将重为20N的一煤块轻轻放在皮带传送机的左端,煤块在皮带的作用下,相对地面作____运动,此时摩擦力的方向_____（皮

提高燃料燃烧效率的方法是：增大燃料与空气的接触面积，并通入充足的空气，
①将煤块磨成煤粉能增大燃料与空气的接触面积，故①正确；
②用扇子扇能通入充足的空气，故②正确；
③铁导热性好，热量已损失，故③错误；
④选用脱硫煤能减少污染，故④正确；
⑤充分利用烟道气的余热可提高热量的利用率，故⑤正确；
故选C．

点评：
本题考点： 燃料的充分燃烧．

考点点评： 本题考查提高燃料燃烧效率的方法，题目难度不大，注意从能量的利用率来考虑．

（1）根据“传送带上有黑色痕迹”可知，
煤块与传送带之间发生了相对滑动，煤块的加速度a小于传送带的加速度a₀．
根据牛顿第二定律，可得
煤块刚开始运动时加速度的大小a=μg
（2）设经历时间t，传送带由静止开始加速到速度v₀，煤块则由静止加速到v，有
v₀=a₀tv=at
由于a＜a₀，故v＜v₀，煤块继续受到滑动摩擦力的作用．再经过时间t′，煤块的速度由v增加到v₀，有 v₀=v+at′
煤块做匀加速直线运动的时间为t+t′=
v0
μg
此后，煤块与传送带运动速度相同，相对于传送带不再滑动，不再产生新的痕迹．
（3）设在煤块的速度从0增加到v₀的整个过程中，传送带和煤块移动的距离分别为s₀和s，有
s₀=[1/2]a₀t²+v₀t′
s=

v20
2a
传送带上留下的黑色痕迹的长度
l=s₀-s
由以上各式得
黑色痕迹的长度l=

v20(a0−μg)
2μa0g．

点评：
本题考点： 测定匀变速直线运动的加速度．

考点点评： 本题关键分析清楚皮带和煤块的受力情况和运动情况，然后根据运动学公式求解．

①将煤块粉碎，增大与空气的接触面积，能煤充分燃烧，提高煤能的利用率，故①正确；
②煤中含有S元素，燃烧时能生成SO₂，经脱硫处理可减少SO₂的产生，避免造成“酸雨”，故②正确；
③在适当过量的空气中燃烧，生成CO₂，减少CO的产生，故③正确；
④无论是否脱硫处理，在适当过量的空气中燃烧，生成CO₂的量都不变，不能减少CO₂的产生，故④错误．
所以正确的是①②③．
故选A．

点评：
本题考点： 常见的生活环境的污染及治理．

考点点评： 本题考查常见生活污染及治理，题目难度不大，注意题中“将煤块粉碎、经脱硫处理、在适当过量的空气中燃烧”等信息．

根据牛顿第二定律得：小煤块的加速度为a=
μmg
m＝μg＝4m/s2
小煤块运动到速度与传送带相等时的时间为：t₁=
△v
a＝
2−1
4s＝0.5s
此时小煤块的位移为：x1＝
1
2at2＝
1
2×4×0.25m＝0.5m＜4m
此后小煤块与传送带以相同的速度匀速运动直到B端，所以划痕长度即为小煤块相对于传送带的位移x₁=0.5m，故CD错误；
x₂=x-x₁=4-0.5m=3.5m
匀速运动的时间为：t2＝
x2
v0＝
3.5
2s＝1.75s
运动的总时间为：t=t₁+t₂=0.5+1.75s=2.25s，故A正确，B错误
故选A

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 解决本题的关键会根据受力判断物体的运动情况，难度适中，属于中档题．

（1）小煤块比小木条难点燃，说明煤的着火点比木条高．
故填：煤的着火点高．
（2）用白色点滴板代替试管进行相关实验，可以节约药品．
故填：节约药品．
（3）①a仪器是锥形瓶．
故填：锥形瓶．
②用石灰石和稀盐酸制取二氧化碳时，反应不需要加热，应该选择B发生装置，二氧化碳能溶于水，不能用排水法收集，二氧化碳的密度比空气大，可以用向上排空气法收集，应该选择D收集装置；碳酸钙和稀盐酸反应能生成氯化钙、水和二氧化碳，化学方程式为：CaCO₃+2HCl=CaCl₂+H₂O+CO₂↑．
故填：BD；CaCO₃+2HCl=CaCl₂+H₂O+CO₂↑．
③高锰酸钾受热分解能生成锰酸钾、二氧化锰和氧气，反应的化学方程式为：2KMnO₄

