数列{an}(n∈N*,an∈N*),令bk为a1,a2,…,ak中的最大值,称数列{bn}为{an}的“峰值数列”,可得
∵峰值数列为2,3,3,4,5
∴a1=2,a2=3,a2=3或2或1,a4=4,a5=5
∴峰值数列为2,3,3,4,5的所有数列{an}的个数是3个,即:2,3,1,4,5;2,3,2,4,5;2,3,3,4,5
故答案为:3
(2012•鹰潭一模)X、Y、Z、V、W为五种前四周期元素,其中X是短周期(除稀有气体外)原子半径最大的元素;Y与X同周
(2012•鹰潭一模)X、Y、Z、V、W为五种前四周期元素,其中X是短周期(除稀有气体外)原子半径最大的元素;Y与X同周期,其最高价氧化物的水化物呈两性;Z原子基态时2p原子轨道上有3个未成对的电子;V原子的核外电子排布式为ls22s22p63s2;W的原子序数为29,W的离子能与乙二胺(H2N-CH2一CH2一NH2)形成配离子(图1).回答下列问题:

(1)W原子的核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d104s11s22s22p63s23p63d104s1,该配离子中含有的化学键类型有abdabd.(填字母)
a.配位键b.极性键c.离子键d.非极性键
(2)元素X、Y、V第一电离能由大到小的顺序是Mg>Al>NaMg>Al>Na(用元素符号表示).
(3)Z的氢化物的空间构型是三角锥型三角锥型;该氢化物的沸点比甲烷的高,其主要原因是氨分子间存在氢键氨分子间存在氢键;Z的另一种氢化物Z2H4分子中Z原子轨道的杂化类型是sp3sp3
(4)X+和Cl-元素构成的化合物XCl,XCl的晶胞结构如图2所示,晶体中X+的配位数是66;每个X+周围与其紧邻的Cl-围成的几何图形为正八面体正八面体.
lishsh20081年前1
WENFENGQIW 共回答了20个问题 | 采纳率85%
X、Y、Z、V、W为五种前四周期元素,其中X是短周期(除稀有气体外)原子半径最大的元素,则X为Na元素;Y与X同周期,其最高价氧化物的水化物呈两性,则Y为Al元素;Z原子基态时2p原子轨道上有3个未成对的电子,其原子核外电子排布为ls22s22p3,则Z为氮元素;V原子的核外电子排布式为ls22s22p63s2,则V为Mg元素,W的原子序数为29,W为Cu元素,
(1)Cu原子核外电子数为29,原子的核外电子排布式为:1s22s22p63s23p63d104s1
W的离子能与乙二胺(H2N-CH2一CH2一NH2)形成配离子,铜离子与乙二胺分子之间形成配位键,碳原子与氮原子、氢原子之间以及氮原子与氢原子之间形成极性键,碳原子之间形成非极性键,故选abd;
故答案为:1s22s22p63s23p63d104s1;abd;
(2)同周期自左而右第一电离能呈增大趋势,但Mg原子3s能级容纳2个电子,为全满稳定状态,能量较低,第一电离能高于同周期相邻元素,故第一电离能Mg>Al>Na,
故答案为:Mg>Al>Na;
(3)Z的氢化物为NH3,为三角锥型结构,氨气分子之间存在氢键,其沸点比甲烷的沸点高;N2H4分子中N原子成3个共价键、含有一对孤对电子,杂化轨道数目为4,N原子杂化方式为sp3
故答案为:三角锥型;氨分子间存在氢键;sp3
(4)XCl为1:1型离子化合物,由晶胞结构可知,每个Cl-周围与之最近有6个X+离子,配位数为6,晶体中X+的配位数与Cl-的配位数相等为6;
每个X+周围与其紧邻的Cl-围成的几何图形同每个Cl-周围与其紧邻的X+围成的几何图形相同,6个X+离子分别位于晶胞的面心上,呈正八面体结构,
故答案为:6;正八面体.
(2011•鹰潭二模)2004年2月俄、美科学家同时宣称合成了元素周期表上的第113号和第115号元素,第115号元素的
(2011•鹰潭二模)2004年2月俄、美科学家同时宣称合成了元素周期表上的第113号和第115号元素,第115号元素的
289
115
X原子在生成数微秒后会衰变成
285
113
X.下列有关叙述中,正确的是(  )
A.115号元素变成113号元素是化学变化
B.
289
115
X和
285
113
X是两种核素
C.
289
115
X的中子数与质子数之差为174
D.113号元素位于周期表第8周期
zjzs_0011年前1
狂赚 共回答了9个问题 | 采纳率100%
解题思路:A.元素的衰变过程属于核反应;
B.核素是指具有一定数目质子和一定数目中子的一种原子;
C.中子数=质量数-质子数;
D.根据113号元素在周期表中的位置解题.

