(2014•长葛市三模)A、B、C、D是前四周期原予序数依次增大的四种元素,其中A和B原子的价电子层中未成对电子均只有1

lhl7872022-10-04 11:39:541条回答

(2014•长葛市三模)a、b、c、d是前四周期原予序数依次增大的四种元素,其中a和b原子的价电子层中未成对电子均只有1个,并且a-和b+的电子数相差为8;c和d与b位于同一周期,c和d的价电子层中的未成对电子数分别为4和2,且原子序数相差为2.
回答下列问题:
(1)四种元素中第一奄离能最小的是______,电负性最大的是______(填元素符号),c的价电子排布式为______.
(2)a的气态氢化物的熔沸点比下周期同主族元素气态氢化物高,原因是______.
(3)a-、b+和c3+三种离予组成化合物b3ca6,其中化学键的类型有______;该化合物中存在一个复杂离子,该离子的化学式为______.
(4)d的单质粉末在co气流中轻微加热,生成无色挥发性液态d(c0)4,呈四面体构型.423k时,d(c0)4分解为d和co,从而制得***的d粉末.d(c0)4的晶体类型是______;推测d(co)4易溶于下列______溶剂中(填序号).
a.水b.四氯化碳c.苯d.硫酸镍溶液
(5)据报道,只含碳、镁和d三种元素的晶体具有超导性.该晶体的晶胞结构如图,试写出该晶体的化学式______.晶体中每个镁原子周围距离最近的d原子有______个.

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李小佛都 共回答了20个问题 | 采纳率85%
解题思路:前四周期原子序数依次增大的元素A、B、C、D中,A和B的价电子层中未成对电子均只有一个,并且A-和B+的电子数相差为8,A属于第VIIA族元素,B属于第IA族元素,且A的原子序数小于B,则A是F元素,B是K元素;与B位于同一周期的C和D,它们价电子层中的未成对电子数分别为4和2,且原子序数相差为2,且C和D的原子序数大于B,C的原子序数小于D,则C是Fe元素,D是Ni元素,结合物质结构和性质解答.

前四周期原子序数依次增大的元素A、B、C、D中,A和B的价电子层中未成对电子均只有一个,并且A-和B+的电子数相差为8,A属于第VIIA族元素,B属于第IA族元素,且A的原子序数小于B,则A是F元素,B是K元素;与B位于同一周期的C和D,它们价电子层中的未成对电子数分别为4和2,且原子序数相差为2,且C和D的原子序数大于B,C的原子序数小于D,则C是Fe元素,D是Ni元素,
(1)同一周期中,金属的金属性随着原子序数增大而减弱,所以金属性最强的是K元素,非金属性最强的是F元素,C是Fe元素,其价电子排布式为3d64s2
故答案为:K;F;3d64s2
(2)A的氢化物是HF,HF分子之间存在氢键,氢键的存在导致其沸点升高,所以HF的沸点高于HCl,故答案为:HF分子之间可以形成氢键;
(3)A-、B+和C3+三种离予组成化合物K3FeF6,该化学式中钾离子和[FeF6]3-之间存在离子键,Fe原子和F原子之间存在配位键,该化合物中存在一个复杂离子,该离子的化学式为[FeF6]3-
故答案为:离子键、配位键;[FeF6]3-
(4)分子晶体的熔沸点较低,D(C0)4的熔沸点较低,所以为分子晶体;
Ni(C0)4呈四面体构型说明该物质为非极性分子,根据相似相溶原理知,Ni(CO)4易溶于四氯化碳和苯,故选bc,
故答案为:分子晶体;bc;
(5)该晶胞中镁原子个数=8×[1/8]=1,C原子个数=1,Ni原子个数=6×[1/2]=3,所以该物质的化学式为MgCNi3,晶体中每个镁原子周围距离最近的Ni原子个数=3×8×[1/2]=12,故答案为:MgCNi3;12.

点评:
本题考点: 晶胞的计算;元素电离能、电负性的含义及应用;化学键;氢键的存在对物质性质的影响.

考点点评: 本题考查了物质结构和性质,涉及晶胞的计算、配位键、氢键等知识点,正确推断元素是解本题关键,熟悉前36号元素原子结构,再结合物质结构和性质的关系解答,题目难度中等.

1年前

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非诚勿扰,谢谢。
一刹那的风烟1年前3
荷是汰 共回答了15个问题 | 采纳率93.3%
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A.运行速度大小va<vb<vc
B.运行周期Ta>Tb>Tc
C.向心加速度犬小aa>ab>ac
D.所受向心力大小Fa>Fb>Fc
十年不胜韩1年前1
gospelkeke 共回答了25个问题 | 采纳率92%
解题思路:人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动,由地球的万有引力提供向心力,根据牛顿第二定律和万有引力定律列式,得到各量与轨道半径的关系,再进行分析比较.

ABC、根据G
Mm
r2=m
v2
r=m
4π2
T2r=mar得,v=

GM
r,a=[GM
r2,T=2π

r3/GM].
可知,卫星的轨道半径越大,向心加速度越小,线速度越小,周期越大,所以应vA>vB>vC.aA>aB>aC.TA<TB<TC.故AB错误,C正确.
D、三颗卫星的向心力由万有引力提供,因为不知道人造地球卫星A、B、C的质量大小关系,无法比较它们所受的万有引力,也就不知道向心力大小.故B错误.
故选:C.

点评:
本题考点: 人造卫星的加速度、周期和轨道的关系.

考点点评: 解决本题的关键掌握万有引力提供向心力,会选择不同的公式形式进行列式分析.

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A.(-∞,-2012)
B.(-2012,0)
C.(-∞,-2016)
D.(-2016,0)
无缘爱10501年前1
凌月风情 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
解题思路:根据条件,构造函数,利用函数的单调性和导数之间的关系,将不等式进行转化即可得到结论.