△
.
K₂MnO₄+MnO₂+O₂↑；当气泡从集气瓶口逸出时，说明氧气已经收集满；剩余固体中，只有二氧化锰不溶于水，通过进行溶解、过滤、洗涤干燥等操作即可回收二氧化锰．
故填：2KMnO₄

△
.
K₂MnO₄+MnO₂+O₂↑；有气泡从集气瓶口逸出；过滤．

点评：
本题考点： 燃烧与燃烧的条件；常用气体的发生装置和收集装置与选取方法．

考点点评： 本题属于中档题，即考查了实验装置的选择，又考查了化学方程式的书写，书写化学方程式时要注意四步，一是反应物和生成物的化学式要正确，二是遵循质量守恒定律，三是写上必要的条件，四是看是否有“↑”或“↓”．

用铅笔写字时，笔尖与纸之间的摩擦是滑动摩擦力．皮带输送机运煤时，煤块与皮带之间的摩擦是静摩擦力．用圆珠笔写字时，笔尖上的圆珠子跟纸之间的摩擦是滚动摩擦力．
故答案为：滑动摩擦力；静摩擦力；滚动摩擦力．

点评：
本题考点： 摩擦力的种类．

考点点评： 本题考查学生对生活中各种现象的不同摩擦力的理解能力．

可燃物燃烧除需要氧气外，还需要满足的条件是：温度达到可燃物的着火点．
煤块经粉碎处理后，增大了煤与氧气的接触面积，从而使煤燃烧得更快、更充分．

点评：
本题考点： 燃烧与燃烧的条件；完全燃烧与不完全燃烧．

考点点评： 物质燃烧需要三个条件：可燃物、与氧气接触、温度达到着火点，这三个条件缺一不可．

设运动过程中物体的加速度为a，根据牛顿第二定律得：
μmg=ma
求得：a=1m/s²
设达到皮带速度v时发生的位移为s₁，所用时间为t₁，则：
v²=2as₁
解得：s₁=18m＜30m
后面的时间小煤块做匀速直线运动，根据平衡条件知小煤块不受摩擦力作用．
故AC正确．
故选：AC．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；滑动摩擦力．

考点点评： 本题关键要对滑块受力分析后，根据牛顿第二定律求解出加速度，再结合运动学公式列式求解加速过程的位移，判断是否一直匀加速．

（1）由于煤块与传送带之间的发生相对滑动产生黑色痕迹，黑色痕迹即为相对滑动的位移大小．
f=μmg=0.2×5N=1N．
（2）煤块运动的加速度为a=μg=2m/s²；煤块与传送带相对静止所用时间t=
v
a＝
6
2＝3s，
通过的位移x=
.
vt＝
6
2×3m＝9m；
在煤块与传送带相对滑动的时间内：传送带由静止加速到6m/s所用时间t₁=
△v
a0＝
6
3s＝2s
在相对滑动过程中，传送带匀速运动的时间t₂=t-t₁=1s，
则传送带的位移x′＝
v
2t1+vt2＝
6
2×2+6×1m＝12m，
则相对滑动的位移△x=x′-x=12-9m=3m．
答：（1）此过程中煤块所受滑动摩擦力的大小为1N；
（2）黑色痕迹的长度为3m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 本题中传送带及煤块均做匀加速直线运动，故在解题时要注意分别针对两个物体的运动进行分析；求出在达到相对静止时间内的位移，则可求出相对位移．

（1）输送带是向右匀速运动的，煤块刚放上时，由静止变为向右运动，水平方向没有其他拉力或推力，所以只受向右的摩擦力；
（2）煤块向右匀速运动时，水平方向上如果受摩擦力，一定有另一个力与它平衡，因为没有其他力，所以不受力；
（3）当煤块在皮带的作用下，相对于地面向右作速度增加的变速直线运动，只有摩擦力方向向右，煤块才会做速度增加的变速直线运动．
故答案为：向右；为零．

