(2008•灵川县模拟)如图所示,车厢顶上有一个小球自由落下,落在地板上A处,由此可以判断车厢在(  )

cyathin2022-10-04 11:39:541条回答

(2008•灵川县模拟)如图所示,车厢顶上有一个小球自由落下,落在地板上A处,由此可以判断车厢在(  )
A.向右匀速运动
B.向左匀速运动
C.向右减速运动
D.向左减速运动

已提交,审核后显示!提交回复

共1条回复
istlan 共回答了12个问题 | 采纳率83.3%
A、B 选项车厢都是匀速运动,无论向左还是向右匀速运动,当小球自由落下时,由于惯性,小球要落在正下方,而不是偏左或偏右,故A、B选项错误;
C、车厢向右减速运动时,由于惯性,小球要保持原来的运动状态,仍然以原来的速度向右运动,会出如由图所示的运动情况,故C正确;
D、车厢向左减速运动时,由于惯性,小球要保持原来的运动状态,仍然以原来的速度向左运动,和图中运动情况不符,故D错误.
故选C.
1年前

相关推荐

(2008•灵川县模拟)夏天,如果将自行车内胎充气过足,又放在阳光下受暴晒,车胎极易爆裂.关于这一现象有以下描述(暴晒过
(2008•灵川县模拟)夏天,如果将自行车内胎充气过足,又放在阳光下受暴晒,车胎极易爆裂.关于这一现象有以下描述(暴晒过程中内胎容积几乎不变),正确的是(  )
A.车胎爆裂,是车胎内气体温度升高,气体分子间斥力急剧增大的结果
B.在爆裂前的过程中,气体温度升高,分子无规则热运动加剧,气体压强增大
C.在爆裂前的过程中,气体吸热,内能增加
D.在车胎突然爆裂的瞬间,气体内能减少
江南玉1年前1
junjun76722 共回答了18个问题 | 采纳率66.7%
A、气体分子间分子力(斥力)可忽略不计,故A选项错误;
B、自行车在爆裂前受暴晒的过程中,车胎内气体吸热温度升高,分子平均动能增加,而气体体积不变,单位体积内的分子数不变,因此气体压强增大,B选项正确.
C、根据热力学第一定律,爆裂前气体内能应增大,C正确;
D、突然爆裂的瞬间气体对外界做功,其内能应减少,故D正确.
故选BCD
(2008•灵川县模拟)有关放射性知识,下列说法正确的是(  )
(2008•灵川县模拟)有关放射性知识,下列说法正确的是(  )
A.氡的半衰期为3.8天,若取4个氡原子核,经7.6天后就一定剩下一个氡原子核
B.β衰变是原子核内的中子转化成质子和电子
C.γ射线一般伴随着α或β射线产生,这三种射线中,γ射线的穿透力最强,电离能力也最强
D.发生α衰变时,生成核与原来的原子核相比,中子数减少了4
0795261年前1
rukyshen 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
A、半衰期是针对大量的原子,符合统计规律的随机过程量,对于4个原子来说半衰期是没有意义的,故A错误;
B、β衰变所释放的电子是原子核内的中子转化成质子和电子所产生的,故B正确;
C、γ射线一般伴随着α或β射线产生,γ射线的穿透能力最强,电离能力最弱,故C错误;
D、发生α衰变时,生成核与原来的原子核相比,质子数和中子数各减少了2,质量数减少4,故D错误;
故选:B
(2008•灵川县模拟)用如图所示的滑轮组从15m深的水中提起底面积为200cm2,高2m的圆柱形实心物体,已知该物体的
(2008•灵川县模拟)用如图所示的滑轮组从15m深的水中提起底面积为200cm2,高2m的圆柱形实心物体,已知该物体的密度为2.5×103kg/m3,力F作用的绳子所能承受的最大拉力为350N,问物体以0.2m/s的速度匀速提起时,经多长时间绳子被拉断?(取g=10N/kg,不计绳重、滑轮和绳子重)
搅uu棍子1年前1
cmb888cmb 共回答了20个问题 | 采纳率85%
解题思路:选求出物体的体积,根据公式m=ρV求出物体的质量,进一步求出物体的重力,绳子被拉断时物体所受浮力等于重力减去绳子的最大拉力,根据浮力公式进一步求出绳子被拉断时物体排开水的体积,已知物体的底面积,再求出物体浸入水中的长度,从而求出物体上升的高度,进一步求出绳子被拉断所用的时间.

