输电过程电线损失功率问题设电源电压为E.用电器分得电压为U.电路电流为I.导线电阻为R.为什么其中导线的损失功率不能用(

由于发电厂的输出电压不变，
当K由2改接为1时，升压变压器副线圈匝数增加，
根据理想变压器变压比得升压变压器副线圈电压增大，
升压变压器的输出功率不变，所以则输电线上的电流减小，所以电流表读数减小．
根据U_损=I_线R，输电线的电阻不变，所以输电线上的电压损耗减小，输电线损失的功率减小，降压变压器的输入电压增大，
降压变压器的匝数不变，所以降压变压器的输出电压增大，即电压表读数增大．故CD正确，AB错误；
故选：CD．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 对于远距离输电问题，一定要明确整个过程中的功率、电压关系，尤其注意导线上损失的电压和功率与哪些因素有关．

A、根据P=UI知，I=[P/U]，输送电压变为原来的20倍，则输电电流变为原来的[1/20]．故A正确，B错误．
B、根据P损＝I2R知，输电电流变为原来的[1/20]，则损失的功率变为原来的[1/400]．故C正确，D错误．
故选：AC．

点评：
本题考点： 远距离输电；电功、电功率．

考点点评： 解决本题的关键知道输送功率与输送电压、电流的关系，掌握P损＝I2R．

A、在输电导线电阻R一定的情况下，由P_输=I_输²R知，输电电流I_输越大，功率P_输损失越大，
措施A不能减少输电电能损失；
B、输电电流I_输=
P输
U输，在输电功率P_输一定的情况下，U_输越大，输电电流I_输越小，导线电阻R一定，
由P_输=I_输²R知，措施B能有效减少输电电能损失；
C、在输电电流I_输一定的情况下，由公式P_输=I_输²R知，输电导线电阻R越大，输电功率损失越大，
措施C不能减少输电电能损失；
D、输电功率减少，不能满足用户需要，不能通过减少输电功率的方式减少输电电能损失，故措施D不可行．
故选B．

点评：
本题考点： 焦耳定律的计算公式及其应用；电能的输送．

考点点评： 本题考查减小输电线路电功率损失的方法，此题与我们的日常生活联系比较紧密；用高压输电不仅可以减少线路中电能的损耗，同时降低热损耗和材料成本，都是在输电过程中节约了能源，这是一种非常有效的做法．

用220V电压向外供电，输电电流：
I₁=[P
U1=
880000W/220V]=4000A
用11kV的电压输电，输电电流：
I₂=[P
U2=
880000W/11000V]=80A
用220kV的电压输电，输电电流：
I₃=[P
U3=
880000W/220000V]=4A
答：用220V电压向外供电，输电电流为4000A；用11kV的电压输电，输电电流为80A；用220kV的电压输电，输电电流为4A．

点评：
本题考点： 电功计算公式的应用．

考点点评： 本题考查了电功率公式的简单应用，是一道基础题．

A、根据P=UI得，输电线上的电流I=
P0
U，而电流I=[U/R]当U是导线上损失的电压才算正确，然而输电电压为U，所以A错误，B正确；
C、则输电线上损耗的功率P损=I²R=(
P0
U)2R．故C正确，D错误．
故选BC．

点评：
本题考点： 电能的输送．

考点点评： 解决本题的关键知道输送功率与输出电压和输出电流的关系，损失电压与电流和电阻的关系，以及掌握输电线上损耗的功率P损=I2R．

A、B、设变压器原副线圈数比为K（K＞1），A、B端接入的电压为U．
则L₂两端的电压为U₂=
URL
2R+RL，A₂表的示数I_A2=[U
2R+RL，
对于变压器电路，升压变压器副线圈两端的电压为KU，设通过L₁的电流为I₁，则L₁两端的电压为I₁R_L，A₁表的示数为I_A1=
I1/K]，降压变压器原线圈的电压为KI₁R_L，则有：
KU-2R
I1
K=KI₁R_L，
解得I₁=[KU

2R/K+KRL]，
则I_A1=
I1
K=[U

2R/K+KRL]，
已知R_L＞2R，可得I_A2＞I_A1，I₁＞I_A1，故A错误；
由于I₁=[KU

2R/K+KRL]=
U

2R
K2+RL＞I_A2=
U
2R+RL，故B错误；
C、电阻R₁、R₃相等，I_A2＞I_A1，根据公式P=I²R可知，R₁消耗的功率小于R₃消耗的功率，故C错误；
D、电阻R₂、R₄相等，I_A2＞I_A1，根据欧姆定律知：R₂两端的电压小于R₄两端的电压，故D正确．
故选：D．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理；电功、电功率；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．

考点点评： 解决本题的关键掌握变压器的原理和特点，以及掌握远距离输电过程中电压损失和输入电压、输出电压的关系．

A、用电高峰期时，用户端用电器的总电阻减小，电流变大，则输电线上的电流增大，损失的功率和损失的电压变大，则用户得到的电压变小，所以灯光较暗．输电线上损失的功率与发电机的输出功率之比为
I2R
UI＝
IR
U，因为输出电压不变，高峰期时，输电电流增大，则用电高峰时，输电线上损失的功率与发电机的输出功率之比比用电低谷时大．故A、C正确，B错误．
D、发动机输出功率增大时，输出电压不变，则输电线上的电流增大，损失的电压增大，则用户得到的电压减小．故D正确．
本题选错误的，故选：B．