由xf′(x)>x2+2f(x),(x<0),
得:x2f′(x)-2xf(x)<x3
∵x<0,
∴x3<0,
即x2f′(x)-2xf(x)<0,
设F(x)=
f(x)
x2,
则即[
f(x)
x2]′=
x2f(x)−2xf(x)
x4<0,
则当x<0时,得F'(x)<0,即F(x)在(-∞,0)上是减函数,
∴F(x+2014)=
f(x+2014)
(x+2014)2,F(-2)=
f(−2)
(−2)2=
f(−2)
4,
即不等式4f(x+2014)-(x+2014)2f(-2)>0等价为F(x+2014)-F(-2)>0,
∵F(x)在(-∞,0)是减函数,
∴由F(x+2014)>F(-2)得,x+2014<-2,
即x<-2016,
故选C.

点评:
本题考点: 利用导数研究函数的单调性.

考点点评: 本题主要考查不等式的解法,利用条件构造函数,利用函数单调性和导数之间的关系是解决本题的关键.

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A.A→B过程中,气体对外界做功
B.B→C过程中,气体分子的平均动能增大
C.C→D过程中,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多
D.D→A过程中,气体分子的速率分布曲线不发生变化
沧海一小小粟1年前1
kelly8409 共回答了19个问题 | 采纳率94.7%
A、A→B过程中,体积增大,气体对外界做功,故A正确;
B、B→C过程中,绝热膨胀,气体对外做功,内能减小,温度降低,气体分子的平均动能减小,故B错误;
C、C→D过程中,等温压缩,体积变小,分子数密度变大,单位时间内碰撞单位面积器壁的分子数增多,故C正确;
D、D→A过程中,绝热压缩,外界对气体做功,内能增加,温度升高,分子平均动能增大,气体分子的速率分布曲线发生变化,故D错误,E正确;
故选:ACE.
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x 2 4 5 6 8
y 30 40 60 50 70
若广告费支出x与销售额y回归直线方程为y=6.5x+a(a∈R).
(I)试预测当广告费支出为12万元时,销售额是多少?
(Ⅱ)在已有的五组数据中任意抽取两组,求至少有一组数据其预测值与实际值之差的绝对值不超过5的概率.
taylorasd1年前1
神悟风 共回答了16个问题 | 采纳率100%
(Ⅰ)∵
.
x=
2+4+5+6+8
5=5,
.
y=
30+40+50+60+70
5=50,
点(5,50)在回归直线上,代入回归直线方程求得a=17.5,
所求回归直线方程为:
̂
y=6.5x+17.5…(3分)
当广告支出为12时,销售额约为
̂
y=6.5×12+17.5=95.5万元.…(5分)
(Ⅱ)实际值和预测值对应表为:
x 2 4 5 6 8
y 30 40 60 50 70

̂
y 30.5 43.5 50 56.5 69.5在已有的五组数据中任意抽取两组的基本事件:
(30,40),(30,60),(30,50),(30,70),(40,60),
(40,50),(40,70),(60,50),(60,70),(50,70)共10个,…(10分)
两组数据其预测值与实际值之差的绝对值都超过5的有(60,50),
所以至少有一组数据其预测值与实际值之差的绝对值不超过5的概率为P=1−
1
10=
9
10.…(12分)
(2014•长葛市三模)已知函数f(x)=|x-3a|,(a∈R)
(2014•长葛市三模)已知函数f(x)=|x-3a|,(a∈R)
(I)当a=1时,解不等式f(x)>5-|2x-1|;
(Ⅱ)若存在x0∈R,使f(x0)+x0<6成立,求a的取值范围.
达达也1年前0
共回答了个问题 | 采纳率
(2014•长葛市三模)设集合U={1,2,3,4,5},M={l,3,5},则∁UM=(  )
(2014•长葛市三模)设集合U={1,2,3,4,5},M={l,3,5},则∁UM=(  )
A.{1,2,4}
B.{1,3,5}
C.{2,4}
D.U
putongtonghu1年前1
jeffvicky 共回答了19个问题 | 采纳率100%
解题思路:直接利用补集的定义求出CUM.

∵集合U={1,2,3,4,5},M={l,3,5},
∴CUM={2,4},
故选:C.

点评:
本题考点: 补集及其运算.

考点点评: 本题主要考查补集的定义和求法,属于基础题.

(2014•长葛市三模)下列各组物质中,物质之间通过一步反应就能实现图示变化的是(  )
(2014•长葛市三模)下列各组物质中,物质之间通过一步反应就能实现图示变化的是(  )
物质组编号 a b c d
NO NO2 N2 HNO3
Na2CO3 NaOH Na2O2 NaHCO3
FeCl3 FeCl2 Fe CuCl2
Al2O3 NaAlO2 Al Al(OH)3

A.①②③
B.②③④
C.②④
D.③④
Smile_bjh1年前1
andio 共回答了18个问题 | 采纳率88.9%
解题思路:①氮气不能一步反应得到二氧化氮;
②过氧化钠与二氧化碳反应得到碳酸钠,与水反应得到氢氧化钠,碳酸钠与氢氧化钡反应得到氢氧化钠,氢氧化钠与过量的二氧化碳反应得到碳酸氢钠,碳酸氢钠加热分解可以得到碳酸钠;
③氯化亚铁不能一步得到氯化铜、氯化铜不能一步反应得到氯化铁;
④铝与氧气反应得到氧化铝,与氢氧化钠反应得到偏铝酸钠,氧化铝与氢氧化钠反应得到偏铝酸钠,偏铝酸钠与酸反应得到氢氧化铝,氢氧化铝加热分解生成氧化铝.

①氮气与氧气反应得到NO,NO与氧气反应得到二氧化氮,二氧化氮与水反应得到硝酸,稀硝酸与Cu反应得到NO,但氮气不能一步反应得到二氧化氮,故①不符合;
②过氧化钠与二氧化碳反应得到碳酸钠,与水反应得到氢氧化钠,碳酸钠与氢氧化钡反应得到氢氧化钠,氢氧化钠与过量的二氧化碳反应得到碳酸氢钠,碳酸氢钠加热分解可以得到碳酸钠,故②符合;
③Fe与氯气反应得到氯化铁,与盐酸反应得到氯化亚铁,氯化铁与Fe反应得到氯化亚铁,但氯化亚铁不能一步得到氯化铜、氯化铜不能一步反应得到氯化铁,故③不符合;
④铝与氧气反应得到氧化铝,与氢氧化钠反应得到偏铝酸钠,氧化铝与氢氧化钠反应得到偏铝酸钠,偏铝酸钠与酸反应得到氢氧化铝,氢氧化铝加热分解生成氧化铝,故④符合,
故选C.