A.元素的衰变过程属于核反应,既不是物理变化又不属于化学变化,故A错误;
B.
289115X和
285113X质子数不同,是两种不同元素的核素,故B正确;
C.核素
289115X的中子数=质量数-质子数=289-115=174,中子数与质子数之差为174-115=59,故C错误;
D.113号元素在周期表中的第7周期,第ⅢA主族,最高正价是+3价,故D错误.
故选:B.

点评:
本题考点: 核素;质量数与质子数、中子数之间的相互关系.

考点点评: 本题考查学生利用原子序数判断元素的位置,明确113号元素在周期表中的第7周期,第ⅢA主族是解答本题的关键,难度中等,熟悉元素周期表的结构即可解答.

(2012•鹰潭模拟)如图是“二分法”求方程x3-3x+1=0在区间(0,1)上的近似解的流程图.在图中①~④处应填写的
(2012•鹰潭模拟)如图是“二分法”求方程x3-3x+1=0在区间(0,1)上的近似解的流程图.在图中①~④处应填写的内容分别是(  )
A.f(a)f(m)<0;a=m;是;否
B.f(b)f(m)<0;m=b;是;否
C.f(b)f(m)<0;b=m;是;否
D.f(b)f(m)<0;b=m;否;是
lee21251年前1
agnes_yang 共回答了18个问题 | 采纳率94.4%
解题思路:根据题意即可判定判断框的内容,然后在赋值框中实现b=m的交换,满足精度输出结果判断③④的结果即可.

因为框图是“二分法”解方程的流程图.所以判断框的内容是根的存在性定理的应用,所以填f(b)f(m)<0;
是则直接进行验证精度,否则,在赋值框中实现b=m的交换,验证精度,满足精度输出结果结束程序,
所以③处填:是,④处为:否;
在①~④处应填写的内容分别是:f(b)f(m)<0;b=m;是;否.
故选C.

点评:
本题考点: 循环结构;程序框图.

考点点评: 本题主要考查框图的应用,以及函数的零点与方程的根的应用,明确题目的含义是解题的关键,考查分析问题解决问题的能力,属于基础题.

(2014•鹰潭二模)阿司匹林是日常生活中应用广泛的医药之一.它可由下列方法合成:
(2014•鹰潭二模)阿司匹林是日常生活中应用广泛的医药之一.它可由下列方法合成:

下列说法正确的是(  )
A.邻羟基苯甲醛分子中所有的原子可能在同一平面
B.用酸性KMnO4溶液直接氧化邻羟基苯甲醛可实现反应①
C.反应②中加入过量的NaHCO3有利提高阿司匹林的产率
D.与邻羟基苯甲酸互为同分异构体,苯环上一氯代物仅有2种且能发生银镜反应的酚类化合物共有3种
qq36260541年前1
lilyviolet 共回答了8个问题 | 采纳率87.5%
解题思路:A.苯环、C=O均为平面结构;
B.-CHO、酚-OH均可被酸性KMnO4溶液氧化;
C.加入过量的NaHCO3,与-COOH反应;
D.与邻羟基苯甲酸互为同分异构体,苯环上一氯代物仅有2种且能发生银镜反应的酚类化合物,含2个酚-OH、1个-CHO.