物体质量m=ρv=2.5×103kg/m3×200×10-4m2×2m=100kg,
物体重力G=mg=100kg×10N/kg=1000N,
绳子被拉断时物体所受的浮力F=G-T=1000N-2×350N=300N,
绳子被拉断时物体排开水的体积,V=
F浮
ρ水g=[300N
1000kg/m3×10N/kg=0.03m3
绳子被拉断时物体浸入水中的长度h为:h=
V排/S]=
0.03m3
0.02m2=1.5m,
物体上升的高度为:L=H-h=15m-1.5m=13.5m,
绳子被拉断所用的时间t=[L/V]=[13.5m/0.2m/s]=67.5s.
答:绳子被拉断所用的时间为67.5s.

点评:
本题考点: 密度公式的应用;物理量的单位及单位换算;重力的计算;阿基米德原理;浮力大小的计算.

考点点评: 本题考查重力、质量、浮力、体积、时间等的计算,根据是公式及其变形的灵活运用,难点是求物体上升的高度,解题过程中要注意单位的换算.

(2008•灵川县模拟)如图,将边长为L,质量为M,总电阻为r的正方形铜框abcd竖直向上抛出,穿过宽度为h,磁感应强度
(2008•灵川县模拟)如图,将边长为L,质量为M,总电阻为r的正方形铜框abcd竖直向上抛出,穿过宽度为h,磁感应强度为B的匀强磁场,磁场方向水平且与铜框平面垂直,铜框向上ab边离开磁场时的速度刚好是dc边进入磁场时速度的一半,铜框离开磁场后继续上升一段高度,然后落下,并匀速进入磁场,整个过程中始终存在大小恒定的空气阻力f,且铜框不发生转动,求:
(1)铜框在下落阶段匀速进入磁场的速度v2
(2)铜框在上升阶段通过磁场产生的焦耳热Q.
ahtcdf1年前1
hl516 共回答了24个问题 | 采纳率87.5%
解题思路:(1)下落阶段匀速进入磁场说明线框所受力:重力、空气阻力及向上的安培力的合力为零,即mg-F安-f=0,而F安=BIL,I=BLv2r,从而解得v2.(2)线框从最高点落回磁场时,下落高度为H,由动能定理可求得线框落回磁场时的速度.线框从上升阶段刚离开磁场到下落刚回到磁场的过程中,由功能关系求出线框从上升阶段刚离开磁场时的速度.对全程,由能量守恒定律列方程,求解铜框在上升阶段通过磁场产生的焦耳热Q.

(1)线框下落阶段匀速进入磁场时有:
F+f=Mg…①
F=BIL=B
BLv2
rL=
B2L2v2
r…②
由①②式联立解得:v2=
(Mg−f)r
B2L2…③
(2)设线框从最高点落回磁场时,下落高度为H,由动能定理得:(Mg−f)H=
1
2M
v22…④
线框从上升阶段刚离开磁场到下落刚回到磁场的过程中,由功能关系得:2fH=
1
2M
v21−
1
2M
v22…⑤
依题意有:v1=2v2 …⑥
且全程有:(Mg+f)(L+h)+Q=
1
2M
v21−
1
2M
v22… ⑦
解得:Q=
3Mr2(M2g2−f2)
2B4L4−(Mg+f)(L+h)…⑧
答:(1)铜框在下落阶段匀速进入磁场的速度v2
(Mg−f)r
B2L2.
(2)铜框在上升阶段通过磁场产生的焦耳热Q为
3Mr2(M2g2−f2)
2B4L4-(Mg+f)(L+h).

点评:
本题考点: 导体切割磁感线时的感应电动势;动能定理的应用;电磁感应中的能量转化.

考点点评: 此类问题的关键是明确所研究物体运动各个阶段的受力情况,做功情况及能量转化情况,选择利用动能定理或能的转化与守恒定律解决针对性的问题,由于过程分析不明而易出现错误,所以,本类问题属于难题中的易错题.

(2008•灵川县模拟)如图所示电源电压不变,闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P由左向右移动时,三只电表的变化情况是(
(2008•灵川县模拟)如图所示电源电压不变,闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P由左向右移动时,三只电表的变化情况是(  )
A.V1增大、V2减小、A增大
B.V1减小、V2增大、A减小
C.V1不变、V2增大、A不变
D.V1不变、V2减小、A不变
啊小坤1年前1
tslds 共回答了11个问题 | 采纳率81.8%
解题思路:开关闭合后,电阻与滑动变阻器串联,电压表V1测量定值电阻两端的电压;电压表V2测量滑动变阻器左端与滑片之间电阻两端的电压;电流表测量总电流,滑片由左向右移动时,滑动变阻器接入电路的电阻不变,根据欧姆定律可知电路电流的大小和电阻、电压变化.