点评:
本题考点: 无机物的推断;氮的氧化物的性质及其对环境的影响;钠的重要化合物;镁、铝的重要化合物;铁盐和亚铁盐的相互转变.

考点点评: 本题考查物质之间的转化,侧重元素化合物性质的考查,需要学生熟练掌握物质的性质,题目难度不大.

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(2014•长葛市三模)倾角为α、质量为M的斜面体静止在水平桌面上,质量为m的木块静止在斜面体上.下列结论正确的是(  )
A.木块受到的摩擦力大小是mgcosα
B.木块对斜两体的压力大小是mgsinα
C.桌面对斜面体的摩擦力大小是mgsinαcosα
D.桌面对斜面体的支持力大小是(M+m)g
透明的小天使1年前1
东北地 共回答了21个问题 | 采纳率95.2%
解题思路:先对木块m受力分析,受重力、支持力和静摩擦力,根据平衡条件求解支持力和静摩擦力;然后对M和m整体受力分析,受重力和支持力,二力平衡.

AB、先对木块m受力分析,受重力mg、支持力N和静摩擦力f,根据平衡条件,有:
f=mgsinθ…①
N=mgcosθ…②
故AB错误;
CD、对M和m整体受力分析,受重力和支持力,二力平衡,故桌面对斜面体的支持力为N=(M+m)g,静摩擦力为零,故C错误,D正确.
故选:D.

点评:
本题考点: 摩擦力的判断与计算;物体的弹性和弹力.

考点点评: 本题关键灵活地选择研究对象,运用隔离法和整体法结合求解比较简单方便.

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(2014•长葛市三模)25℃时,某溶液中含有Na+、H+、Fe3+、HC03-、OH-、I-中的几种离子,已知由水电离出的c(H+)=1×10-13 mol•L-1.向该溶液中缓慢通人一定量的Cl2后,溶液由无色变为黄色.下列关于该溶液的分析,错误的是(  )
A.pH=l或pH=13
B.阴离子肯定有I-,不能确定有无HCO3
C.阴离子肯定没有Fe3+,不能确定有无Na+
D.溶质有3种可能:①HI②HI和NaI③NaI和NaOH
bubughost1年前1
hbmty 共回答了24个问题 | 采纳率91.7%
解题思路:水电离出的c(H+)=1×lO-13 mol/L,溶液中氢离子或氢氧根离子浓度为0.1mol/L,该溶液为强酸性或碱性溶液,一定不会存在碳酸氢根离子;当向该溶液中缓慢通入一定量的Cl2后,溶液由无色变为黄色,说明溶液中一定存在碘离子,能够与碘离子反应的铁离子一定不会存在,据此完成本题.

由水电离出的c(H+)=1×lO-13 mol/L,该溶液中大量存在氢离子或者氢氧根离子,所以溶液中一定不会存在碳酸氢根离子;通入氯气后溶液由无色 变为黄色,说明溶液中一定不会存在有色的Fe3+,一定存在I-
A、根据分析可知,水电离出的c(H+)=1×lO-13 mol/L,若为酸性溶液,该溶液pH=1;若为碱性溶液,该溶液的pH为13,故A正确;
B、该溶液中一定存在碘离子,一定不会存在碳酸氢根离子,故B错误;
C、溶液中一定不会存在铁离子,若是碱性溶液,一定存在钠离子,故C正确;
D、如果为酸性溶液,则溶质可能为:①HI②HI和NaI;如果为碱性溶液,则溶质为③NaI和NaOH,故D正确;
故选B.

点评:
本题考点: 离子共存问题.

考点点评: 本题考查了常见离子的检验方法,题目难度中等,注意明确常见离子的反应现象及检验方法,试题有利于培养学生的分析、理解能力及灵活应用所学知识的能力.

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(2014•长葛市三模)如图,三棱柱的侧棱长和底边长均为2,且侧棱AA1⊥底面A1B1C1,正视图是边长为2的正方形,俯视图为一个等边三角形,则该三棱柱的侧视图的面积为(  )
A.
3

B.2
3

C.4
D.4
3
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xystarfruit 共回答了9个问题 | 采纳率100%
解题思路:根据俯视图为边长为2的等边三角形,求出三角形的高即为侧视图的宽,再根据正视图为边长为2的正方形,可知侧视图的高为2,计算可求侧视图的面积.

三棱柱的底面为等边三角形,边长为2,作出等边三角形的高后,组成直角三角形,
∵底边的一半为1,∴等边三角形的高为
3,
由题意知左视图是一个高为2,宽为
3的矩形,
∴三棱柱的侧视图的面积为2
3.
故选:B.

点评:
本题考点: 棱柱、棱锥、棱台的体积.

考点点评: 本题考查三视图的识别能力,作图能力,三视图的投影规则是主视、俯视 长对正;主视、左视高平齐,左视、俯视宽相等.

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(2014•长葛市三模)复数z=[2+4i/1−i](i为虚数单位)在复平面内对应点的坐标是(  )
A. (3,3)
B. (-1,3)
C. (3,-1)
D. (2,4)
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DOLU1118 共回答了14个问题 | 采纳率71.4%
解题思路:直接利用复数代数形式的除法运算化简后求得答案.

∵z=[2+4i/1−i]=
(2+4i)(1+i)
(1−i)(1+i)=
−2+6i
2=−1+3i,
∴复数z在复平面内对应点的坐标是(-1,3).
故选:B.

点评:
本题考点: 复数代数形式的乘除运算.

考点点评: 本题考查了复数代数形式的除法运算,考查了复数的代数表示法及其几何意义,是基础题.