A.苯环、C=O均为平面结构,且苯环与-CHO直接相连,则邻羟基苯甲醛分子中所有的原子可能在同一平面,故A正确;
B.-CHO、酚-OH均可被酸性KMnO4溶液氧化,则酸性KMnO4溶液直接氧化邻羟基苯甲醛不能实现反应①,故错误;
C.加入过量的NaHCO3,与-COOH反应,则反应②中加入过量的NaHCO3,不能提高阿司匹林的产率,故C错误;
D.说明含有酚羟基,能发生银镜反应,含有-CHO,且含苯环、一氯代物有两种,符合条件的的同分异构体有,即有2种,故D错误;
故选A.

点评:
本题考点: 有机物的结构和性质.

考点点评: 本题考查有机物的结构和性质,题目难度中等,把握官能团及性质的关系、习题中的信息为解答的关键,同分异构体为解答的难点,题目难度不大.

(2014•鹰潭二模)定义A×B={z|z=xy,x∈A且y∈B},若A={x|-1<x<2},B={-1,2},则A×
(2014•鹰潭二模)定义A×B={z|z=xy,x∈A且y∈B},若A={x|-1<x<2},B={-1,2},则A×B=(  )
A.{x|-1<x<2}
B.{-1,2}
C.{x|-2<x<2}
D.{x|-2<x<4}
bigcircle1年前1
流淌的琴情 共回答了13个问题 | 采纳率84.6%
解题思路:结合给定信息,直接求解z=xy,x∈A且y∈B的取值范围即可.

∵A={x|-1<x<2},B={-1,2},
且z=xy,x∈A且y∈B
∴-2<z<4,
∴A×B={x|-2<x<4}.
故选D.

点评:
本题考点: 集合的表示法.

考点点评: 本题重点考查了集合的元素特征,理解所给信息是解题的关键,属于中档题.

(2014•鹰潭二模)如图所示为一透明玻璃半球,在其下面有一平行半球上表面水平放置的光屏.两束关于中心轴OO′对称的激光
(2014•鹰潭二模)如图所示为一透明玻璃半球,在其下面有一平行半球上表面水平放置的光屏.两束关于中心轴OO′对称的激光束从半球上表面垂直射入玻璃半球,恰能从球面射出.当光屏距半球上表面h1=40cm时,从球面折射出的两束光线汇聚于光屏与OO′轴的交点,当光屏距上表面h2=70cm时,在光屏上形成半径r=40cm的圆形光斑.求:该半球形玻璃的折射率.
宝贝第一1年前0
共回答了个问题 | 采纳率
(2013•鹰潭一模)下列有关细胞代谢的描述中,错误的是(  )
(2013•鹰潭一模)下列有关细胞代谢的描述中,错误的是(  )
A.在真核细胞的线粒体基质、叶绿体基质和细胞质基质中,有ATP的分解,但不能合成ATP的部位只有叶绿体基质
B.在丙酮酸的彻底氧化分解、CO2的固定、蛋白质的合成等生化反应中,一定是在细胞器中完成的是蛋白质的合成
C.在mRNA、ATP合成酶和RNA聚合酶等物质中,不能通过核孔的是ATP合成酶
D.高等生物保留无氧呼吸的能力,有利于对不良环境的适应
soho20041年前1
添牙浪子 共回答了23个问题 | 采纳率69.6%
解题思路:ATP 为细胞内的直接能源物质,ATP和ADP的转化过程中,能量来源不同:ATP水解释放的能量,来自高能磷酸键的化学能,并用于生命活动;合成ATP的能量来自呼吸作用或光合作用.场所不同:ATP水解在细胞的各处.ATP合成在线粒体,叶绿体,细胞质基质.

A、在真核细胞的线粒体基质、叶绿体基质和细胞质基质中,均有ATP的分解,有氧呼吸的第一、二阶段分别在细胞质基质和线粒体基质,均可产生ATP,故不能合成ATP的部位只有叶绿体基质,A正确;
B、在丙酮酸的彻底氧化分解、CO2的固定、蛋白质的合成等生化反应中,一定是在细胞器中完成的是蛋白质的合成,B正确;
C、ATP合成酶为大分子蛋白质,可通过核孔,C错误;
D、高等生物保留无氧呼吸的能力,有利于对不良环境的适应,D正确.
故选:C.