点评：
本题考点： 摩擦力的方向；二力平衡条件的应用．

考点点评： 记住摩擦力与相对运动或运动趋势方向相反，并不是与运动方向相反；物体在传送带上匀速运动时是不受摩擦力的．

AB、当电机不开启，小煤块在传送带上做匀减速直线运动，加速度为：a=μg=0.1×10m/s²=1m/s²
根据速度位移公式：v₀²-v²=2aL，
解得：v=

v20−2aL=2m/s，
运动的时间为：t=
v0−v
a=2s．故A正确，B错误．
C、当电机开启，传送带顺时针转动，小煤块在传送带上做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度，一起做匀速直线运动，则煤块达到传送带速度所经历的时间为：t=
v′−v0
a＝
5−4
1=1s，此时小煤块的位移为：x₁=
v2−
v20
2a=[25−16/2]=4.5m，传送带的位移为：x₂=vt=5×1m=5m，则黑色痕迹的长度为：△x=x₂-x₁=5-4.5m=0.5m．故C正确．
D、当电机开启，传送带逆时针转动，小煤块在传送带上一直做匀减速直线运动，运动的时间为：t=2s，此时传送带的位移为：
x₁=vt=5×2m=10m
则相对运动的位移大小为：△x=x₁+L=10+6m=16m，故D错误；
故选：AC

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 解决本题的关键理清煤块在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．

A、因为二氧化碳不支持燃烧，所以虽然一氧化碳可以燃烧，但因含量少，所以用点燃的方法除去二氧化碳中混有的少量一氧化碳是不会实现的，故A做法不正确；
B、催化剂的作用是改变物质的反应速率，不会改变元素的种类，由于水中不含有汽油中的碳元素，加催化剂也不能用水生产汽油，故B做法不正确；
C、可燃物与氧气接触面积越大，燃烧越充分，所以把煤块研成粉末制成蜂窝煤，让煤燃烧更充分是正确的，故C做法正确；
D、二氧化碳不支持燃烧，所以探究菜窖中二氧化碳含量是否过高，人能否进入时，可进行灯火试验．
故选C；
D处填：灯火试验．

点评：
本题考点： 常见气体的检验与除杂方法；二氧化碳的化学性质；质量守恒定律及其应用；完全燃烧与不完全燃烧．

考点点评： 本题考查一氧化碳、二氧化碳的性质，催化剂的作用，物质的燃烧条件，难度不大，但知识面较多，需要同学们细心考虑．

A、煤块的加速度a=μg=4m/s²，煤块达到传送带速度时所用的时间t1＝
v0
a＝1s，此时的位移x1＝
1
2at12＝2m，则匀速直线运动的时间t2＝
L−x1
v0＝
4−2
4s＝0.5s．
则小煤块从A运动到B的时间为1.5s．故A错误，B正确．
C、当小煤块速度达到传送带速度时，传送带的位移x₂=v₀t₁=4m，则划痕的长度△x=x₂-x₁=4-2m=2m．故C错误，D正确．
故选BD．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 解决本题的关键理清小煤块的运动情况，结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解．

小煤块先加速后匀速，加速阶段的时间：t₁=
v0
μg=0.5 s，
小煤块位移为：x₁=[1/2]μgt
21=0.5 m，
传送带位移为：x₂=v₀t₁=1 m，
所以划痕长度是x₂-x₁=0.5 m；
小煤块匀速阶段的时间为：t₂=
x−x1
v0=1.75 s，
故小煤块从A运动到B的时间是：t=t₁+t₂=2.25 s．
答：（1）所用的时间为2.25s．
（2）划痕的长度为0.5m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 解决本题的关键根据受力判断出小煤块的运动情况，综合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．

（1）根据牛顿第二定律得，加速度a=
f
m=
μmg
m=μg=1m/s2．
（2）煤块匀加速直线运动的时间t1=
v
a=
1
1s=1s，
匀加速直线运动的位移x1=
1
2at12=
1
2×1×1m=0.5m．
煤块匀速直线运动的位移x₂=L-x₁=2-0.5m=1.5m．
则煤块匀速直线运动的时间t2=
x2
v=
1.5
1s=1.5s．
则煤块传送到B点的时间t=t₁+t₂=1+1.5s=2.5s．
（3）煤块匀加速直线运动时，传送带的位移x₃=vt₁=1m．
则相对位移大小△x=x₃-x₁=0.5m．
所以摩擦产生的热量Q=μmg△x=0.1×40×0.5J=2J．
答：（1）煤块刚开始运动时加速度的大小为1m/s²．
（2）煤块传送到B点的时间为2.5s．
（3）煤块与传送带之间因摩擦而产生的热量为2J．

点评：
本题考点： 匀变速直线运动的位移与时间的关系；功能关系．

考点点评： 解决本题的关键理清煤块在传送带上的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．

因为黑色表面的物体比白色表面的物体吸收太阳辐射的本领强．用煤块做成了雪人的眼睛，煤块是黑色的，吸热本领强，所以雪人眼睛周围的雪已经化了很多，而其他地方的雪没有太大的变化．

点评：
本题考点： 光的色散；物体的颜色．

考点点评： 本题主要考查学生对：物体的吸热本领的强弱与物体的颜色的关系的了解．

A、要发生相对滑动，传送带的加速度需大于煤块的加速度．即a＞μg，则μ＜ag．故A错误． B、当煤块的速度达到v时，经过的位移x1＝v22μg，经历的时间t＝vμg．此时传送带的位移x2＝v22a+v(vμg−v...

