有装置,如图：急. 我要问第三小问：①中为什么是Na2O2   ②中为什么是

A、O点到双缝的路程差为0，则O点出现绿光的亮条纹．故A正确．
B、在双缝干涉实验中，若把单缝S向上移动，通过双缝S1、S2的光任是相干光，仍可产生干涉条纹，中央亮纹的位置经过s₁、s₂到s的路程差任等于0．ss₁＜ss₂，ss₁+s_1p=ss₂+s_2p那么s₁p＞s_2p，中央亮纹P的位置略向下移．
C、若只在S₁处置入一平行玻璃砖，光经过玻璃砖向下偏折，则路程差变小，可知出现亮条纹的点向上平移．故C正确．
D、根据条纹的间距公式△x＝
L
dλ知，绿光的波长比蓝光长，所以绿光的条纹间距比蓝光大，所以蓝光的第一条亮条纹中心线在P点的下方．故D错误．
故选AC．

点评：
本题考点： 用双缝干涉测光的波长；光的干涉．

考点点评： 解决本题的关键知道形成明暗条纹的条件，以及掌握双缝干涉条纹的间距公式△x＝Ldλ．

（1）标号仪器分别是酒精灯和集气瓶；用氯酸钾和二氧化锰来制取氧气，反应的方程式为2KClO₃

MnO2
.
△2KCl+3O₂↑；加热时试管口下倾是为了防止冷凝水倒流引起试管炸裂；
（2）观察装置可知：B装置中的长颈漏斗下端未伸入液面以下，会导致生成的二氧化碳从长颈漏斗逸出；
（3）过氧化钠（Na₂O₂）是一种淡黄色固体，能与水反应生成氢氧化钠和氧气，该反应不需加热，属于固液常温型，故选发生装置C，氧气密度比空气大且不易溶于水，可用向上排空气法或排水法收集，根据反应原理，方程式是：2Na₂O₂+2H₂O=4NaOH+O₂↑；
故答案为：
（1）酒精灯；集气瓶；2KClO₃

MnO2
.
△2KCl+3O₂↑；防止冷凝水倒流使试管破裂；
（2）CO₂已经从长颈漏斗上口逸出到空气中；
（3）C和E（或C和F）；2Na₂O₂+2H₂O=4NaOH+O₂↑．

点评：
本题考点： 常用气体的发生装置和收集装置与选取方法；实验室制取氧气的反应原理；二氧化碳的实验室制法；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 据反应物状态和反应条件选择发生装置，据气体的密度和性质选择收集装置，据反应原理书写方程式，并能据装置特点分析相关问题．

I．（1）检验气密性时，可将A右端用止水夹夹紧，向分液漏斗中注入少量水，打开分液漏斗活塞，有少许水流下后，液面保持不动，则装置气密性良好，
故答案为：将A右端用止水夹夹紧，向分液漏斗中注入少量水，打开分液漏斗活塞，有少许水流下后，液面保持不动，则装置气密性良好；
①当仪器连接顺序为A→C→B→B→D时，两次使用B装置，其中所盛的药品依次是CuO、无水CuSO₄粉末，装置A中产生的氢气被浓硫酸干燥后通过灼热的氧化铜，由于氢气具有还原性能将氧化铜还原为铜，通过无水硫酸铜验证水的生成，最后连接装置D是为了防止空气中的水蒸气进入盛有无水硫酸铜的装置B中，
故答案为：B；B；防止空气中的水蒸气进入，干扰验证；
②为使CuO可被H₂充分还原，通入气体的流速不能过快，且固体能与气体充分接触，故答案为：缓慢滴加稀硫酸或用石棉绒包裹CuO粉末；
（2）①氧化钠与水反应生成氢氧化钠和氧气，反应放热，可促进氨气的挥发，则烧瓶内产生的气体主要有O₂、NH₃，故答案为：O₂、NH₃；
②氨气和氧气在催化剂的作用下反应生成水和一氧化氮，反应的方程式为4NH₃+50₂

催化剂
.
△4NO+6H₂O，故答案为：4NH₃+50₂

催化剂
.
△4NO+6H₂O；
II．①环己烯的密度比水小，应在水的上层，除去酸，应用能和酸反应的物质洗涤，只有碳酸钠符合，故答案为：上；c；
②蒸馏时，冷凝水要下进上出，且用生石灰吸水，可增大蒸馏效果，
故答案为：g或下；吸收水分．