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(2014•长葛市三模)化学与生活密切相关.下列选项中原因与结论均正确的是(  )
选项 原因 结论
A Si是良好的半导体材料 Si可用于制备光导纤维
B 铁比铜活泼 铜板上的铁钉在潮湿空气中容易生锈
C 淀粉和蛋白质都是高分子化合物 淀粉和蛋白质都可水解生成葡萄糖
D 汽油和植物油都属于烃 汽油和植物油都可以用做车用燃料

A.A
B.B
C.C
D.D
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熬决 共回答了20个问题 | 采纳率100%
解题思路:A、硅是太阳能电池板的原料,光导纤维主要是二氧化硅;
B、铜板上的铁钉在潮湿空气中,铁做负极失电子容易生锈,铁比铜活泼;
C、蛋白质水解生成氨基酸;
D、植物油的成分是油脂.

A.光导纤维的主要成分是二氧化硅,不是单质硅,故A错误;
B.铜铁和电解质溶液能形成原电池,原电池能加快化学反应速率,铁做负极失电子容易生锈,铁比铜活泼,故B正确;
C.淀粉水解生成葡萄糖,蛋白质水解生成氨基酸,故C错误;
D.汽油属于烃,植物油的成分是油脂,故D错误.
故选B.

点评:
本题考点: 硅和二氧化硅;金属的电化学腐蚀与防护;油脂的性质、组成与结构;淀粉的性质和用途;氨基酸、蛋白质的结构和性质特点.

考点点评: 本题考查了物质性质分析判断,掌握基础知识,注意物质组成,知识积累是关键,题目较简单.

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(2014•长葛市三模)已知函数f(x)=Asin(ωx-[π/6])(ω>0)相邻两个对称轴之间的距离是号,且满足,f([π/4])=
3

(I)求f(x)的单调递减区间;
(Ⅱ)在钝角△ABC中,a、b、c分别为角A、B、C的对边,sinB=
3
sinC,a=2,f(A)=1,求△ABC的面积.
百威啤酒桶1年前1
pengfeng10086 共回答了14个问题 | 采纳率92.9%
解题思路:(Ⅰ)根据题意求得函数的最小周期,进而利用周期公式求得ω,根据f([π/4])=
3
求得A,进而可得函数f(x)的解析式,进而利用三角函数的性质求得其单调递减区间.
(Ⅱ)利用正弦定理把已知等式的角转化成边,进而求得sin(2A-[π/6]),进而求得A,最后利用余弦定理求得b和c,利用面积公式求得三角形面积.

(Ⅰ)由题意知周期T=π,
∴ω=[2π/T]=2,
∵f(
π
4)=
3,
∴A=2,
∴f(x)=2sin(2x−
π
6),
∵[π/2+2kπ≤2x−
π
6≤

2+2kπ,(k∈Z)时,函数单调减,

π
3+kπ≤x≤

6+kπ,(k∈Z)时,函数单调减,
所以f(x)的单调递减区间为[
π
3+kπ,

6+kπ],(k∈Z).
(Ⅱ)∵sinB=
3]sinC,
∴由正弦定理知b=
3c,
∵f(A)=2sin(2A−
π
6)=1,
∴sin(2A−
π
6)=
1
2,
∵−
π
6<2A−
π
6<
11π
6,
∴A=
π
6或
π
2,
因为△ABC为钝角三角形,所以[π/2]舍去,故A=
π
6,
∵a2=b2+c2-2bccosA,
∴4=3c2+c2−2

点评:
本题考点: 正弦定理;三角函数的周期性及其求法.

考点点评: 本题主要考查了正弦定理和余弦定理的运用,三角函数图象和性质.考查了基础知识综合运用.

(2014•长葛市三模)种子在成熟和萌发过程中会进行不同的物质转化,如图为蓖麻种子在成熟和萌发过程中糖和脂肪的变化曲线,
(2014•长葛市三模)种子在成熟和萌发过程中会进行不同的物质转化,如图为蓖麻种子在成熟和萌发过程中糖和脂肪的变化曲线,请据图回答下列问题.

(1)脂肪的元素组成为______.鉴定脂肪可用______染液,显微镜下观察,可看到被染成______色的脂肪微粒.
(2)蓖麻种子中主要的储能物质是______,等质量的脂肪和糖类彻底氧化分解后释放能量更多的是______,脂肪在细胞中被彻底氧化分解的产物为______,该过程称为______.蓖麻种子萌发过程中产生的能量主要去向是______.
(3)萌发初期,蓖麻种子的干重有所增加,主要原因是______.
深度星狂1年前1
ee上ee看看 共回答了14个问题 | 采纳率100%
解题思路:根据题意和图示分析可知:植物不同的生长期,其物质变化有所不同.油菜在开花后会结种子,此后会将植物合成的有机物储存在种子中,因此种子中脂肪的含量增加.而在种子萌发过程中,需要利用种子的有机物提供能量,因此脂肪要水解成小分子物质.

(1)脂肪的组成元素是C、H、O.鉴定脂肪可用苏丹Ⅲ,在显微镜下脂肪被染成橘黄色的脂肪微粒,或用苏丹Ⅳ,在显微镜下脂肪被染成红色的脂肪微粒.
(2)由图可知,蓖麻种子中主要的储能物质是脂肪,由于脂肪中C、H含量高,所以等质量的脂肪和糖类彻底氧化分解后释放能量更多的是脂肪.脂肪在细胞中通过有氧呼吸被彻底氧化分解的产物为二氧化碳和水,释放大量的能量,其中能量大多数以热能形式散失.
(3)萌发初期,蓖麻种子中的脂肪大量水解,一部分水参与形成了水解产物,使干重有所增加.
故答案为:
(1)C、H、O苏丹Ⅲ(Ⅳ)橘黄(红)
(2)脂肪脂肪二氧化碳和水细胞呼吸(有氧呼吸)以热能形式散失
(3)种子中的脂肪大量水解,一部分水参与形成了水解产物

点评:
本题考点: 脂质的种类和作用的综合;糖类的种类和作用的综合.

考点点评: 本题以蓖麻种子在发育和萌发过程中糖类和脂肪的变化曲线为背景,考查学生从材料中获取信息的能力和对知识的理解迁移能力.