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；滑动摩擦力；功能关系．

考点点评： 解决本题的关键知道要发生相对滑动，传送带的加速度需大于煤块的加速度．黑色痕迹的长度等于传送带的位移和煤块的位移之差．以及掌握煤块与传送带由于摩擦产生的热量Q=fx相对．

（1）煤块从A处无初速度放在传送带上以后，将在摩擦力作用下做匀加速运动，若一直做匀加速直线运动，整个过程的平均速度小于等于[v/2]，因为[l/t]＞[v/2]，这表明煤块从A到B先做匀加速运动，后做匀速运动．
设煤块做匀加速运动的加速度为a，加速的时间为t₁，相对地面通过的位移为x，则有
v=at₁，x=
at12
2，x+v（t-t₁）=L．
数值代入得a=1 m/s²．
（2）当煤块的速度达到2m/s时，煤块的位移x1＝
v2
2a＝
4
2×1m＝2m．煤块运行的时间t＝
v
a＝
2
1s＝2s．
此时传送带的位移x₂=vt=2×2m=4m．
则煤块相对于传送带的位移△x=x₂-x₁=2m．
所以痕迹的长度为2m．
（3）要使煤块从A到B得时间最短，须使它始终做匀加速直线运动，至B点时速度为运送时间最短所对应的皮带运行的最小速度．
由v²=2aL，得v=
2aL＝2
5m/s．
故煤块以最短时间到达B时传送带的最小速度为2
5m/s．

点评：
本题考点： 匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 解决本题的关键会判断煤块在传送带上的运动情况，知道留下的痕迹是煤块相对于传送带滑动的位移．要使煤块从A到B得时间最短，须使它始终做匀加速直线运动，至B点时速度为运送时间最短所对应的皮带运行的最小速度．

（1）根据“传送带上有黑色痕迹”可知，
煤块与传送带之间发生了相对滑动，煤块的加速度a小于传送带的加速度a₀．
根据牛顿第二定律，可得
煤块刚开始运动时加速度的大小a=μg
（2）设经历时间t，传送带由静止开始加速到速度v₀，煤块则由静止加速到v，有
v₀=a₀tv=at
由于a＜a₀，故v＜v₀，煤块继续受到滑动摩擦力的作用．再经过时间t′，煤块的速度由v增加到v₀，有 v₀=v+at′
煤块做匀加速直线运动的时间为t+t′=
v0
μg
此后，煤块与传送带运动速度相同，相对于传送带不再滑动，不再产生新的痕迹．
（3）设在煤块的速度从0增加到v₀的整个过程中，传送带和煤块移动的距离分别为s₀和s，有
s₀=[1/2]a₀t²+v₀t′
s=

v20
2a
传送带上留下的黑色痕迹的长度
l=s₀-s
由以上各式得
黑色痕迹的长度l=

v20(a0−μg)
2μa0g．

点评：
本题考点： 测定匀变速直线运动的加速度．

考点点评： 本题关键分析清楚皮带和煤块的受力情况和运动情况，然后根据运动学公式求解．

（1）煤块在传送带上滑动时，根据牛顿第二定律有：
mgμ=ma
因此解得a=4m/s²．
当煤块速度和传送带速度相同时，位移为：
x₁=

v20
2a=0.5m＜4m
因此煤块先加速后匀速运动：
加速时间为：
t₁=
v0
a=[2/4]=0.5s，
匀速时间为：
t₂=
x−x1
v0=1.75s，
小煤块从A运动到B的过程中总时间为：t=t₁+t₂=2.25s；
（2）在加速阶段产生相对位移即产生划痕，固有：
△s=v₀t₁-x₁=0.5m．
答：（1）小煤块从A运动到B的时间是2.25s；（2）划痕长度是0.5m．

点评：
本题考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．

考点点评： 分析清楚物体运动的过程，先是匀加速直线运动，后是匀速直线运动，分过程应用运动规律求解即可，尤其是注意分析摩擦力的变化情况．