点评：
本题考点： 实验装置综合；物质的分离、提纯的基本方法选择与应用；气体发生装置；气体的收集．

考点点评： 本题以氨气的催化氧化为载体考查物质制备实验，掌握反应原理，理清装置连接，把握实验气体制备、含有杂质的验证和除杂方法和步骤是解题关键，题目难度中等．

（1）Cu-Zn原电池中Zn在负极发生氧化反应，Zn失电子生成Zn²⁺，其电极反应为：Zn-2e^-=Zn²⁺；Cu为正极，正极上氢离子得电子，生成氢气，其电极反应为：2H⁺+2e^-=2H₂↑；
故答案为：氧化；Zn-2e^-=Zn²⁺；正；2H⁺+2e^-=2H₂↑；
（2）①原电池中电子从负极流向正极，已知图中电子从a流向b，则a 为负极，b为正极；溶液中阴离子向负极移动，则溶液中OH^-移向a，
故答案为：a；
②氢-氧燃料电池中氧气在正极上得电子，即O₂在b电极反应生成氢氧根离子，其电极反应式为：O₂+2H₂O+4e^-=4OH^-，故答案为：O₂；O₂+2H₂O+4e^-=4OH^-．

点评：
本题考点： 原电池和电解池的工作原理．

考点点评： 本题考查了原电池原理的应用，注意把握导线中电子的移动方向及溶液中离子的移动方向，明确电极方程式的书写方法是解决本题的关键，题目难度中等．

（1）温度计的零刻度在下方，液柱远离零刻度是零上．每一个大格代表10℃，每一个小格代表1℃，示数为92℃．
（2）AB段是固态的冰吸收热量，温度升高过程；
BC段是固态冰吸收热量，温度不变，是熔化过程，熔点是0℃；
CD段是液态水吸收热量，温度升高的过程；
DE是水不断吸收热量，温度不变的过程，是水沸腾的过程，沸点是100℃．
（3）如图装置，水沸腾后，生成的水蒸气全部离开烧杯，不可能出现水蒸气吸热升温的过程，温度计是无法测量的．
故答案为：（1）92；
（2）BC；0；
（3）运用图示装置实验时，水沸腾后，生成的水蒸气全部离开烧杯，不可能出现水蒸气吸热升温的过程．

点评：
本题考点： 熔化与熔化吸热特点；晶体的熔化和凝固图像．

考点点评： 本题从图象中读出有关知识，还可以从图中挖掘更多的与物理有关的内容．
本题考查了温度计的正确读数、熔化特点、熔点．

（1）该实验中红磷稍过量，目的是将全部消耗掉集气瓶中内的氧气；
（2）根据烧杯中的水进入集气瓶，瓶内水面最终接近刻度1处可知，氧气约占空气体积的[1/5]；水倒流入集气瓶中的体积只有的[1/5]，若氮气易溶于水，则倒流入瓶内的水几乎会充满整个集气瓶，因此氮气是难溶于水的；红磷燃烧一会熄灭了，说明氮气不燃烧不支持燃烧，其化学性质不活泼；
（3）炭粉燃烧消耗氧气，同时生成二氧化碳气体，集气瓶内压强基本不变．故不能将红磷换成炭粉．
故答案为：（1）全部消耗掉集气瓶中内的氧气；（2）[1/5]；氮气不燃烧不支持燃烧；（3）否；炭粉燃烧消耗氧气，同时生成二氧化碳气体，集气瓶内压强基本不变．

点评：
本题考点： 空气组成的测定．

考点点评： 本题主要考查用红磷测定空气组成的实验原理、操作、现象、结论和注意事项，难度稍大．

A、瓶子内的水压力不超过10米水柱，也就是说没有大气压大，被大气压封在瓶内，如瓶内有空气，会产生一个气压与水压共同作用（对抗）大气压力，当其合并的压力大于大气压，则水会流出，小于大气压则水同样不会流出；
B、因为大气压能支持10.336米高的水柱瓶子在长度在10米范围内，正好可以被大气压支持，故本选项错误；
C、如果大气压降低，瓶内的水面将下降，大气压升高，才会将水压回去，故本选项错误；
D、当瓶口露出水面时，空气通过瓶口进入瓶内，使瓶内气体压强和液体压强大于外界大气压，水从瓶内流出；当水面刚好封住瓶口时，瓶内气体压强好等于外界大气压时，水停止流出，故本选项正确．
故选D．