(2014•长葛市三模)在极坐标系中,曲线C的极坐标方程为ρ=42sin(θ+[π/4]).现以点O为原点,极轴为x轴的
(2014•长葛市三模)在极坐标系中,曲线C的极坐标方程为ρ=4
2
sin(θ+[π/4]).现以点O为原点,极轴为x轴的非负半轴建立平面直角坐标系,直线l的参数方程为
x=−2+
1
2
t
y=−3+
3
2
t
(t为参数).
(I)写出直线l和曲线C的普通方程;
(Ⅱ)设直线l和曲线C交于A,B两点,定点P(-2,-3),求|PA|•|PB|的值.
宁ii不中火锅1年前1
bdc124 共回答了24个问题 | 采纳率95.8%
解题思路:(Ⅰ)把直线的参数方程、曲线C的极坐标方程化为直角坐标方程.
(Ⅱ)把直线l的参数方程带入到圆C,利用韦达定理以及直线标准参数方程下t的几何意义求得|PA|•|PB|的值

(Ⅰ)曲线C的极坐标方程即 ρ=4
2sin(θ+
π
4)=4sinθ+4cosθ,
所以ρ2=4ρsinθ+4ρcosθ,所以x2+y2-4x-4y=0,即(x-2)2+(y-2)2=8.
把直线l的参数方程为

x=−2+
1
2t
y=−3+

3
2t(t为参数)消去参数,
化为普通方程为:
3x−y+2
3−3=0.
(Ⅱ)把直线l的参数方程带入到圆C:x2+y2-4x-4y=0,
得t2−(4+5
3)t+33=0,∴t1,2=
4+5

点评:
本题考点: 简单曲线的极坐标方程;参数方程化成普通方程.

考点点评: 本题主要考查把参数方程、极坐标方程化为直角坐标方程的方法,参数的几何意义,属于基础题.

(2014•长葛市三模)已知函数f(x)=sin(2x-[π/6])-m在[0,π2]上两个零点,则m的取值范围为(
(2014•长葛市三模)已知函数f(x)=sin(2x-[π/6])-m在[0,
π
2
]
上两个零点,则m的取值范围为(  )
A.(
1
2
,1)

B.[
1
2
,1]

C.[
1
2
,1)

D.(
1
2
,1]
chaitao_811年前0
共回答了个问题 | 采纳率
(2014•长葛市三模)H7N9型禽流感是全球首次发现的新亚型流感病毒,达菲(Tamiflu)是治疗该病毒的最佳药物.以
(2014•长葛市三模)H7N9型禽流感是全球首次发现的新亚型流感病毒,达菲(Tamiflu)是治疗该病毒的最佳药物.以莽草酸为原料,经多步反应可制得达菲和对羟基苯甲酸.达菲、莽草酸、对羟基苯甲酸的结构简式如下:

下列有关说法正确的是(  )
A.达菲、莽草酸、对羟基苯甲酸都属于芳香族化合物
B.1mol莽草酸与NaOH溶液反应,最多消耗4mol NaOH
C.对羟基苯甲酸较稳定,在空气中不易被氧化
D.利用FeCl3溶液可区别莽草酸和对羟基苯甲酸
sunmaozhuang1年前1
六月梅子 共回答了17个问题 | 采纳率76.5%
解题思路:A.达菲、莽草酸中不含苯环;
B.莽草酸中只有-COOH与NaOH反应;
C.对羟基苯甲酸中酚-OH易被氧化;
D.对羟基苯甲酸含酚-OH,而莽草酸中为醇-OH,酚-OH与氯化铁发生显色反应.

A.达菲、莽草酸中不含苯环,则二者不属于芳香族化合物,故A错误;
B.莽草酸中只有-COOH与NaOH反应,则1mol莽草酸与NaOH溶液反应,最多消耗1mol NaOH,故B错误;
C.对羟基苯甲酸中酚-OH易被氧化,所以在空气中不稳定,故C错误;
D.对羟基苯甲酸含酚-OH,而莽草酸中为醇-OH,酚-OH与氯化铁发生显色反应,则利用FeCl3溶液可区别莽草酸和对羟基苯甲酸,故D正确;
故选D.

点评:
本题考点: 有机物的结构和性质.

考点点评: 本题考查有机物的结构与性质,为高频考点,把握官能团与性质的关系解答的关键,侧重羧酸和酚性质的考查,注意芳香族化合物中含苯环,题目难度中等.

(2014•长葛市三模)下列有关生物变异的叙述中,错误的是(  )
(2014•长葛市三模)下列有关生物变异的叙述中,错误的是(  )
A.单倍体植株的细胞中可含有一到多个染色体组
B.观察细胞有丝分裂中期染色体形态可判断基因突变发生的位置
C.非同源染色体之间交换一部分片段,会导致染色体结构变异
D.低温可抑制纺锤体的形成,导致植物细胞染色体数目发生变化
好风日子1年前1
29783014 共回答了20个问题 | 采纳率90%
解题思路:染色体变异是指染色体结构和数目的改变.染色体结构的变异主要有缺失、重复、倒位、易位四种类型.染色体数目变异可以分为两类:一类是细胞内个别染色体的增加或减少,另一类是细胞内染色体数目以染色体组的形式成倍地增加或减少.

A、二倍体的单倍体为一个染色体组,多倍体的单倍体含有多个染色体组,故单倍体植株的细胞中可含有一到多个染色体组,A正确;
B、染色体变异可在显微镜下观察到,基因突变在显微镜下不能观察到,B错误;
C、非同源染色体之间交换一部分片段,为染色体结构变异中的易位,C正确;
D、低温可抑制纺锤体的形成,导致植物细胞染色体数目发生变化,D正确.
故选:B.

点评:
本题考点: 基因突变的特征;基因重组及其意义;染色体结构变异和数目变异.

考点点评: 本题考查基因突变和染色体变异的相关知识,意在考查学生的识图能力和判断能力,运用所学知识综合分析问题和解决问题的能力.

