A、B两棒长均为L=1m,A的下端和B的上端相距s=10m.若A、B同时运动,A做自由落体运动

A．该原电池中，铁作负极，碳作正极，电子从负极铁沿导线流向正极碳，故A错误；
B．根据A知，电子从铁沿导线流向碳，故B正确；
C．中性溶液中，正极上氧气得电子发生还原反应生成氢氧根离子，故C错误；
D．铜丝作导线，不参加氧化还原反应，故D错误；
故选B．

点评：
本题考点： 原电池和电解池的工作原理．

考点点评： 本题以原电池原理为载体考查了金属的腐蚀与防护，明确铁发生吸氧腐蚀和析氢腐蚀的条件是解本题关键，再根据正负极上发生的反应来分析解答，注意电子不进入电解质溶液，为易错点．

A、由图乙所示图象可知，t=t₀时磁感应强度为零，导体棒不受安培力作用，轻杆既不被拉伸也不被压缩，故A正确；
B、由图乙所示图象可知，磁场方向先向下后向上，磁通量先减少后增大，由楞次定律可知，感应电流始终沿顺时针方向，由楞次定律可知，为阻碍磁通量的变化，两导体棒先有远离的趋势，后有靠近的趋势，则绝缘杆先被拉伸后被压缩，故B正确，C错误；
D、由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势：E=
△Φ/△t]=[S•△B/△t]=L²×[B′−B
2t0=
(B′−B)L2
2t0，感应电流I=
E/2R]，电荷量q=I△t₁=
(B′−B)L2
4Rt0×2t₀，则B′=
2qR
L2+B，故D错误；
故选：AB．

点评：
本题考点： 法拉第电磁感应定律；楞次定律．

考点点评： 本题考查了楞次定律、法拉第电磁感应定律的应用，分析清楚图象，知道磁感应强度随时间变化的关系是正确解题的前提与关键，要掌握读图能力．

A、由图乙所示图象可知，0到t₀时间内，磁场向里，磁感应强度B均匀减小，线圈中磁通量均匀减小，由法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的感应电动势，形成恒定的电流．由楞次定律可得出电流方向沿顺时针，故ab受力向左，cd受力向右，而张力F=F_安=BIL，因B减小，故张力将减小，故AB错误，C正确；
D、由t₀到t时间内，线圈中的磁场向外，B均匀增大，回路中产生恒定的感应电流，由楞次定律可知，电流为顺时针，由左手定则可得出，两杆受力均向里，故两杆靠近，细线中张力消失，故D错误；
故选：C．

点评：
本题考点： 法拉第电磁感应定律；力的合成与分解的运用．

考点点评： 本题只要楞次定律的第二种表达掌握好了，本题可以直接利用楞次定律的“来拒去留”进行判断．

A、由图乙所示图象可知，0到t₀时间内，磁场向里，磁感应强度B均匀减小，线圈中磁通量均匀减小，由法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的感应电动势，形成恒定的电流．由楞次定律可得出电流方向沿顺时针，故ab受力向左，cd受力向右，而张力F=F_安=BIL，因B减小，故张力将减小，故A正确、BC错误；
D、由图乙所示图象可知，由t₀到t时间内，线圈中的磁场向外，B均匀增大，回路中产生恒定的感应电流，由楞次定律可知，电流为顺时针，由左手定则可得出，两杆受力均向里，故两杆靠近，细线中张力消失，D正确；
故选：AD．

点评：
本题考点： 法拉第电磁感应定律；安培力．

考点点评： 本题只要楞次定律的第二种表达掌握好了，本题可以直接利用楞次定律的“来拒去留”进行判断．

（1）以A为参考系，B以v₀向上匀速运动，在相遇的过程中，B的位移为s，根据匀速直线运动的公式得：
t=
s
v0=0.5s
（2）从相遇开始到分离所需时间，以A为参考系，B的位移为2L，根据匀速直线运动的公式得，
△t=
2L
v0=0.05s．
答：（1）A、B经过0.5s相遇．
（2）从相遇开始到分离所需时间为0.05s．

点评：
本题考点： 自由落体运动；竖直上抛运动．

考点点评： 解决本题的巧妙之处是以A为参考系，B以v0向上匀速运动，根据匀速直线运动的公式进行求解．本题也可以地面为参考系，根据匀变速直线运动的公式求解．

A、B、C.0到t₀时间内，磁场向里，磁感应强度B均匀减小，线圈中磁通量均匀减小，由法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的感应电动势，形成恒定的电流．由楞次定律可得出电流方向沿顺时针，故ab受力向左，cd受力向右，而张力F=F_安=BIL，因B减小，故张力将减小，故A错误、B正确；
D、由t₀到t时间内，线圈中的磁场向外，B均匀增大，回路中产生恒定的感应电流，由楞次定律可知，电流为顺时针，由左手定则可得出，两杆受力均向里，故两杆靠近，细线中张力消失，故D正确；
故选BD．