点评：
本题考点： 远距离输电．

考点点评： 远距离输电一定要画出远距离输电的示意图来，包括发电机、两台变压器、输电线等效电阻和负载电阻．知道各物理量之间的关系是解题的关键．

电源输出的功率P_总=P+P₁；此时电路电流为I=

P1
R；
电源输出端电压U=
P总
I=
P+P1


P1
R=
(P+P1)
P1R
P1．
答：电源输出端电压为
(P+P1)
P1R
P1．

点评：
本题考点： 电功率的计算；欧姆定律的应用．

考点点评： 本题考查功率和电压的计算，关键知道输出功率等于输入功率与损失功率之和．

（1）DVD影碟机工作时，是把电能转化为机械能，其工作性质类似A图中的电动机；
（2）∵P=UI，
∴输电功率为P₀时，输电电流：
I=
P0
U，
∵P=I²R，
∴输电线电阻：
R=[P
I2=
P
(
P0/U)2]=
U2P
P02，
当输电电压提高为原来的n倍，即nU后，输电电流：
I′=
P0
nU，
导线损失的电功率：
P′=I′²R=（
P0
nU）²×
U2P
P02=
P
n2，即线路上的损耗功率为原来的
1
n2倍．
故答案为：A；
1
n2．

点评：
本题考点： 电功率的计算．

考点点评： 本题主要考查了电动机和发电机的工作特点以及电功率公式的应用，要注意发电机的电路图中不带电源，电动机的电路图中有电源．

P=UI，则I＝
P
U．输电线上损失的功率P损＝I2R＝
P2
U2R，与输送电压的平方成反比．根据P损＝
U损2
R知，与输电线上电压降的平方成正比．故③和④正确．即B正确，A、C、D错误．
故选B．

点评：
本题考点： 远距离输电．

考点点评： 解决本题的关键知道输送电功率P=UI，以及掌握P损＝I2R或P损＝U损2R．

根据P=UI得，输送电流之比等于输电电压之比，则
I1
I2＝
U2
U1．
根据P=I²R得，输电线上的电阻R=[P
I2，则电阻之比
R1
R2＝

I22

I21＝

U21

U22，
由R＝ρ
L/S]知，导线长度和材料也相同，
S1
S2＝
R2
R1=

U22

U21．故C正确，A、B、D错误．
故选：C．

点评：
本题考点： 远距离输电．

考点点评： 解决本题的关键知道输送功率与输电电压与输电电流的关系，以及掌握电阻定律R＝ρLS．

设输电线导线中的电流是I，则用户用电器消耗的电功率

(3分)

变压器副线圈的输出电压为

(3分)

对变压器，有

(2分)

原副线圈的匝数比为(1分)

<>

A、根据P=UI得，I=[P/U]．输送功率一定，输送电压变为原来的30倍，则输送电流变为原来的[1/30]，故A错误，B正确；
C、电流减小到[1/30]倍，根据P_损=I²R，可知，电线上损失的功率为原来的[1/900]倍，故C错误；
D、输送电流变为原来的[1/30]．根据P_损=I²R得，要使输电线上的功率不变，电阻变为原来的900倍，根据R=ρ
l
s=ρ
4l
πd2，直径变为原来的[1/30]．故D正确．
故选：BD．

点评：
本题考点： 远距离输电．

考点点评： 解决本题的关键知道输送功率与输送电压和电流的关系，结合P损=I2R判断功率损失．

A、根据P=UI，输电电压越高，输电电流越小，再根据P损＝I2R知，损耗的功率越小．故A正确．
B、增加输电导线的横截面积，根据电阻定律知可以减小输电线的电阻，从而减少损失的功率．故B正确．
C、输电电压一定，输送功率越大，输电电流越大，根据P损＝I2R知，损失的功率越大．故C错误．
D、在高压输电的过程中，电压过高时，感抗和容抗影响较大，所以不一定是电压越高越好．故D正确．
本题选错误的，故选C．

点评：
本题考点： 电能的输送．

考点点评： 解决本题的关键掌握输电功率与输电电压的关系，以及损失功率与输电电流的关系．

A、B、由于输电线总电阻为R，输电线上有电压降，U_线＜U₂．根据欧姆定律得：I₂=
U线
R＜
U2
R，故A错误，B正确．
C、输电线上有功率损失，理想变压器不改变电功率，所以用户得到的电功率小于电厂输出的电功率，故C错误．
D、根据变压器的原理可知原副线圈中交变电流的频率相等，所以用户得到的交变电流的频率与电厂输出交变电流的频率相等，故D正确．
故选：BD

点评：
本题考点： 远距离输电．

考点点评： 本题运用欧姆定律时要注意各个量应对应同一段电路，要正确分析电压和功率的分配，即可分析远距离输电问题．

A、C、甲图的原线圈两端接电源两端的电压，所以是电压互感器，已知n₁：n₂=100：1，电压表示数为220V，故传输电压为：U=220V×100=2.2×10⁴V；故A正确，C错误；
B、D、乙图中的原线圈串联接入输电线的一根导线，所以的电流互感器，已知n₃：n₄=1：10，电流表示数为10A，故传输电流为：I=10A×10=100A；故BD错误．
故选：A．

点评：
本题考点： 变压器的构造和原理．

考点点评： 本题考查了变压器的特点，要知道电流表需要串联在电路中，电压表要并联在电路中．