点评:
本题考点: ATP与ADP相互转化的过程;线粒体、叶绿体的结构和功能;细胞器中其他器官的主要功能;细胞核的结构和功能;无氧呼吸的概念与过程.

考点点评: 本题考查了细胞代谢和ATP的相关知识,意在考查学生的识记能力和判断能力,运用所学知识综合分析问题的能力.

(2014•鹰潭二模)若△ABC三个内角A,B,C满足sinA:sinB:sinC=3:5:7,则此三角形内角的最大值为
(2014•鹰潭二模)若△ABC三个内角A,B,C满足sinA:sinB:sinC=3:5:7,则此三角形内角的最大值为
[2π/3]
[2π/3]
2d4540d0bf062db11年前1
若林 共回答了20个问题 | 采纳率90%
由正弦定理知[a/sinA]=[b/sinB]=[c/sinC]=2R,
∴sinA=[a/2R],sinB=[b/2R],sinC=[c/2R],
∵sinA:sinB:sinC=3:5:7,
∴a:b:c=3:5:7,则c边最大,即C为最大角.
设a=3t,b=5t,c=7t,
∴cosC=
a2+b2−c2
2ab=
9t2+25t2−49t2
2•3t•5t=-[1/2],
∵0<C<π,
∴C=[2π/3].
故答案为:[2π/3].
(2012•鹰潭一模)在如图所示的几何体中,△ABC为正三角形,AE和CD都垂直于平面ABC,且AE=AB=2,CD=1
(2012•鹰潭一模)在如图所示的几何体中,△ABC为正三角形,AE和CD都垂直于平面ABC,且AE=AB=2,CD=1,F为BE的中点.
(I)求证:平面DBE⊥平面ABE;
(II)求直线BD和平面ACDE所成角的余弦值.
sonicwlq1年前0
共回答了个问题 | 采纳率
(2013•鹰潭一模)定义一种运算(a,b)*(c,d)=ad-bc,若函数f(x)=(1,lnx)*(tan[8π/3
(2013•鹰潭一模)定义一种运算(a,b)*(c,d)=ad-bc,若函数f(x)=(1,lnx)*(tan[8π/3],2x),x0是方程f(x)=0的解,且x0<x1,则f(x1)的值(  )
A.恒为正值
B.等于0
C.恒为负值
D.不大于0
捏饿诶的1年前0
共回答了个问题 | 采纳率
(2011•鹰潭二模)工业上以磷肥生产形成的副产物石膏(CaSO4•2H2O)与焦炭为原料可生产硫酸,同时可以得到硫酸钾
(2011•鹰潭二模)工业上以磷肥生产形成的副产物石膏(CaSO4•2H2O)与焦炭为原料可生产硫酸,同时可以得到硫酸钾肥料和氯化钙水合物储热材料.以下是有关的工艺流程示意图.试回答:

(1)写出方程式:反应Ⅰ
CaSO4•2H2O+C
高温
.
2CaO+2SO2↑+CO2↑+4H2O↑
CaSO4•2H2O+C
高温
.
2CaO+2SO2↑+CO2↑+4H2O↑

(2)写出方程式:反应Ⅱ______.
(3)请根据下表和化学平衡知识,分析工业上制硫酸中SO2的催化氧化的适宜条件是______.
表Ⅰ:
压强/M Pa
转化率/%
温度/℃
0.1 0.5 1 10
400 99.2 99.6 99.7 99.9
500 93.5 96.9 97.8 99.3
600 73.7 85.8 89.5 96.4
(4)检验滤液H中含有C
O
2−
3
的方法是______.
(5)氯化钙结晶水合物(CaCl2•6H2O)是目前常用的无机储热材料,选择的依据是______ (填序号).
a.熔点较低(29℃熔化)b.能导电c.易溶于水d.无毒.
走向蓝水1年前1
谬言几许 共回答了19个问题 | 采纳率89.5%
解题思路:工业上以磷肥生产形成的副产物石膏(CaSO4•2H2O)与焦炭为原料可生产硫酸,同时可以得到硫酸钾肥料和氯化钙水合物储热材料,依据流程图分析可知,生成硫酸的步骤中,A为SO2,B为SO3,EF吸收氨气生成(NH42CO3,判断EF为CO2,H2O,反应Ⅱ是碳酸铵和石膏反应生成碳酸钙沉淀和硫酸铵溶液,在硫酸铵溶液中加入氯化钾,利用物质溶解度分离得到硫酸钾和氯化铵,氯化铵和D反应生成氨气和氯化钙晶体,说明D为CaO,溶于水生成的氢氧化钙和氯化铵反应得到氯化钙溶液,浓缩蒸发得到CaCl2•6H2O;
依据分析推断出的物质分析回答问题;