滑片由左向右移动时,滑动变阻器接入电路的电阻不变,根据公式I=[U/R]可知,电路电流不变,电流表示数不变;
电阻两端的电压根据公式U=IR可知,两端的电压不变,电压表V1示数不变;
电源电压不变,电压表V2测量左端与滑片之间电阻两端的电压变大;所以电压表V2示数变大.
故选C.

点评:
本题考点: 欧姆定律的应用;串联电路的电流规律;串联电路的电压规律;滑动变阻器的使用.

考点点评: 本题主要考查欧姆定律的应用,难点是知道滑片移动过程中电路滑动变阻器两端的电压的变化,要明白电流表和电压表分别测量哪一部分电路的电流和电压,还要知道串联电路电流和电压的规律.

(2008•灵川县模拟)某同学在风速为5m/s的东风天气中奔跑时,感觉无风,则他在向______方奔跑,以地为参照物,他
(2008•灵川县模拟)某同学在风速为5m/s的东风天气中奔跑时,感觉无风,则他在向______方奔跑,以地为参照物,他的速度为______m/s.
毛蛋81121年前1
clytie1980 共回答了16个问题 | 采纳率81.3%
解题思路:解答此题的关键是理解运动和静止是相对的,该同学跑的方向与速度与风的方向和速度一致,所以才会感觉无风.

该同学在风速为5m/s的东风天气中奔跑时,感觉无风,是因为他跑的方向与风向相同,他跑的速度与风速相等;
若以地面为参照物,则他是运动的,运动的速度与风速相等.
故答案为:西,5.

点评:
本题考点: 运动和静止的相对性;参照物及其选择.

考点点评: 此题主要考查学生对运动和静止的相对性,参照物及其选择的理解和掌握,这两个知识点都是以后学习机械运动最为基础的知识,要求学生熟练掌握.

(2008•灵川县模拟)在“用单摆测定重力加速度”的实验中:
(2008•灵川县模拟)在“用单摆测定重力加速度”的实验中:
①摆动时偏角应满足的条件是______,为了减小测量周期的误差,计时开始时,摆球应是经过最______ (填“高”或“低”)的点的位置.
②用最小刻度为1mm的刻度尺测摆长,测量情况如图所示.O为悬挂点,从图中可知单摆的摆长为______m.
ironyan1年前1
cjs_cjs 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
解题思路:①单摆是一种理想化的物理模型,小角度摆动可以看作简谐运动,经过最低点速度最大,测量误差最小;
②单摆的摆长是悬挂点到球心的距离.

①单摆是一种理想化的物理模型,小角度摆动可以看作简谐运动,摆角不宜超过10°;
经过最低点速度最大,为了减小测量周期的误差,计时开始时,摆球应是经过最“低”的点的位置.
②单摆的摆长是悬挂点到球心的距离,为:
99.75cm=0.9975m
故答案为:①0<θ<10°,低;②0.9975.

点评:
本题考点: 用单摆测定重力加速度.

考点点评: 本题考查了实验原理、误差来源,毫米刻度尺读数要估读到0.1mm.

(2008•灵川县模拟)电烙铁、电铃、电磁起重机、电磁继电器这四个用电器中一定没有电磁铁的是______,该用电器工作时
(2008•灵川县模拟)电烙铁、电铃、电磁起重机、电磁继电器这四个用电器中一定没有电磁铁的是______,该用电器工作时将电能转化为______能.
关起门打狗1年前1
xiaofei_J1113 共回答了15个问题 | 采纳率93.3%
解题思路:含有电磁铁的用电器主要是利用电流的磁效应工作的,电烙铁是利用电流的热效应工作的.

(1)电烙铁利用了电流的热效应,工作时把电能转化成内能;
(2)电铃、电磁起重机、电磁继电器这三个电器都是电磁铁的应用,都是利用电流的磁效应工作的.
故答案为:电烙铁、内(热).

点评:
本题考点: 电磁铁的其他应用;能量转化的现象.

考点点评: (1)电流有热效应、化学效应、磁效应三大效应;
(2)电磁铁是利用电流的磁效应工作的.