点评：
本题考点： 大气压的综合应用．

考点点评： 装满水的瓶子瓶口向下倒立在容器内的水中，当容器内的水被喝掉，瓶口露出水面时，瓶内的水就流出一部分，当水面又浸没过瓶口时，瓶内水便不再流．

（1）标号仪器分别是长颈漏斗和集气瓶；
（2）用高锰酸钾加热制取氧气属于固加热型，故选发生装置A，反应的化学方程式是：2KMnO₄

△
.
K₂MnO₄+MnO₂+O₂↑；
（3）实验室常用大理石和稀盐酸反应制取二氧化碳，反应物的状是固体和液体，反应条件是常温，应选用发生装置B，二氧化碳的密度比空气大且能溶于水，故应用向上排空气法收集；碳酸钙和盐酸互相交换成分生成氯化钙和水和二氧化碳，方程式为：CaCO₃+2HCl═CaCl₂+H₂O+CO₂↑；
（4）鉴别氧气和二氧化碳可用澄清石灰水，二氧化碳可与石灰水中的溶质氢氧化钙反应生成碳酸钙沉淀和水，方程式是：Ca（OH）₂+CO₂═CaCO₃↓+H₂O；
故答案为：（1）长颈漏斗 集气瓶；
（2）A；2KMnO₄

△
.
K₂MnO₄+MnO₂+O₂↑；
（3）C；二氧化碳能溶于水且密度比空气大；CaCO₃+2HCl═CaCl₂+H₂O+CO₂↑；
（4）澄清的石灰水；Ca（OH）₂+CO₂═CaCO₃↓+H₂O．

点评：
本题考点： 常用气体的发生装置和收集装置与选取方法；常见气体的检验与除杂方法；实验室制取氧气的反应原理；二氧化碳的实验室制法；书写化学方程式、文字表达式、电离方程式．

考点点评： 本题考查的是气体的制取装置和收集装置的选择、仪器的名称和化学方程式的书写、氧气和二氧化碳的鉴别等，气体的制取装置的选择与反应物的状态和反应的条件有关；收集装置的选择与气体的密度和溶解性有关．

弹簧的弹力为2N，有两种可能情形：弹簧处于拉伸状态；弹簧处于压缩状态，因此对应的解应有两组．
①当弹簧处于拉伸状态时，由A、B受力均平衡可知，A受重力、弹簧向下的拉力及绳子对A的拉力，由共点力的平衡可知，绳子的拉力F=G_A+F=5N；由牛顿第三定律可知天花板受到的拉力为5N；对B分析，B受重力、支持力及弹簧向上的拉力而处于平衡，则B受支持力F_N=mg-F=2N；故D正确．
②若弹簧处于压缩状态，同理可知，A正确．
故选：AD．

点评：
本题考点： 共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力；胡克定律．

考点点评： 本题应注意弹簧既可以提供拉力也可提供压力，故本题中会出现两种可能，应全面分析．

连接滑块的细线需保持水平，因为若倾斜，拉力不等于滑块的合力．释放滑块时，滑块应靠近打点计时器．打点计时器应使用交流电，电火花打点计时器使用220V的交流电．
故答案为：（1）B接滑块的细线应水平．（2）C滑块离计时器太远．（3）电火花计时器应该用220V的交流电，不能接直流电．

点评：
本题考点： 探究加速度与物体质量、物体受力的关系．

考点点评： 解决本题的关键知道实验的原理，掌握实验装置的安装，需加强这方面的实际操作，培养动手的能力．

（1）以物体A为研究对象，受力分析如图所示．
物体A始终处于静止状态：
G_A=N₁+F_A1，G_A=N₂+F_A2；
已知G_A=1000N，∵p=[F/S]，
∴N₁=p₁S=6×10³Pa×5×10^-2m²=300N，
N₂=p₂S=4×10³Pa×5×10^-2m²=200N，
解得：F_A1=700N；F_A2=800N；
（2）以人为研究对象，受力分析如图甲、乙所示．
人始终处于静止状态：
F₁=G_人-F_T1，F₂=G_人-F_T2，
对杠杆进行受力分析如图丙、丁所示：

根据杠杆平衡条件：
F_A1×OM=F_T1×ON，
F_A2×OM=F_T2×ON，
已知OM：ON=1：2，
F_A1=700 N；F_A2=800 N
解得：F_T1=350 N，F_T2=400 N；
（3）对地面的压力之比
F1
F2=
G人-FT1
G人-FT2=[5/4]；
即压力之比为F₁：F₂=5：4；
故答案为：（1）物体A受到的拉力F_A1=700N；
（2）小文施加的拉力F_T2=400N；
（3）小文对地面的压力之比F₁：F₂=5：4．