工业上以磷肥生产形成的副产物石膏(CaSO4•2H2O)与焦炭为原料可生产硫酸,同时可以得到硫酸钾肥料和氯化钙水合物储热材料,依据流程图分析可知,生成硫酸的步骤中,A为SO2,B为SO3,EF吸收氨气生成(NH42CO3,判断EF为CO2,H2O,反应Ⅱ是碳酸铵和石膏反应生成碳酸钙沉淀和硫酸铵溶液,在硫酸铵溶液中加入氯化钾,利用物质溶解度分离得到硫酸钾和氯化铵,氯化铵和D反应生成氨气和氯化钙晶体,说明D为CaO,溶于水生成的氢氧化钙和氯化铵反应得到氯化钙溶液,浓缩蒸发得到CaCl2•6H2O;
(1)分析判断反应Ⅰ是石膏和碳在高温下反应生成氧化钙,二氧化硫,二氧化碳,水,配平书写化学方程式为:CaSO4•2H2O+C

高温
.
2CaO+2SO2↑+CO2↑+4H2O↑;
故答案为:CaSO4•2H2O+C

高温
.
2CaO+2SO2↑+CO2↑+4H2O↑;
(2)反应Ⅱ是石膏和碳酸铵反应生成碳酸钙沉淀和硫酸铵及水,反应的化学方程式为:CaSO4•2H2O+(NH42CO3=CaCO3↓+(NH42SO4+2H2O;
故答案为:CaSO4•2H2O+(NH42CO3=CaCO3↓+(NH42SO4+2H2O;
(3)依据图表数据分析可知,二氧化硫氧化为三氧化硫的反应是放热反应,温度低利于反应正向进行,但反应速率慢,增大压强对二氧化硫的转化率增加不大,所以为提高反应速率,在400°C-500°C,常压下,二氧化硫转化率较高,且在此温度下催化剂活性最大;
故答案为:常压、400-500℃、催化剂的条件下;
(4)检验碳酸根离子的存在,可以取少量滤液加入盐酸,根据生成气体现象分析判断碳酸根离子的存在,实验方法为:取少许滤液滴加到盐酸中产生气泡;
故答案为:取少许滤液滴加到盐酸中产生气泡;
(5)氯化钙结晶水合物(CaCl2•6H2O)是目前常用的无机储热材料,是因为氯化钙结晶水合物熔点低易熔化,且无毒,与易溶于水,能导电无关;
故答案为:a d;

点评:
本题考点: 无机物的推断.

考点点评: 本题考查了物质流程分析,反应产物的判断方法,依据化学平衡原理选择生产需要的合适条件,物质性质和反应过程是解题关键,题目难度中等.

(2014•鹰潭二模)如图所示,斜面上有a、b、c、d、e五个点,ab=bc=cd=de,从a点以初速度v0水平抛出一个
(2014•鹰潭二模)如图所示,斜面上有a、b、c、d、e五个点,ab=bc=cd=de,从a点以初速度v0水平抛出一个小球,它落在斜面上的b点,速度方向与斜面之间的夹角为θ.若小球从 a 点以2v0速度水平抛出,不计空气阻力,则下列判断正确的是(  )
A.小球将落在c点与d点之间
B.小球将落在e点
C.小球落在斜面的速度方向与斜面的夹角大于θ
D.小球落在斜面的速度方向与斜面的夹角等于θ
湘随30141年前1
荒漠旅行者 共回答了17个问题 | 采纳率82.4%
解题思路:(1)小球落在斜面上,竖直方向上的位移与水平方向位移的比值一定,运动的时间与初速度有关,根据竖直方向上的位移公式,可得出竖直位移与初速度的关系,从而知道小球的落点.(2)根据速度方向与水平方向的夹角变化,去判断θ的变化.