(2008•灵川县模拟)如图所示,水平放置的平行板电容器,两板间距为d,带负电的小球质量为m,带电量为q,它从下极板N的
(2008•灵川县模拟)如图所示,水平放置的平行板电容器,两板间距为d,带负电的小球质量为m,带电量为q,它从下极板N的小孔P中,以初速度v0射入,沿直线到达上板M上的小孔Q,若重力加速度为g.则(  )
A.小球在M、N间运动加速度不为零
B.M板电势低于N板电势
C.小球从P到Q,电势能增加了mgd
D.M、N间电势差大小为[mgd/q]
mceen1年前1
lyhn0000 共回答了13个问题 | 采纳率92.3%
解题思路:小球受重力,电场力,且两者一定在一条直线上,若小球沿直线运动,则说明重力与电场力平衡.
由电场力和重力平衡可知电场力方向,进而判定电场线方向,可得MN电势高低关系.
重力等于电场力,可得电场力做的功,由电场力做功与电势能关系可知电势能的变化.
由电场力做功W=qU=mgd,可得MN的电势差.

A、小球受重力,电场力,且两者一定在一条直线上,若小球沿直线运动,则说明重力与电场力平衡.否则小球合力与速度不在一条直线上,小球做曲线运动,故A错误.
B、由重力和电场力平衡,可知电场力向上,由于小球带负电,故电场线方向向下,M板带正电,故M点电势高于N点电势,故B错误.
C、由于电场力与重力平衡,即F=mg,电场力方向向上,做正功,做功为:W=Fd=mgd,故电势能减少mgd,故C错误.
D、由电场力做功W=qU=mgd,解得:U=
mgd
q,故D正确.
故选:D.

点评:
本题考点: 匀强电场中电势差和电场强度的关系;电势.

考点点评: 本题是带电粒子在电场中运动的问题,关键是分析受力情况,判断出粒子做匀速直线运动.

(2008•灵川县模拟)一箱子货物在一对平衡力的作用下运动,则下列说法中正确的是(  )
(2008•灵川县模拟)一箱子货物在一对平衡力的作用下运动,则下列说法中正确的是(  )
A.该箱子的机械能一定不变,动能一定不变
B.该箱子的机械能可能改变,动能一定不变
C.该箱子的机械能可能改变,动能可能改变
D.该箱子的机械能一定不变,动能可能改变
海无ya1年前1
IVSYHUANG188 共回答了15个问题 | 采纳率86.7%
解题思路:当物体受到平衡力作用时,物体将处于静止状态或匀速运动状态,因为速度不变,所以它的动能一定不变;
机械能包括动能和重力势能,如果重力势能改变,则机械能也会改变.

因为箱子是在一对平衡力的作用下运动,所以箱子将会作匀速直线运动,所以它的动能一定不变,此时如果重力势能改变,则机械能改变;
故选B.

点评:
本题考点: 平衡状态的判断;动能的影响因素;机械能.

考点点评: 解决此类问题的关键是知道处于平衡状态的物体速度不变,动能不变,如果重力势能不变,则机械能也不变.

(2008•灵川县模拟)有功率为4.9×104W的抽水机,假设抽水机和输水管总的效率为80%.现用此抽水机把质量为8×1
(2008•灵川县模拟)有功率为4.9×104W的抽水机,假设抽水机和输水管总的效率为80%.现用此抽水机把质量为8×103kg 的水压到10m高的水塔上去,所需的时间至少为______s.
5232821年前1
lql328 共回答了11个问题 | 采纳率81.8%
解题思路:已知水的质量和水塔的高度,根据公式W=Gh可求所做的有用功,还知道抽水机的功率和抽水的效率,根据公式t=[W/P]可求所需的时间.

克服水的重力做功为W=Gh=mgh=8×103kg×9.8N/kg×10m=7.84×105J,
所需时间t=[W/P]=
7.84×105J
4.9×104W×80%=20s.
故答案为:20.

点评:
本题考点: 功率的计算;功的计算.

考点点评: 本题考查做功和时间的计算,关键是公式及其变形的灵活运用,这是一道联系实际生活的问题,在以后的实际生活中也可能遇到类似问题,所以说一定熟练掌握.

(2008•灵川县模拟)简易太阳能热水器的受光面积1.4m2,内装80kg水,太阳每分钟辐射到1m2面积上的热量是8×1
(2008•灵川县模拟)简易太阳能热水器的受光面积1.4m2,内装80kg水,太阳每分钟辐射到1m2面积上的热量是8×104J,如果60%的热量被水吸收,问:20℃的水晒3h后水温升高到多少摄氏度?(水的比热容是4.2×103J/(kg•℃)
HeeJunchen1年前1
伤伤shang 共回答了18个问题 | 采纳率100%
解题思路:题目应先求出太阳在3h,1.4m2放出的热量,然后再求出水总共吸收的热量,利用热量公式求出温度差,再加上初始温度便是水晒后的温度了.