点评：
本题考点： 滑轮组绳子拉力的计算；力的合成与应用；压强的大小及其计算．

考点点评： 本题是一道力学综合题，难度很大，对物体正确受力分析是正确解题的前提与关键，应用平衡条件、压强公式的变形公式、杠杆平衡条件即可正确解题．

（1）根据题意可知：F=[1/2]m_总g=[1/2]×（10kg+200kg）×10N/kg=1050N，
当水泥从楼底匀速提升到10m高的楼顶上时，S=2h=2×10m=20m，
则拉力做的功：W=FS=1050×20m=21000J；
（2）滑轮组的机械效率：η=[G/2F]×100%=[200kg×10N/kg/2×1050N]×100%≈95.2%；
（3）由杠杆平衡的条件可得：
G_总×1m=F_B×1.5m
（10kg+200kg）×10N/kg×1m=F_B×1.5m
F_B=1400N，
B的重力G_B=m_Bg=180kg×10N/kg=1800N，
故重物B对地的压力是：F=G_B-F_B=1800N-1400N=400N．
答：（1）拉力F做功为21000J；
（2）滑轮的机械效率是95.2%；
（3）重物B对地的压力是400N．

点评：
本题考点： 功的计算；压力及重力与压力的区别；滑轮（组）的机械效率．

考点点评： 本题考查动滑轮的特点、功的计算、机械效率的计算和杠杆平衡条件的应用，关键是公式及其变形的灵活运用，难点是对物体进行受力分析，判断出动滑轮上绳子的段数，找出其中的等量关系．

弹簧的弹力为2N，有两种可能情形：弹簧处于拉伸状态；弹簧处于压缩状态，因此对应的解应有两组．
①当弹簧处于拉伸状态时，由A、B受力均平衡可知，A受重力、弹簧向下的拉力及绳子对A的拉力，由共点力的平衡可知，绳子的拉力F=G_A+F=5N；由牛顿第三定律可知天花板受到的拉力为5N；对B分析，B受重力、支持力及弹簧向上的拉力而处于平衡，则B受支持力F_N=mg-F=2N；故D正确．
②若弹簧处于压缩状态，同理可知，A正确．
故选AD．

点评：
本题考点： 共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；胡克定律．

考点点评： 本题应注意弹簧既可以提供拉力也可提供压力，故本题中会出现两种可能，应全面分析．

0到t₁时间内，电流不变为I₀，压敏电阻的阻值不变，此时不受压力，小车处于静止状态或匀速直线运动状态；故A错；
t₁到t₂时间内，电流增大，压敏电阻的阻值减小，所以压力增大，小车做加速运动．故B错；
t₂到t₃时间内，电流不变，且保持在一个较大的数值，压敏电阻的阻值不变，所以压力较大，小车仍做加速运动．故C对；
t₃到t₄时间内，电流减小，压敏电阻的阻值增大，所以压力减小，但小车仍做加速运动，只是加速较慢．故D错．
故选C．

点评：
本题考点： 速度与物体运动．

考点点评： 本题结合了电路与运动，难度稍大，应注意从题意中分析找到力的变化去推出运动情况

（1）D的压力之比为7：6，那么减小了[1/7]，向上的拉力：
F₂=[1/7]G=[1/7]×1395N=195N；
由F₁L₁=F₂L₂可知，F₁=
F2L2
L1=[195N×4/3]=260N；
因为F₁=F_下+G_动，所以F_下=F₁-G_动=260N-2×60N=140N；
石材露出水面前滑轮组的效率：
η₁=
W有
W总×100%=
F下h
(F下+G动)h×100%=
F下
F下+G动×100%=[140N/140N+60N]×100%=70%；
（2）石材的重力：G=mg=60kg×10N/kg=600N；
人站在水平地面上时，地面受到的压力等于人的重力，由p=[F/S]=[G/S]可得S=[G/p]，
则p₁=[G−F/S]=[G/S]-[F/S]=p-[F/S]；
F=（p-p₁）S=（p-p₁）×[G/p]=（1.2×10⁴Pa-0.8×10⁴Pa）×[600N
1.2×104Pa=200N；
P₂=
W/t]=[Fs/t]=Fv=200N×[1/3]×0.2m/s≈13.33W．
答：（1）石材露出水面前滑轮组的效率为70%；
（2）当石材完全露出水面以后，人拉绳子做功的功率为13.33W．

点评：
本题考点： 滑轮（组）的机械效率；杠杆的平衡分析法及其应用；阿基米德原理；功率的计算．

考点点评： 本题考查了杠杆平衡条件的应用以及重力、机械效率、功率等的计算，难点是利用η=W有W总=F下h(F下+G动)h=F下F下+G动求出石材露出水面前滑轮组的效率，知识点多、综合性强，要求灵活选用公式求解．