A、小球落在斜面上,竖直方向上的速度与水平方向速度的比值tanθ=
vy
v0=
gt
v0,
解得:t=
v0tanθ
g,
在竖直方向上的位移y=
1
2gt2=
v02(tanθ)2
2g当初速度变为原来的2倍时,竖直方向上的位移变为原来的4倍,
所以小球一定落在斜面上的e点,故A错误,B正确;
C、设小球落在斜面上速度与水平方向的夹角为β,则tanβ=
vy
2v0=
gt′
v0,
又t=2×
v0tanθ
g=
2v0tanθ
g,所以tanβ=tanθ,所以落在斜面时的速度方向与斜面夹角也为θ.故C错误,D正确.
故选:BD.

点评:
本题考点: 平抛运动.

考点点评: 物体在斜面上做平抛运动落在斜面上,竖直方向的位移与水平方向上的位移比值是一定值.以及知道在任一时刻速度与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍.

(2012•鹰潭一模)物质氧化性、还原性的强弱,不仅与物质的性质有关,还与物质的浓度、温度、反应物用量等有关.下列各组物
(2012•鹰潭一模)物质氧化性、还原性的强弱,不仅与物质的性质有关,还与物质的浓度、温度、反应物用量等有关.下列各组物质中由于浓度、温度、用量等条件不同而能发生不同氧化还原反应的是(  )
①Cu与HNO3溶液;②Fe与HCl溶液;③Zn与H2SO4溶液;④铝与NaOH溶液;⑤FeI2与Br2水;⑥NH3与Cl2
A.全部
B.①③④⑥
C.①②④⑤
D.①③⑤⑥
老冬20841年前1
lily-wcums 共回答了17个问题 | 采纳率88.2%
解题思路:①浓硝酸与金属反应生成二氧化氮,稀硝酸与金属反应生成一氧化氮③;较活泼金属与稀硫酸反应生成氢气,与浓硫酸反应生成二氧化硫;②④中都只发生一种反应,⑤中溴水的量不同,反应的程度不同,⑥发生氧化还原反应生成氮气,可生成氯化氢或氯化铵,以此来解答.

①Cu与HNO3溶液中,若为浓硝酸,发生Cu+4HNO3═Cu(NO32+2NO2↑+2H2O,若为稀硝酸,则发生3Cu+8HNO3═3Cu(NO32+2NO↑+4H2O,故①符合题意;
②Fe与HCl溶液中,无论浓度大小都只发生Fe+2HCl=FeCl2+H2↑,故②不符合题意;
③Zn与H2SO4溶液中,若为稀硫酸,发生Zn+H2SO4═ZnSO4+H2↑,若为浓硫酸,则发生Zn+2H2SO4(浓)


.
ZnSO4+SO2↑+2H2O,故③符合题意;
④铝与NaOH溶液,只生成NaAlO2和氢气,④不符合题意;
⑤FeI2与Br2水,由与还原性I->Fe2+,溴水的量不同,反应的程度不同,故⑤符合题意;
⑥NH3与Cl2反应,发生氧化还原反应生成氮气,可生成氯化氢或氯化铵,故⑥符合题意,
故选D.

点评:
本题考点: 氧化还原反应.

考点点评: 本题综合考查氧化还原反应知识,注意把握常见物质的性质,明确浓稀硝酸、浓硫酸具有强氧化性及发生的化学反应是解答本题的关键,难度不大.