(2014•长葛市三模)如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比n1:n3=3:1,L1、L2为两只相同的灯泡,R、L、
(2014•长葛市三模)如图甲所示,理想变压器原、副线圈的匝数比n1:n3=3:1,L1、L2为两只相同的灯泡,R、L、D和C分别为定值电阻、理想线圈、理想二极管和电容器,其中C=10vF.当原线圈两端接如图乙所示的正弦交流电时,下列说法中正确的是(  )

A.灯泡L1一定比L2
B.副线圈两端的电压有效值为12V
C.因电容器所在支路处于断路状态,故无电流通过二极管
D.二极管D两端反向电压最大值是12
2
V
ShihaoMa1年前1
slidwait 共回答了13个问题 | 采纳率84.6%
解题思路:二极管具有单向通电性,电阻两端的电压为有效值,电容通高频阻低频,电感通低频阻高频.

原线圈有正弦交流电,则副线圈中也有正弦式交流电.
A、由于L1与电阻相串联,而L2与电感器相串联,灯泡L1与L2,是谁亮和暗,取决于电感和电阻谁的阻碍作用大,本题未给条件无法判断,故A错误;
B、由题意可知,原线圈的电压的最大值为36
2,由于原、副线圈的匝数比 n1:n2=3:1,所以副线圈的电压有效值为12V,故B正确;
C、电容器与二极管串联,含有电容的支路一次充电结束后就相当于断路,有电流通过二极管,故C错误;
D、二极管D两端反向电压最大值与二极管本身有关,根据题意无法求出最大值,故D错误.
故选:B

点评:
本题考点: 变压器的构造和原理;正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率.

考点点评: 本题考查了变压器的特点,知道电压之比等于线圈匝数比,掌握二极管、电感器、电容器在电路中的作用.

(2014•长葛市三模)藏硝酸钠(NaNO2)外观酷似食盐且有咸味,是一种常用的发色剂和防腐剂,僵使用过量会使人中毒,国
(2014•长葛市三模)藏硝酸钠(NaNO2)外观酷似食盐且有咸味,是一种常用的发色剂和防腐剂,僵使用过量会使人中毒,国酥上对食品中亚硝酸钠的用量控制在很低的本平上.某学习小组针对亚硝酸钠设计了如下实验:
【实验Ⅰ】制取NaNO2
该小组查阅资料知:2NO+Na2O2═2NaNO2;2NO2+Na2O2═2NaNO3设计割取装置如下(夹持装置略去):

(1)装置D可将剩余的NO氧化成N03,发生反应的离子方程式为______.
(2)如果没有B装置,C中发生的副反应有______.
(3)甲同学梭在完气密往良好后进行实验,发现NaNO2的纯度较低.乙简学对上述装置进行了改进后提高了NaNO2的纯度,其改进措施是______.
(4)丙同学撩B中的药品进行了更换,也提高了NaNO2鲍纯度.丙更换的药最是______.
【实验Ⅱ】测定甲、乙同学制取样晶中NaNO2的含量
步骤:a.在5个有编号的带刻度试管(比色管)中分别加入不同量的NaNO2溶液,各加入1mL的M溶液(M遇NaN02呈紫红色,NaNO2浓度越大颜色越深),再加蒸馏水至总体积均为10mL并振荡,制成标准色阶:
试管编号
NaNO2含量/mg•L-1 0 20 40 60 80
b.分别称量0.10g甲、乙制得的样品溶于水配成500mL溶液,贴上标签甲、乙.再分离别取5mL甲、乙待测液,各加入1mL M溶液,均加蒸馏水至10mL振荡,分别与标准色阶比较.
(5)步骤b中比较结果是:甲待测液颜色与③号色阶相同,乙待测液颜色与④号色阶相同.则甲同学制得的样品中NaN02的纯度是______%.
(6)用目视比色法证明维生素C可以有效降低NaNO2的含量.设计并完成下列实验报告.
实验方案 实验现象 实验结论
维生素C可以有效降低NaNO2的含量
csusoso1年前1
chbin1016 共回答了18个问题 | 采纳率83.3%
(1)高锰酸钾具有氧化性,能将一氧化氮氧化,反应的实质是:5NO+3MnO4-+4H+=5NO3-+3Mn2++2H2O,故答案为:5NO+3MnO4-+4H+=5NO3-+3Mn2++2H2O;
(2)金属铜和稀硝酸制得的一氧化氮中含有水,水会和过氧化钠发生反应产生氧气,2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2↑,生成的氧气极易把一氧化氮氧化为二氧化氮,即2NO+O2=NO2,故答案为:2Na2O2+2H2O=4NaOH+O2↑;2NO+O2=NO2
(3)由于获得一氧化氮所用的硝酸具有挥发性,这样会干扰实验结果,可以在A、B之间增加装有水的洗气瓶,减小实验误差,故答案为:在A、B之间增加装有水的洗气瓶;
(4)由于获得NO的过程中伴随的杂质会对实验结果产生影响,这样采用的干燥剂和除杂试剂可以选择碱石灰或是氧化钙,故答案为:碱石灰或氧化钙;
(5)甲待测液颜色与③号色阶相同,则甲同学制得的样品中NaN02的纯度是
40×10−3g×100
0.1g×100%=40%,故答案为:40;
(6)要和(5)中的贾同学的实验方案形成对比试验,同样可以是先取5mL甲待测液,然后加入维生素C,并加入1 mLM溶液,最后加入蒸馏水至10mL,若紫红色比③色阶浅,说明亚硝酸钠的含量低,则可以证明维生素C可以有效降低NaNO2的含量.
故答案为:实验方案:取5mL甲待测液加入维生素C,振荡,再加入1 mL M溶液,加入蒸馏水至10mL;实验现象:紫红色比③色阶浅.
(2014•长葛市三模)组成和结构可用表示的有机物共有(不考虑立体异构)(  )
(2014•长葛市三模)组成和结构可用表示的有机物共有(不考虑立体异构)(  )
A.9种
B.12种
C.24种
D.36种
yy呆板厂1年前1
如果鱼知道 共回答了19个问题 | 采纳率89.5%
解题思路:先找出丁基的同分异构体,再找出-C2H3Cl2的同分异构体,然后判断有机物的种数.