Q=8×104J/(m2•min)×1.4m2×3×60min=2.016×107J
Q=Q×60%=1.2096×107J
由Q=cm△t得,
△t=
Q吸
cm=
1.2096×107J
4.2×103J/(kg•℃)×80kg=36℃
T=t0+△t=20℃+36℃=56℃
答:20℃的水晒3h后水温升高到56℃.

点评:
本题考点: 热量的计算.

考点点评: 本题目考查的是关于热量的基本应用,只要学生将基础知识掌握扎实,题目不难解出.

广西灵川县大圩镇的圩字怎么读?[wéi] [xū]正确的到底是怎么读。不知道的请不要乱答
yjm86655781年前6
牙套 共回答了22个问题 | 采纳率81.8%
XU.是指湘、赣、闽、粤等地区的农村集市(古书中作“虚”),因灵川临近湖南,古代曾隶属湖南,所以与湖南民风相近.
(2008•灵川县模拟)如图所示的电路较为复杂,但采用合理的估算,就可以计算出A表与mA表的示数分别为(  )
(2008•灵川县模拟)如图所示的电路较为复杂,但采用合理的估算,就可以计算出A表与mA表的示数分别为(  )
A.0.13,30
B.0.11,10
C.0.33,30
D.0.31,10
cyf20081年前1
紫叶红木 共回答了17个问题 | 采纳率100%
解题思路:在并联电路中,支路电阻越小,电流越大,所以当两个支路的电阻相差太大时,可以忽略大阻值支路的电流.

通过电路图分析可知,1Ω和2个1000Ω的是并联的,所以可以忽略通过2个1000Ω的电流,这样电路就简化成300Ω和1Ω、1000Ω的并联,这样mA表测得是1Ω、1000Ω的电流,在计算电流时,可以近似认为I=[U/R]=[30/1000]=30mA;
通过300Ω的电流I′=[U/R′]=[30/300]=0.1A,所以电流表A的读数是0.1A+0.03A=0.13A;
故选A.

点评:
本题考点: 电阻的并联;欧姆定律.

考点点评: 对于这类计算电流的题目,如果并联电路中阻值差距太大,可以采取类似的估算.

(2008•灵川县模拟)现有一电压表(量程3V,内阻约2kΩ),需进一步精确测量其内阻,提供下列器材
(2008•灵川县模拟)现有一电压表(量程3V,内阻约2kΩ),需进一步精确测量其内阻,提供下列器材
A、电源E0,电压9V
B、电流表A1,量程0.3A,内阻20Ω
C、电流表A2,量程为3A,内阻0.1Ω
D、定值电阻R1,阻值1kΩ,额定电流0.1A
E、定值电阻R2,阻值10Ω,额定电流1A
F、滑动变阻器R3,阻值0-2kΩ,额定电流0.2A
G、滑动变阻器R4,阻值0-30Ω,额定电流0.6A
H、单刀单掷开关一个
I、导线若干
①你要选择的器材是______(写出代号).
②在方框中画出你设计的实验电路原理图.
③将下列实物仪器用导线按要求连接起来.
夏蝗1年前1
暮色林 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
解题思路:测电压表内阻,实验中没有电流表量程大,可以让待测电压表与一个定值电阻并联,利用串并联电路特点及欧姆定律求出通过待测电压表的电流,为了精确测量电压表内阻,应进行多次测量求平均值,滑动变阻器应采用分压接法;电压表本身是纯电阻,根据串并联电路电压的关系求出电压表的电阻值.

①电源必须选择,若选用R1与电压表并联,则电路电流值依然太小,电流表无法测出较精确电流值,故应该利用R2,此时流过电压表电路中最大电流约为0.3A,故电流表选用A1,为了多次测出几组电流电压值,滑动变阻器采用分压接法,考虑电流的要求,故选R4,故本实验器材应选:A、B、E、G、H、I  
②滑动变阻器采用分压接法,电流表采用外接法,用电压表的读数除以定值电阻可得定值电阻的电流,用安培表的示数减掉定值电阻的电流就是电压表的电流,由欧姆定律计算电压表的内阻,电路如图:

③根据原理图,依次将各元件连接,则实物图如右图
答:①要选择的器材是 A、B、E、G、H、I
②设计的实验电路原理图为:


③实物仪器用导线按要求连接起来为:

点评:
本题考点: 伏安法测电阻.

考点点评: 电压表本身是一个能测出自身电压的“电阻”,电压表示数就是电压表两端的电压;分析清楚电路结构.熟练应用串并联电路特点即可正确解题.实验电路设计是本题的难点,知道实验目的及实验原理是正确设计实验电路的关键.