(2012•鹰潭一模)人体中某一过程如图所示,如果温度增加到45℃,引起酶的活性部位改变,会引起(  )
(2012•鹰潭一模)人体中某一过程如图所示,如果温度增加到45℃,引起酶的活性部位改变,会引起(  )

A.蛋白质被消化得更快
B.蛋白质被消化得较慢或不能被消化
C.氨基酸缩合速度加快
D.氨基酸缩合速度减慢或不能发生缩合
szuniword1年前1
莫名琪妙 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
解题思路:本题是对酶的作用机理和酶的作用特点的考查,分析题图可知,酶作用的机理是酶的活性部位与反应底物结合形成酶-底物的复合物,降低化学反应的活化能;酶在反应前后本身的性质不变,题图显示的反应为分解反应.

A、由于酶的活性受温度的影响,如果温度增加到45℃,引起酶的活性部位改变,酶的活性会降低甚至失去活性,A错误;
B、由A分析可知,B正确;
C、由题意可知,题图显示的反应是分解反应,不是氨基酸的脱水缩合反应,C错误;
D、由C分析可知,D错误.
故选:B.

点评:
本题考点: 酶促反应的原理;酶的特性.

考点点评: 本题的知识点是酶促反应的机理,酶促反应的速率受温度的影响,分析题图获取信息是解题的突破口,对于酶的作用机理和作用特点的理解是解题的关键.

(2014•鹰潭二模)近年来,我国很多城市都出现了严重的雾霾天气.为了更好地保护环境,2012年国家环保部发布了新修订的
(2014•鹰潭二模)近年来,我国很多城市都出现了严重的雾霾天气.为了更好地保护环境,2012年国家环保部发布了新修订的《环境空气质量标准》,其中规定:居民区 的PM2.5的年平均浓度不得超过35微克/立方米.某城市环保部门在2014年1月1日到 2014年3月31日这90天对某居民区的PM2.5平均浓度的监测数据统计如下:
组别 PM2.5浓度(微克/立方米) 频数(天)
第一组 (0,35] 24
第二组 (35,75] 48
第三组 (75,115] 12
第四组 >115 6
(Ⅰ)在这90天中抽取30天的数据做进一步分析,每一组应抽取多少天?
(Ⅱ)在(Ⅰ)中所抽取的样本PM2.5的平均浓度超过75(微克/立方米)的若干天中,随机抽取2天,求至少有一天平均浓度超过115(微克/立方米)的概率.
4yef1年前1
benilau 共回答了20个问题 | 采纳率100%
解题思路:(Ⅰ)由这90天中的数据中,各个数据之间存在差异,故应采取分层抽样,计算出抽样比k后,可得每一组应抽取多少天?
(Ⅱ)设PM2.5的平均浓度在(75,115]内的4天记为A,B,C,D,PM2.5的平均浓度在115以上的两天记为1,2,列举出从6天任取2天的所有情况和满足至少有一天平均浓度超过115(微克/立方米)的情况数,代入古典概型概率计算公式,可得答案.

(Ⅰ)∵这90天中的数据中,各个数据之间存在差异,
∴这90天中抽取30天,应采取分层抽样,
则k=[30/90]=[1/3],
则每一组抽取24×[1/3]=8天;
第二组抽取48×[1/3]=16天;
第三组抽取12×[1/3]=4天;
第四组抽取6×[1/3]=2天. …(4分)
(Ⅱ)设PM2.5的平均浓度在(75,115]内的4天记为A,B,C,D,PM2.5的平均浓度在115以上的两天记为1,2,
则从6天任取2天的情况有:
AB,AC,AD,A1,A2,
BC,BD,B1,B2,CD,
C1,C2,D1,D2,12,共15种…(8分)
记“至少有一天平均浓度超过115(微克/立方米)”为事件A,其中符合条件的有:A1,A2,B1,B2,C1,C2,D1,D2,12共9种.
所以,所求事件A的概率P(A)=[9/15]=[3/5].…(12分)

点评:
本题考点: 古典概型及其概率计算公式;分层抽样方法.

考点点评: 此题考查了古典概型概率计算公式,分层抽样,掌握古典概型概率公式:概率=所求情况数与总情况数之比是解题的关键.