丁烷为CH3CH2CH2CH3时,分子中有2种不同的H原子,故有2种丁基;丁烷为CH3CH(CH3)CH3时,分子中有2种不同的H原子,故有2种丁基,故丁基(-C4H9)共有4种;
-C2H3Cl2的碳链为只有一种C-C,2个氯可以在同一个碳上,有2种,可以在不同的碳上,只有1种,总共3种,即-C3H5Cl2共有6种;所以该有机物共有4×3=12种;
故选B.

点评:
本题考点: 同分异构现象和同分异构体.

考点点评: 本题考查同分异构体的书写,难度不大,注意二氯代物的书写可以采用定一议二法解题以及组合法的使用.

(2014•长葛市三模)若(x-[2/x])n的展开式中第2项与第4项的二项式系数相等,则直线y=nx与曲线y=x2围成
(2014•长葛市三模)若(x-[2/x])n的展开式中第2项与第4项的二项式系数相等,则直线y=nx与曲线y=x2围成的封闭区域面积为(  )
A.[22/3]
B.12
C.[32/3]
D.36
frozenlake1年前1
水一 共回答了13个问题 | 采纳率84.6%
解题思路:先确定n的值,再求出直线y=nx与曲线y=x2交点坐标,利用定积分求得直线y=nx与曲线y=x2围成图形的面积.

∵(x-[2/x])n的展开式中第2项与第4项的二项式系数相等,
∴n=4,
由直线y=4x与曲线y=x2,可得交点坐标为(0,0),(4,16),
∴直线y=nx与曲线y=x2围成的封闭区域面积为
∫40(4x−x2)dx=(2x2-[1/3x3)
|40]=[32/3].
故选:C.

点评:
本题考点: 二项式系数的性质.

考点点评: 本题主要考查二项式定理的应用,利用定积分求曲边形的面积,属于基础题.

(2014•长葛市三模)如图所示,扇形区域AOC内有垂直纸面向里的匀强磁场,边界OA上有一粒子源S.某一时刻,从S平行于
(2014•长葛市三模)如图所示,扇形区域AOC内有垂直纸面向里的匀强磁场,边界OA上有一粒子源S.某一时刻,从S平行于纸面向各个方向发射出大量带正电的同种粒子(不计粒子的重力及粒子间的相互作用),所有粒子的初速度大小相同,经过一段时间有部分粒子从边界OC射出磁场.已知∠AOC=60°,从边界OC射出的粒子在磁场中运动的最长时间等于[T/2](T为粒子在磁场中运动的周期),则从边界OC射出的粒子在磁场中运动的时间不可能为(  )
A.[T/12]
B.[T/8]
C.[T/4]
D.[T/3]
jx_net1年前1
jb7211 共回答了23个问题 | 采纳率100%
解题思路:所有粒子的初速度大小相同,轨迹半径相同,当入射点与出射点连线最长时,轨迹的圆心角最大,粒子在磁场中运动的最长.相反连线最短,时间最短.根据几何知识,作出轨迹,确定时间的范围进行选择.

粒子在磁场做匀速圆周运动,粒子在磁场中出射点和入射点的连线即为轨迹的弦.初速度大小相同,轨迹半径R=[mv/qB]相同.
设OS=d,当出射点D与S点的连线垂直于OA时,DS弦最长,轨迹所对的圆心角最大,周期一定,则由粒子在磁场中运动的时间最长.由此得到:
轨迹半径为:R=

3
2d
当出射点E与S点的连线垂直于OC时,弦ES最短,轨迹所对的圆心角最小,则粒子在磁场中运动的时间最短.
则:SE=

3
2d,由几何知识,得θ=60°
最短时间:tmin=[1/6]T
所以,粒子在磁场中运动时间范围为[1/6]T≤t≤[T/2],
故不可能的是AB;
故选:AB.

点评:
本题考点: 带电粒子在匀强磁场中的运动.

考点点评: 粒子在匀强磁场中匀速圆周运动的问题,关键是画轨迹.本题是根据几何知识:半径一定时,弦越长,对应的圆心角越大,则运动时间越长.

(2014•长葛市三模)光滑水平地面上停放着甲、乙两辆相同的平板车,一根轻绳跨过乙车的定滑轮(不计定滑轮的质量和摩擦),
(2014•长葛市三模)光滑水平地面上停放着甲、乙两辆相同的平板车,一根轻绳跨过乙车的定滑轮(不计定滑轮的质量和摩擦),绳的一端与甲车相连,另一端被甲车上的人拉在手中,已知每辆车和人的质量均为30kg,两车间的距离足够远.现在人用力拉绳,两车开始相向运动,人与甲车保持相对静止,当乙车的速度为0.5m/s时,停止拉绳.求:
①人在拉绳过程做了多少功?
②若人停止拉绳后,至少以多大速度立即从甲车跳到乙车才能使两车不发生碰撞?
洁宝宝粽1年前1
折花拂柳走四方 共回答了16个问题 | 采纳率87.5%
解题思路:①人拉车的过程即是动量守恒的过程,也是人对甲车、乙车和人组成的系统做功的过程,可以通过动量守恒计算出甲车和人的速度,在由Ek=[1/2]mv2计算出甲车和人、乙车的动能,由动能定理知:甲车和人、乙车的动能之和等于人对系统做的功.
②停止拉绳后,甲车和人与乙车相向匀速运动,有动量守恒有0=(m+m)v+mv∴且甲车和人的动量与乙车动量等大小相等,方向相反.要两车不相撞,应有人跳到乙车后,甲车、乙车和人的速度应当同向且大小相等.

①设甲、乙两车和人的质量分别为m、m和m
停止拉绳时甲车的速度大小为v,乙车的速度大小为v
由动量守恒定律得(m+m)v=mv
解得:v=0.25m/s;
由功与能的关系可知,人拉绳过程做的功等于系统动能的增加量.W=
1
2(m甲+m人)v甲2+
1
2m乙v乙2=5.625J,
②设人跳离甲车时人的速度方向为正,大小为v
甲车的速度为v',人离开甲车前后由动量守恒定律得:
(m+m)v=mv'+mv
人跳到乙车时,人与乙车共同速度为:
v':mv-mv=(m+m)v'
若两车不碰撞,则v'≤v'
代入得:v≥0.5m/s
当人跳离甲车的速度大于或等于0.5m/s时,两车才不会相撞.
答:①人在拉绳过程做了5.625J的功;
②若人停止拉绳后,至少以0.5m/s的速度立即从甲车跳到乙车才能使两车不发生碰撞.