点评：
本题考点： 导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；安培力；法拉第电磁感应定律．

考点点评： 本题只要楞次定律的第二种表达掌握好了，本题可以直接利用楞次定律的“来拒去留”进行判断．

A、0到t₀时间内，磁场向里减小，则线圈中磁通量减小，则由楞次定律可得出电流方向沿顺时针，故ab受力向左，cd受力向右，故杆的弹力将增大，故A错误；
B、由t₀到t时间内，线圈中的磁场向外增大，则由楞次定律可知，电流为顺时针，由左手定则可得出，两杆受力均向里，故两杆靠近，故杆的弹力将增大，故B错误、D正确；
C、0到t0时间内，磁场向里，磁感应强度B均匀减小，线圈中磁通量均匀减小，由法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的感应电动势，形成恒定的电流．由楞次定律可得出电流方向沿顺时针，故ab受力向左，cd受力向右，而绝缘细杆受力F=F安=BIL，因B减小，故受力将减小，故C错误；
故选：D．

点评：
本题考点： 法拉第电磁感应定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．

考点点评： 如果楞次定律的第二种表达掌握好了，本题可以直接利用楞次定律的“来拒去留”进行判断．注意细杆的弹力与可能沿着杆，也可能不沿着杆．

根据化学方程式NH₃+HCl=NH₄Cl可知其符合多变一的特点，故属于化合反应．
故选A．

点评：
本题考点： 反应类型的判定．

考点点评： 本题考查学生四大基本反应类型的测定，题目较易．

A、由图乙所示图象可知，0到t₀时间内，磁场向里，磁感应强度B均匀减小，线圈中磁通量均匀减小，由法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的感应电动势，形成恒定的电流．由楞次定律可得出电流方向沿顺时针，故ab受力向左，cd受力向右，而张力F=F_安=BIL，因B减小，故张力将减小，故AC错误，B正确；
D、由t₀到t时间内，线圈中的磁场向外，B均匀增大，回路中产生恒定的感应电流，由楞次定律可知，电流为顺时针，由左手定则可得出，两杆受力均向里，故两杆靠近，细线中张力消失，故D错误；
故选：B．

点评：
本题考点： 法拉第电磁感应定律．

考点点评： 本题只要楞次定律的第二种表达掌握好了，本题可以直接利用楞次定律的“来拒去留”进行判断．

金属球做匀速圆周运动，受重力和支持力，合力提供向心力，如图所示：

根据向心力公式得：
mgcotθ=mω²r
ω=2πn
解得：r=
gcotθ
(2πn)2
故选：A．

点评：
本题考点： 线速度、角速度和周期、转速．

考点点评： 本题主要考查了牛顿第二定律及匀速圆周向心力公式的直接应用，关键是对小球进行受力分析求出合力，难度不大．

金属球做匀速圆周运动，受重力和支持力，合力提供向心力，如图所示：

根据向心力公式得：
mgcotθ=mω²r
ω=2πn
解得：r=
gcotθ
(2πn)2
故选：A．

点评：
本题考点： 线速度、角速度和周期、转速．

考点点评： 本题主要考查了牛顿第二定律及匀速圆周向心力公式的直接应用，关键是对小球进行受力分析求出合力，难度不大．

（1）以A为参考系，B以v₀向上匀速运动，在相遇的过程中，B的位移为s，根据匀速直线运动的公式得：
t=
s
v0=0.5s
（2）从相遇开始到分离所需时间，以A为参考系，B的位移为2L，根据匀速直线运动的公式得，
△t=
2L
v0=0.05s．
答：（1）A、B经过0.5s相遇．
（2）从相遇开始到分离所需时间为0.05s．

点评：
本题考点： 自由落体运动；竖直上抛运动．

考点点评： 解决本题的巧妙之处是以A为参考系，B以v0向上匀速运动，根据匀速直线运动的公式进行求解．本题也可以地面为参考系，根据匀变速直线运动的公式求解．

A、B由串联电路的特点知：I₁=I₂=I．故A错误，B正确．
C、D由R=ρ[L/S]可知，R₁＞R₂，故U₁=IR₁＞U₂=IR₂．故C正确，D错误．
故选BC

点评：
本题考点： 欧姆定律；电流、电压概念．

考点点评： 本题实质是简单的串联电路，抓住串联电路电流处处相等的特点是解题的关键．

毛皮摩擦过的橡胶棒所带的电荷是负电荷；丝绸摩擦过的玻璃棒带的电荷是正电荷．异种电荷相互吸引，所以两棒有相互的作用．
故答案为：吸引．

点评：
本题考点： 物体带电情况的判断．

考点点评： 电荷间的作用规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．

0到t₀时间内，磁场向里减小，则线圈中磁通量减小，则由楞次定律可得出电流方向沿顺时针，故ab受力向左，cd受力向右，而张力F=BIL，因B减小，故张力将减小，故ABC错误；
由t₀到t时间内，线圈中的磁场向外增大，则由楞次定律可知，电流为顺时针，由左手定则可得出，两杆受力均向里，故两杆靠近，细线中张力消失，故D正确；
故选D．

点评：
本题考点： 法拉第电磁感应定律；共点力平衡的条件及其应用；安培力；楞次定律．

考点点评： 如果楞次定律的第二种表达掌握好了，本题可以直接利用楞次定律的“来拒去留”进行判断．