(2012•鹰潭一模)链霉素能与原核生物核糖体上的S蛋白结合,从而阻止少基因表达手的翻译过程.现有一种细菌,其S蛋白上有
(2012•鹰潭一模)链霉素能与原核生物核糖体上的S蛋白结合,从而阻止少基因表达手的翻译过程.现有一种细菌,其S蛋白上有一个氨基酸种类发生改变,导致S蛋白不能与链霉素结合.以下叙述正确的是(  )
A.链霉素能诱导细菌S蛋白基因发生相应的突变
B.链霉素是抗此种细菌的特效药
C.该细菌内S蛋白的空间结构可能发生了改变
D.该细菌S蛋白基因可能缺失一个或二个碱基
Apple11241年前1
记忆中的你1112 共回答了15个问题 | 采纳率93.3%
解题思路:基因突变具有不定向性.链霉素只是能与原核生物核糖体上的S蛋白结合,从而阻止了基因表达中的翻译过程.

A、细菌S蛋白基因发生突变跟有没有链霉素没关系,只是链霉素能与原核生物核糖体上的S蛋白结合,从而阻止了基因表达中的翻译过程.故A错误.
B、此种细菌S蛋白上有一个氨基酸种类发生改变,导致S蛋白不能与链霉素结合.故B错误.
C、链霉素能与S蛋白结合,主要是因为S蛋白具有特定的空间结构.如果改变了S蛋白上的氨基酸,如果那个氨基酸恰好是一个连接二硫键的氨基酸,就会导致蛋白质空间结构发生手的改变,这样就结合不了了.故C正确.
b、基因缺失一个或两个碱基,若是有效基因缺失,整个基因转录过程错乱,进而产生的蛋白质不可能只有一个氨基酸改变,或者不进行基因的表达,产生不了对应的蛋白质;若是无效基因改变,则不会改变基因的表达过程,蛋白质不会改变.综合以上两种情况,即使基因缺失一或两个碱基,蛋白质不会只有一个氨基酸的种类发生改变.故b错误.
故选C.

点评:
本题考点: 蛋白质的结构和功能的综合;基因突变的特征.

考点点评: 本题考查了蛋白质的结构与功能的综合的相关内容,意在考查考生理解所学知识的要点,把握知识间的内在联系的能力.

(2013•鹰潭模拟)化学与环境、材料、信息、能源关系密切,下列说法错误的是(  )
(2013•鹰潭模拟)化学与环境、材料、信息、能源关系密切,下列说法错误的是(  )
A.利用催化设施,可以将汽车尾气中CO和NO转化为无害气体
B.半导体行业中有一句话:“从沙滩到用户”,计算机芯片的材料是二氧化硅
C.2012年3月修订的《环境空气质量标准》中新纳入的监测指标是PM2.5
D.防止酸雨发生的重要措施之一是使用清洁能源
惠氏金宝宝1年前1
wdx804 共回答了14个问题 | 采纳率100%
解题思路:A.汽车尾气系统中使用催化转化器,可降低CO、NO等有毒气体的排放;
B.计算机芯片的材料是硅单质;
C.2012年2月29日,《环境空气质量标准》增加了PM2.5监测指标;
D.二氧化硫和氮的氧化物的排放是酸雨形成的主要原因.

A.利用催化设施,CO和NO反应能生成二氧化碳和氮气,故A正确;
B.沙子的成分是二氧化硅,计算机芯片的材料是硅单质,故B错误;
C.2012年2月29日,国务院同意发布新修订的《环境空气质量标准》,新标准增加了PM2.5监测指标,故C正确;
D.二氧化硫和氮的氧化物是形成酸雨的物质,防止酸雨发生的重要措施之一是使用清洁能源,减少二氧化硫和氮的氧化物的排放,故D正确.
故选B.

点评:
本题考点: 硅和二氧化硅;常见的生活环境的污染及治理.

考点点评: 本题考查硅单质和二氧化硅,常见的生活环境的污染及治理,难度不大,注意2012年2月29日,国务院同意发布新修订的《环境空气质量标准》,新标准增加了PM2.5监测指标.