点评:
本题考点: 动量守恒定律;功能关系.

考点点评: 该题考查学生对动量守恒定律及动量定理的考查.解决该题时注意不同物理过程中的不同研究对象.

(2014•长葛市三模)已知在数列{an}中,a1=3,an+1=4an-3.
(2014•长葛市三模)已知在数列{an}中,a1=3,an+1=4an-3.
(I)求证:数列{an-1}是等比数列,并求出数列{an}的通项公式;
(Ⅱ)设数列{an}的前n项和为Sn,求Sn
lucy_see1年前1
adanweiqin 共回答了22个问题 | 采纳率100%
解题思路:(Ⅰ)由已知条件得an+1-1=4(an-1),a1-1=2,由此能证明数列{an-1}是以2为首项,以4为公比的等比数列,并能求出an=2×4n−1+1
(Ⅱ)由已知条件利用分组求和法和等比数列的前n项和公式能求出结果.

(Ⅰ)证明:∵在数列{an}中,a1=3,an+1=4an-3,
∴an+1-1=4(an-1),a1-1=2,

an+1−1
an−1=4,
∴数列{an-1}是以2为首项,以4为公比的等比数列,…(4分)
∴an−1=2×4n−1,
∴an=2×4n−1+1.…(6分)
(Ⅱ)Sn=2+2×4+2×42+…+2×4n−1+n=
2×(1−4n)
1−4+n=
2
3×(4n−1)+n.…(12分)

点评:
本题考点: 数列的求和;等比数列的性质.

考点点评: 本题考查等比数列的证明,考查数列的前n项和的求法,解题时要认真审题,注意分组求和法的合理运用.

(2014•长葛市三模)海洋动物海鞘中含有种类丰富、结构新颖的次生代谢产物,是海洋抗肿瘤活性物质的重要来源之一.一种从海
(2014•长葛市三模)海洋动物海鞘中含有种类丰富、结构新颖的次生代谢产物,是海洋抗肿瘤活性物质的重要来源之一.一种从海鞘中提取具有抗肿瘤活性的天然产物的流程如下:



下列关于该流程中各步骤的说法中,错误的是(  )
选项 步骤 采用装置 主要仪器
A 过滤装置 漏斗
B 分液装置 分液漏斗
C 蒸发装置 坩锅
D 蒸馏装置 蒸馏烧瓶

A.A
B.B
C.C
D.D
超级梦之星1年前1
我才是美丽 共回答了12个问题 | 采纳率100%
解题思路:步骤(1)是分离固液混合物,其操作为过滤,步骤(2)分离互不相溶的液体混合物,需进行分液,要用到分液漏斗;步骤(3)是从溶液中得到固体,操作为蒸发,需要蒸发皿;步骤(4)是从有机化合物中,利用沸点不同采取蒸馏得到甲苯,以此来解答.

由流程可知,步骤(1)是分离固液混合物,其操作为过滤,需要漏斗、烧杯等仪器;步骤(2)分离互不相溶的液体混合物,需进行分液,要用到分液漏斗等仪器;步骤(3)是从溶液中得到固体,操作为蒸发,需要蒸发皿等仪...

点评:
本题考点: 物质的分离、提纯的基本方法选择与应用.

考点点评: 本题以混合物的分离提纯考查有机物的合成,注意合成流程中物质的性质及分离方法是解答本题的关键,注重实验操作和分离方法的考查,题目难度不大.

(2014•长葛市三模)设函数f(x)=1nx-[1/4]x2-[1/2]x.
(2014•长葛市三模)设函数f(x)=1nx-[1/4]x2-[1/2]x.
(Ⅰ)求f(x)的单调区间和极值;
(Ⅱ)若g(x)=x(f(x)+[1/4]x2+1)当x>1时,g(x)在区间(n,n+1)内存在极值,求整数n的值.
uiu天天1年前1
他和她 共回答了30个问题 | 采纳率83.3%
解题思路:(Ⅰ)先求导数,令f′(x)=0,求出x,注意舍去负的,根据x,f'(x),f(x)的变化情况列表,得到单调区间和极值;
(Ⅱ)化简g(x),并求导数g′(x),令h(x)=lnx-x+2,并求导数h′(x),判断函数h(x)的单调性,由零点存在定理得,h(x)在区间(3,4)上有零点x0,从而求出整数n的值.

(Ⅰ)f′(x)=
1
x−
1
2x −
1
2=
−x2−x+2
2x,(x>0)
令f'(x)=0,解得x=1(-2舍去),
根据x,f'(x),f(x)的变化情况列出表格:

x (0,1) 1 (1,+∞)
f'(x) + 0 _
f(x) 递增 极大值−
3
4 递减由上表可知函数的单调增区间为(0,1),递减区间为(1,+∞),
在x=1处取得极大值−
3
4,无极小值;
(Ⅱ)g(x)=x(f(x)+
1
4x2+1)=xlnx−
1
2x2+x
g'(x)=lnx+1-x+1=lnx-x+2,
令h(x)=lnx-x+2,∴h′(x)=
1
x−1=
1−x
x,
∵x>1,∴h'(x)<0恒成立,
∴h(x)在(1,+∞)为单调递减函数,
∵h(1)=1>0,h(2)=ln2>0,h(3)=ln3-1>0,h(4)=ln4-2<0.
∴h(x)在区间(3,4)上有零点x0
且函数g(x)在区间(3,x0)和(x0,4)上单调性相反,
∴当n=3时g(x)在区间(n,n+1)内存在极值.∴n=3.

点评:
本题考点: 利用导数研究曲线上某点切线方程;利用导数研究函数的单调性;利用导数研究函数的极值.

考点点评: 本题主要考查导数的综合应用,求函数的单调区间和求极值,同时考查构造函数应用单调性解题,考查零点存在定理的运用,是一道综合题.